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1、2012年孝感中考物理试卷一、选择题：本题共6小题，在每小题给出的A、B、C、D四个选项中只有一个正确答案；其中1-9小题每题2分，10-19小题每题3分，20-25小题每题4分，共72分）1下列有关热现象的解释，错误的是（）A暮春，小草挂上露珠，是液化形成的B盛夏，人在电风扇下吹风感到清凉，是蒸发的原因C深秋，时有白霜生成，是凝固所致D隆冬，冰冻的衣物晾干，为升华现象考点：蒸发及其现象；凝固与凝固放热特点；液化及液化现象；生活中的升华现象。专题：应用题。分析：物质由气态变为液态是液化；物质由液态变为气态是汽化；物质由气态直接变为固态是凝华；物质由固态直接变为气态是升华解答：解：A、露是空气中
2、的水蒸气变成的小水珠，是液化现象正确，不合题意B、电风扇转动时，加快了室内空气的流动，使人体表面汗液的蒸发加快，从而加快吸收人体更多的热量正确，不合题意C、霜是空气中的水蒸气直接变成的小冰晶，是凝华现象错误，符合题意D、冰冻的衣物变干，冰由固态直接变成水蒸气，是升华现象正确，不合题意故选C点评：解决此题要求掌握六种物态变化，以及物态变化的吸热和放热情况，会用物态变化解释生活中的现象2下列情景中形成的像，属于实像的是（）A亭台在湖面的倒影B从放大镜中看到镜后正立、放大的数字C小孔成的像D“海市蜃楼”考点：实像与虚像的区别。专题：应用题。分析：根据实像和虚像的区别：实像是实际光线汇聚成的，虚像是实
3、际光线的反向延长线汇聚成的去分析此题解答：解：A、亭台在湖面的倒影，是平面镜成像，成的是虚像；故本选项不符合题意；B、从放大镜中看到镜后正立、放大的数字，是因为光的折射现象，看到的虚像，故本选项不符合题意；C、小孔成的像，是由于光的直线传播而形成的太阳的实像，是实际光线汇聚成的，故本选项符合题意；D、海市蜃楼，因为光的折射现象，看到的是景物的虚像，故本选项不符合题意；故选C点评：本题主要考查学生对实像和虚像定义的理解和掌握同时也是考查对光的直线传播、反射、折射及其形成原理的理解和掌握，该知识点是物理中考的一个热点知识，一定要掌握3家住三楼的王琴早上醒来，听到同学李娟在楼下喊她一起上学，下列有关
4、声现象的解释，错误的是（）A王琴能听到楼下的叫喊声，说明声音可以在空气中传播B李娟的叫喊声很大，说明她的音调高C王琴从叫喊声中听出是李娟，她是根据声音的音色来判断的D王琴的妈妈提醒她下楼时脚步要轻些，这是为了减弱噪声考点：音调、响度与音色的区分。专题：应用题。分析：（1）声音的三个特征分别是：音调、响度、音色；（2）音调指声音的高低，由发声体的频率（即振动的快慢）决定；响度指声音的大小，由声源的振幅（即振动的幅度）决定；（3）声音的传播需要介质；（4）防止噪声的措施解答：解：A、王琴能听到楼下的叫喊声，说明声音可以在空气中传播；故A正确，不符合题意B、李娟的叫喊声很大，说明她的响度大；故B错误
5、，符合题意C、王琴从叫喊声中听出是李娟，她是根据声音的音色来判断的；故C正确，不符合题意D、王琴的妈妈提醒她下楼时脚步要轻些，这是为了减弱噪声；故D正确，不符合题意故选B点评：本题考查声现象中的一些基本概念，正确区分声音的音调、响度、和音色是解决此题的关键属于基础题，难度不大4如图所示的电路中，电源的电压保持不变，R1为定值电阻，R2为滑动变阻器，闭合开关S，滑片P向右移动时，则（）A电流表A的示数变大B电压表V的示数不变C电路消耗的总功率增大DR1消耗的电功率减小考点：欧姆定律的应用；串联电路的电流规律；滑动变阻器的使用；电阻的串联；电路的动态分析。专题：应用题；推理法。分析：由图可知，定值
