《新《试卷》精品解析：【全国百强校】河北省衡水中学2017届高三上学期四调考试物理试题解析（解析版）18.doc》由会员分享，可在线阅读，更多相关《新《试卷》精品解析：【全国百强校】河北省衡水中学2017届高三上学期四调考试物理试题解析（解析版）18.doc（21页珍藏版）》请在taowenge.com淘文阁网|工程机械CAD图纸|机械工程制图|CAD装配图下载|SolidWorks_CaTia_CAD_UG_PROE_设计图分享下载上搜索。
1、 一、选择题：1、下列说法正确的是：A.欲改放射性元素的半衰期，可以通过改变它的化学状态来实现B.每个核子只跟邻近的核子发生核力作用C. 衰变中产生的射线实际上是原子的核外电子挣脱原子核的束缚而形成的D.太阳内部发生的核反应是重核裂变【答案】B【解析】考点：半衰期；核力；核反应【名师点睛】本题考查了半衰期；核力；核反应等基础知识点，难度不大，关键要熟悉教材，牢记这些基础知识点。2、水平面上有质量相等的ab两物体，水平推力F1、F2分别作用在a、b上，各作用一段时间后撤去推力，物体将继续运动一段时间后停下来撤去推力时两物体速度相等，它们运动的v-t图象如图所示，图中ABCD，整个过程中（）A水平
2、推力F1、F2的大小相等 Ba、b与水平面间的动摩擦因数相等 Ca的平均速度大于b的平均速度 D水平推力F1、F2所做的功可能相等【答案】B【解析】试题分析：根据v-t图象，由于ABCD，可见两物体与水平面间的动摩擦因数相同，设为，在a、b加速运动过程中，由牛顿第二定律知，；由于ma=mb，得F1F2故A错误；B正确； 由可知，两物体在全过程中运动的平均速度相同；故C错误； 对全程由动能定理可知，两物体的位移不相同，而摩擦力做功不同，则可知水平推力做功不可能相同；故D错误；故选B。来源:ZXXK考点：牛顿第二定律；动能定理【名师点睛】本题首先考查读图能力，其次考查动量定理应用时，选择研究过程的
3、能力知道水平推力撤去后，AB与CD平行，说明加速度相同，动摩擦因数相同。3、如图所示，AB两球质量相等，光滑斜面的倾角为，图甲中，A、B两球用轻弹簧相连，图乙中A、B两球用轻质杆相连，系统静止时，挡板C与斜面垂直，弹簧、轻杆均与斜面平行，则在突然撤去挡板的瞬间有（）A两图中两球加速度均为gsin B两图中A球的加速度均为零 C图乙中轻杆的作用力一定不为零 D图甲中B球的加速度是图乙中B球加速度的2倍【答案】D来源:Z。xx。k.Com【解析】来源:考点：牛顿第二定律的应用【名师点睛】解题时要根据弹簧弹力不能突变，杆的弹力会突变，去分析撤去挡板的瞬间，图甲和图乙中AB所受合外力即可得到各自的加速
4、度。4、如图所示，穿在一根光滑的固定杆上的两个小球A、B连接在一条跨过定滑轮的细绳两端，杆与水平面成角，不计所有摩擦当两球静止止时，OA绳与杆的夹角为，OB绳沿竖直方向，则正确的说法是 （） AA可能受到2个力的作用 BB可能受到3个力的作用 C绳子对A的拉力大于对B的拉力 DA、B的质量之比为1：tan【答案】D【解析】考点：物体的平衡【名师点睛】本题考查了隔离法对两个物体的受力分析，关键是抓住同一根绳子上的拉力处处相等结合几何关系将两个小球的重力联系起来。5. 有a、b、c、d四颗地球卫星，a还未发射，在赤道表面上随地球一起转动，b是近地轨道卫星，c是地球同步卫星，d是高空探测卫星，它们均
5、做匀速圆周运动，各卫星排列位置如图所示，则（）Aa的向心加速度等于重力加速度g B在相同时间内b转过的弧长最长 Cc在4小时内转过的圆心角是 Dd的运动周期有可能是20小时【答案】B【解析】考点：万有引力定律的应用【名师点睛】对于卫星问题，要建立物理模型，根据万有引力提供向心力，分析各量之间的关系，并且要知道同步卫星的条件和特点。6、在如图所示的电路中，电源的负极接地，其电动势为E，内电阻为r，R1、R2为定值电阻，R3为滑动变阻器，C为电容器在滑动变阻器滑动头P自a端向b端滑动的过程中，下列说法中正确的是（）A电压表示数变小 B电流表示数变小 C电容器C所带电荷量增多 Da点的电势降低【答案