6、电阻R1和滑动变阻器R2串联，电流表测量的是整个电路中的电流，电压表测量的是滑动变阻器两端的电压，首先判断出当滑片P向右移动时，滑动变阻器连入电路中电阻的变化，再根据串联电路电阻的特点，判断出电路中总电阻的变化，再利用公式I=判断出电路中电流的变化，即电流表示数的变化判断出A是否符合题意定值电阻R1的阻值不变，利可用公式U=IR判断出定值电阻两端电压的变化，再根据串联电路电压的特点，判断出电压表示数的变化判断出B是否符合题意知道电路中电流的变化，而电源电压不变，可利用公式P=UI判断出电路中总功率的变化判断出C是否符合题意知道电路中电流的变化，电路中的电流变小，可利用公式P=I2R判断出电阻R
7、1消耗的电功率的变化判断出D是否符合题意解答：解：从图可知，定值电阻R1和滑动变阻器串联R2串联，当滑片P向右移动时，其连入电路中电阻的变大，则根据串联电路电阻的特点可知，此时电路中的总电阻的变大，而电源电压不变，由公式I=可知电路中的电流变小，即电流表的示数变小故A不符合题意因为定值电阻R1的阻值不变，而电路中的电流变小，所以由公式U=IR可知定值电阻两端的电压变小，根据串联电路电压的特点可知，滑动变阻器两端的电压变大，即电压表的示数变大故B不符合题意因为电源电压不变，而电路中的电流变小，所以由公式P=UI可知电路中的总功率变小故C不符合题意因为电路中的电流变小，而定值电阻R1的阻值不变，所
8、以由公式P=I2R可知电阻R1消耗的电功率变小故D符合题意故选D点评：本题考查欧姆定律的应用和滑动变阻器的使用，并可以利用公式P=UI，P=I2R判断出的功率的变化，关键明白滑动变阻器移动过程中电阻的变化情况，要记住串联电路电流和电压的规律5下列物理图象所表示出的各物理量之间的关系，错误的是（）A图甲为某物体的路程与时间关系，由图象可知，该物体运动的速度为10m/sB图乙为某种物质的质量与体积关系，由图象可知，该物质的密度为2.5g/cm3C图丙为某导体中电流跟它两端电压的关系，由图象可知，此导体的电阻为5D图丁为物体受到的重力与物体质量关系，由图象可知，重力与质量的比值为9.8N/kg考点：
9、速度公式及其应用；密度公式的应用；重力的计算；欧姆定律的应用。专题：应用题；图析法。分析：明确横纵轴所表示的物理量，再结合相关的公式或原理进行分析，才能做出正确的判断解答：解：A、据图能看出该物体随着时间的增长，路程不变，故该物体处于静止状态，所以该选项符合题意；B、对某种物质来说，其质量与体积成正比，其质量与体积的比值是一定值，故其密度值是：=2.5g/cm3；故该选项不符合题意；C、当电阻不变时，电压与电流的比值是一个定值，电流应随电压的增大而增大，即R=5，故不符合题意；D、物体所受的重力与其质量成正比，故g=9.8N/kg，故该选项不符合题意；故选A点评：本题考查的知识点比较多，有关密
10、度的图象、有关速度的图象、有关电压电流的图象和物体所受重力与质量的图象的理解主要考查学生应用数学函数图象来分析解决物理问题的能力解决此类图象问题时，应根据实际情况进行实际分析，选出正确的答案6如图所示，一质地均匀的圆柱形平底玻璃杯，置于水平桌面中央，杯内水中漂浮着一冰块若冰融化前、后水对杯底的压强分别为P1、P2，杯底对桌面的压强分别为P3、P4，已知水冰块，则下列关系式中正确的是（）Ap1p2p3p4Bp1p2p3p4Cp1=p2、p3=p4，且p1=p3Dp1=p2、p3=p4，且p1p3考点：液体的压强的计算；压强的大小及其计算；阿基米德原理。专题：应用题。分析：（1）液体压强大小的比较
11、，可通过公式P=gh来完成；（2）杯底对桌面的压强属于固体压强；可通过公式P=来完成解答：解：（1）根据阿基米德原理：F浮=G排（G水）；由由于冰块漂浮，故有F浮=G冰；故G冰=G水；故冰块熔化前后，水面高度h不变；根据液体压强的公式：P=gh可得，由于水的高度h不变，故水对杯底的压强不变，即P1=P2；（2）冰块熔化前后，杯内物质的重力不变，杯子的重力不变；故桌面受到的压力（F=G总）就不变，杯子的底面积不变；根据固体的压强公式：P=得，桌面受压强不变，即P3=P4；（3）由于玻璃杯是质地均匀的圆柱形，故杯底受到的压力等于杯内物质的重力（G内）；杯底受压强P1=；桌面受到的压力等于杯子与杯内
12、物质的总重力（G总）；桌面受压强P3=；由于G总G内；故P1P3；故D正确；ABC错误；故选D点评：灵活运用压强的各个公式进行分析，抓住题目中的相等量；可做出选择三、实验探究题：（本题共3小题，共38分）7按要求完成下列各题（1）如图甲所示，入射光线AO与水面成40角斜射向水面请作出反射光线，并大致作出折射光线（2）如图乙所示，吊篮在热气球的拉动下加速竖直上升试画出吊篮在此运动过程中的受力示意图（不计空气对吊篮的阻力）（3）如图丙所示，开关S闭合后，小磁针在电磁铁作用下最终静止，则a端为S极（4）如图丁所示实验，展示了人类利用内能的过程其中，酒精燃烧过程中，能量转化关系是：化学能转化为内能，软
13、木塞被冲开，能量转化关系是：内能转化为机械能考点：作光的折射光路图；力的示意图；通电螺线管的极性和电流方向的判断；能量转化的现象；做功改变物体内能。专题：应用题；作图题。分析：（1）先过入射点作出法线，然后根据入射光线、反射光线以及法线在同一平面内，并且入射角等于反射角，画出反射光线；根据入射光线、折射光线以及法线在同一平面内，折射角小于入射角，确定折射光线的方向（2）吊篮在加速上升的过程中，受到竖直向上的浮力和竖直向下的重力的作用先找到力的作用点，从力的作用点起，竖直向上画出浮力，末端画出箭头，并标出F浮竖直向下画出重力，末端画出箭头，并标出G在同一幅图上，相等的力，画的线段相等，力大的画的
14、长一些（3）利用安培定则可以确定螺线管的NS极；进而利用磁极间的作用规律可以确定小磁针的NS极（4）该题考查内能做功过程，即先通过燃料燃烧增加内能，而后内能对外做功，即将内能转化为机械能，故据此思路分析即可解答：解：（1）过入射点O作垂直于界面的法线，根据反射角等于入射角画出反射光线OB；根据折射角小于入射角画出折射光线OC如图所示：（2）从重心起竖直向上画出线段，在末端画箭头，标出F浮从重心起竖直向下画出线段，在末端画出箭头，标出G吊篮加速上升，浮力大于重力，浮力画的要长一些故答案为：（3）由安培定则可知，螺线管的左端为N极，因为异名磁极互相吸引，所以小磁针在电磁铁作用下最终静止时a端为S极
15、故答案为：S（4）用酒精灯在给试管加热的过程中，酒精的化学能转化内能，这些内能传递给试管中的水；使得水的内能增加，产生大量的水蒸气，试管内的气体压强增大，大于外界的大气压，水蒸气就会将塞子冲出，即对塞子做功将水的内能转化为塞子的机械能故答案为：化学；内；内；机械点评：此题考查以下知识点：（1）光的反射定律和光的折射定律，注意反射角和入射角的关系以及折射角和入射角的关系（2）画力的示意图的方法：一定点，二画线，再在线段末端画尖尖（3）安培定则和磁极间的相互作用（4）做功改变物体内能的过程是能量转化的过程，即内能和机械能的相互转化过程8在“测未知电阻Rx的阻值”实验中，请完成下列相关问题：（1）用
16、笔画线代替导线将图甲中的实物连接完整（2）把第二次测量时，图乙所示的电压表和电流表的示数填入表中相应的位置实验次数电压/V电流/A11.20.242 32.40.48（4）另有同学设计了下列二种测量方案，方案中定值电阻的阻值为R0方案一的电路中，闭合开关S，如果电压表V1和V2的读书分别为U1和U2，则电阻Rx的阻值表达式为Rx=；方案二的电路中，闭合开关S，如果电流表A1和A2的读数分别为I1和I2，则电阻Rx的阻值表达式为Rx=考点：伏安法测电阻的探究实验。专题：实验题；作图题。分析：（1）电压表并联在待测电阻两端，连线时注意电压表正负接线柱不要接反；（2）由图乙所示电表确定电表的量程与最
17、小分度值，根据电表指针位置读出电表的示数；（3）根据表中数据，找出电压与所对应的电流值，由欧姆定律求出电阻的测量值，然后求三次测量值的平均值，作为待测电阻的阻值；（4）方案一中定值电阻与待测电阻串联，已知定值电阻电压与阻值，由欧姆定律可以求出电路电流，已知待测电阻两端的电压，由欧姆定律可以求出待测电阻的阻值；方案二中定置电阻与待测电阻并联，已知电阻电阻阻值及流过定值电阻的电流，由欧姆定律可以求出并联电压；根据并联电路的特点 求出流过待测电阻的电流，由欧姆定律可以求出待测电阻的阻值解答：解：（1）电压表并联在待测电阻两端，电路图如图所示；故答案为：电路图如图所示（2）由图乙可知：电压表量程是3V
18、，最小分度值是0.1V，电压表示数是1.8V；电流表量程是0.6A，最小分度值是0.02A，电流表示数是0.36A；把电压表与电流表的示数填入表中，如下表所示；故答案为：如表所示实验次数电压/V电流/A11.20.2421.80.3632.40.48R2=5，R3=5；未知电阻Rx的阻值RX=5；故答案为：5（4）流过电路的电流I=，电阻Rx的阻值Rx=，并联电路电压U=I2R0，流过待测电阻的电流IX=I1I2，待测电阻阻值RX=；故答案为：；点评：本题考查了连接电路图、电表读数、求待测电阻的阻值等问题；对电表读数时，应先确定电表的量程与最小分度值，然后根据电表指针位置读数，读数时视线要与刻
19、度线垂直；分析清楚电路结构、掌握串联电路与并联电路的特点、掌握欧姆定律是解最后一小题的关键9如图所示是“探究滑动摩擦力大小与什么因素有关”的实验（1）实验过程中，必须用弹簧测力计沿水平方向拉着物块A做匀速直线运动，这样做便于测量滑动摩擦力的大小（2）分析图甲、乙可知，在接触面粗糙程度相同时，压力越大，滑动摩擦力越大（3）分析图甲和丙，发现弹簧测力计的示数F1F3，说明：压力一定时，接触面越粗糙，滑动摩擦力越大上述实验得到的结论是：滑动摩擦力的大小跟压力的大小和接触面的粗糙程度有关人们通过大量实验进一步证明：接触面粗糙程度一定时，滑动摩擦力的大小与压力的大小成正比（4）如图丁所示，在图丙中物块A
20、上叠放一块与之相同的物块B，用弹簧测力计拉着物块A，使物块B随A一起做匀速直线运动弹簧测力计示数为F4，则F4：F3=2：1；此运动过程中，物块B受到的摩擦力fB=0N考点：探究摩擦力的大小与什么因素有关的实验。专题：实验题；控制变量法。分析：（1）掌握二力平衡条件的应用，要测量摩擦力的大小，需拉动测力计沿水平方向做匀速直线运动，此时拉力大小与摩擦力大小相等；（2）摩擦力大小的影响因素：压力大小和接触面的粗糙程度压力一定时，接触面越粗糙，摩擦力越大接触面粗糙程度一定时，压力越大，摩擦力越大；（3）分析甲丙两次实验是压力改变还是接触面的粗糙程度发生了改变，弹簧测力计的示数不同就说明了摩擦力的大小
21、和改变的这个因素有关；（4）判断一个物体是否受摩擦力主要的依据是看这个物体有没有发生相对运动或者有没有相对运动的趋势据此就可判断出B是否受摩擦力解答：解：（1）要测滑动摩擦力，需拉动木块做匀速直线运动，根据二力平衡条件可知，此时拉力与摩擦力是一对平衡力，大小相等（2）甲、乙两次实验接触面的粗糙程度是一定的，压力是不同的，弹簧测力计的示数不同即摩擦力是不同的，这就说明摩擦力的大小和压力大小有关，即：接触面粗糙程度一定时，压力越大，摩擦力越大；（3）甲、丙两次实验压力是一定的，接触面的粗糙程度是不同的，弹簧测力计的示数不同即摩擦力是不同的，这就说明摩擦力的大小和接触面的粗糙程度有关，即：在压力一定
22、时，接触面越粗糙，滑动摩擦力越大；（4）比较丙、丁两图可知，接触面的粗糙程度相同，压力不同，丁图中压力是丙图压力的2倍，所使用的拉力也应该是2倍的关系，即F4：F3=2：1；物块A、B叠放在一起：A和B是同向同速运动的，即保持相对静止状态，所以A和B之间是没有摩擦力的，故物块B受到的摩擦力为0N故答案为：（1）匀速直线；（2）压力；（3）接触面越粗糙；（4）2：1；0点评：此题是探究影响滑动摩擦力的因素，主要考查了对二力平衡条件的应用及控制变量法，难点是第（4）问中最后一空，物块B没有发生相对运动，故不受摩擦力四、应用题：（本题共三小题，共22分）10学完“浮力”知识后，小芳同学进行了相关的实
23、践活动（p水=1.0103kg/m3，g取10N/kg）（1）她选取一质量为750g、体积为1250cm3长方体木块，让它漂浮在水面上，如图甲所示，求木块受到的浮力（2）取来规格相同由合金材料制成的螺母若干，每只螺母质量为50g，将螺母逐个放置在漂浮的木块上问：放多少只螺母时，木块刚好浸没在水中？（3）她又用弹簧测力计、一只螺母做了如图乙所示的实验，弹簧测力计静止时的示数为0.4N，求合金材料的密度考点：探究浮力大小的实验；二力平衡条件的应用；阿基米德原理；浮力大小的计算。专题：计算题。分析：（1）木块漂浮，此时木块受到的浮力等于木块本身的重力，已知木块质量，利用F浮=G=mg计算；（2）已知
24、水的密度和木块的体积，根据阿基米德原理F浮=G排可以计算出木块完全浸没在水中时受到的浮力，再根据平衡条件计算出需要的螺母的重力，最后计算个数；（3）已知螺母质量和弹簧测力计的示数，利用F浮=GF计算出浮力，再根据阿基米德原理F浮=水gV排计算出体积，最后根据=计算密度解答：解：（1）木块漂浮，由F浮=G得，木块受到的浮力：F浮=G木=m木g=750103kg10N/kg=7.5N；（2）木块完全浸没由阿基米德原理得，此时木块受到的浮力：F浮=G排=水gV排=水gV木=1.0103kg/m310N/kg1250106m3=12.5N，螺母的重力为：G螺母总=F浮G木=12.5N7.5N=5N，螺
25、母的个数为：n=10只；（3）螺母完全浸没在水中，由F浮=GF得，螺母受到的浮力：F浮螺母=G螺母F=0.5N0.4N=0.1N，螺母的体积：V螺母=105m3，由=得，合金材料的密度：合金=5103kg/m3答：（1）木块受到的浮力7.5N；（2）放10只螺母时，木块刚好浸没在水中；（3）合金材料的密度5103kg/m3点评：本题综合考查了重力的计算、浮力的计算（阿基米德原理、漂浮条件）密度的计算，知识点多，尤其是（2）中的判断木块的平衡状态，木块是由于螺母才完全浸没在水中，但木块本身也有一定重力，此时，F浮=G木+G螺母，在计算过程中单位要统一11下面的图表是从某台电热饮水机说明书上收集到
26、的信息经分析得知，当开关S闭合时，饮水机处于加热状态，S断开时，饮水机处于保温状态为了测量它加热时的实际功率，小明断开其它所有用电器，只将该饮水机接入家庭电路中，闭合开关S，测得热水箱中的水从20升高到100，所用时间为7.5min，同时观察到家中标有“1200r/kwh”字样的电能表转盘转过120转（r）根据以上信息，求：（1）电阻R1的阻值（不考虑温度对阻值的影响）；（2）饮水机热水箱中的水从20升高到100时所吸收的热量C水=4.2103J/（kg）；（3）饮水机加热时的实际功率；（4）饮水机此加热过程中的热效率考点：电功与热量的综合计算；热量的计算；热机的效率；电功率的计算；实际功率。
27、专题：计算题。分析：（1）当开关S闭合时，饮水机处于加热状态，此时电路中只有电阻R1；S断开时，饮水机处于保温状态，此时电路中电阻R1和R2串联；知道饮水机的额定电压和加热时的额定功率，可利用公式R=计算出电阻R1的阻值（2）知道热水箱的容量，可利用公式m=V计算出水的质量，又知道水的比热容和温度变化，可利用热量公式Q吸=Cm（tt0）计算出水吸收的热量（3）“1200r/kwh”的意义为：每消耗1kwh的电能，电能表的转盘就转过1200r，从而可以计算出电能表的转盘转过120r消耗的电能，又知道工作时间，可利用公式P=计算出饮水机的实际功率（4）已经计算出水吸收热量和饮水机消耗的电能，可利用
28、公式=计算出饮水机的热效率解答：解：（1）当开关S闭合时，饮水机处于加热状态，此时电路中只有电阻R1，如图1所示；S断开时，饮水机处于保温状态，此时电路中电阻R1和R2串联，如图2所示；U额=220V，P加热=880W，电阻R1的阻值为：R1=55（2）V=1L=1dm3=1000cm3，=1103kg/m3=1g/cm3，水的质量为：m=V=1g/cm31000cm3=1000g=1kg；又C水=4.2103J/（kg），t=100，t0=20，水吸收的热量为：Q吸=C水m（tt0）=4.2103J/（kg）1kg（10020）=3.36105J（3）每消耗1kwh的电能，电能表的转盘就转过
29、1200r，电能表的转盘转过120r消耗的电能为：W=0.1kwh=3.6105J，而t=7.5min=450s，饮水机的实际功率为：P实际=800W（4）Q吸=3.36105J，W=3.6105J，饮水机的热效率为：=93.3%答：（1）电阻R1的阻值为55（2）饮水机热水箱中的水从20升高到100时所吸收的热量为3.36105J（3）饮水机加热时的实际功率为800W（4）饮水机此加热过程中的热效率为93.3%点评：本题是一道电学与热学的综合应用题，考查了质量、吸收热量、电功、热机效率等的计算，关键是公式及其变形的灵活运用，难点是结合电路图对饮水机状态的判断与生活相连，使学生觉得学了物理有用，注意计算时的单位变换要正确