6、】D【解析】试题分析：在滑动变阻器滑动头P自a端向b端滑动的过程中，变阻器在路电阻减小，外电阻减小，干路电流增大，电阻R1两端电压增大，则电压表示数变大电阻R2两端的电压U2=E-I（R1+r），I增大，则U2变小，电容器板间电压变小，其带电量减小根据外电路中顺着电流方向，电势降低，可知 a的电势大于零，U2变小，则a点的电势降低，通过R2的电流I2减小，通过电流表的电流IA=I-I2，I增大，I2减小，则IA增大即电流表示数变大故D正确，ABC错误故选D。考点：电路的动态分析【名师点睛】本题是电路动态变化分析问题，要抓住不变量：电源的电动势、内阻及定值电阻的阻值不变，进行分析根据电流方向判断
7、电势高低，由电压的变化判断电势的变化。7、如图，一带电粒子沿着图中AB曲线从A到B穿过一匀强电场，a、b、c、d为该匀强电场的等势线，且UaUbUcUd，则（）A粒子一定带负电，电势能一定减小 B粒子一定带负电，电势能一定增大 C粒子可能带正电，电势能一定减小 D粒子可能带正电，电势能一定增大【答案】A【解析】考点：带电粒子在电场中的运动【名师点睛】本题通过带电粒子在电场中的运动考查了等势线和电场线、电势能、电场力等问题，解决这类问题的突破口是：做曲线运动的物体所受合外力指向其轨迹内侧。8、图为示波管的原理图，如果在电极YY/之间所加的电压按图甲所示的规律变化，在电极XX之间所加的电压按图乙所
8、示的规律变化，则在荧光屏上会看到的图形是（） A B C D【答案】C【解析】试题分析：因为在电极xx之间所加的电压保持不变，可知在x方向上的偏转位移保持不变，在y方向上电压随正弦规律变化，即y方向上偏移在正负最大值之间变化故C正确，ABD错误故选C。考点：示波器【名师点睛】本题关键要清楚示波管的工作原理，要用运动的合成与分解的正交分解思想进行思考。9、如图所示电路，在平行金属板M、N内部左侧中央P有一质量为m的带电粒子（重力不计）以水平速度v0射入电场并打在N板的O点改变R1或R2的阻值，粒子仍以v0射入电场，则（）A该粒子带正电 B减少R2，粒子还能打在O点 C减少R1，粒子将打在O点左侧
9、 D增大R1，粒子在板间运动时间不变【答案】BC【解析】由图知，y一定，q、m、d、v0不变，则由式知：当减少R1时，M、N间的电压U增大，x减小，所以粒子将打在O点左侧；由知，增大R1，U减小，t增大，故C正确，D错误故选BC。考点：带电粒子在电场中的运动；闭合电路的欧姆定律【名师点睛】本题是类平抛运动与电路知识的综合，其联系的纽带是电压，要抓住电路稳定时与电容器串联的电阻上没有电压，相当于导线，电容器的电压等于所并联的电路两端的电压。10、如题所示，水平放置的平行金属板A、B连接一恒定电压，两个质量相等的电荷M和N同时分别从极板A的边缘和两极板的正中间沿水平方向进入板间电场，两电荷恰好在板
10、间某点相遇若不考虑电荷的重力和它们之间的相互作用，则下列说法正确的是 （）A电荷M的电荷量大于电荷N的电荷量 B两电荷在电场中运动的加速度相等 C从两电荷进入电场到两电荷相遇，电场力对电荷M做的功大于电场力对电荷N做的功 D电荷M进入电场的初速度大小与电荷N进入电场的初速度大小一定相同【答案】AC【解析】考点：带电粒子在电场中的运动【名师点睛】本题是带电粒子在电场中的运动问题，解题的关键是将合运动沿水平和竖直方向正交分解，然后根据运动学公式列式分析。11、如图所示有三个斜面a、b、c，底边分别为L、L、2L，高分别为2h、h、h，同一物体与三个斜面的动摩擦因数相同，这个物体分别沿三个斜面从顶端
11、由静止下滑到底端的三种情况相比较，下列说法正确的是A物体损失的机械能Ec=2Eb=4Ea B物体运动的时间4ta=2tb=tc C物体到达底端的动能Eka=2Ekb=2Ekc D因摩擦产生的热量2Qa=2Qb=Qc【答案】D【解析】考点：动能定理；牛顿第二定律【名师点睛】本题比较简单直接利用功能关系即可求解，易错点在于写出表达式后的数学运算，因此学生要加强练习，提高利用数学知识解决物理问题的能力。12、如图甲所示为电场中的一条电场线，在电场线上建立坐标轴，则坐标轴上Ox2间各点的电势分布如图乙所示，下列说法中正确的是（）Ax1点的电场强度最小 B0-x2之间，x轴附近的电场线分布先变密后变疏
12、C一正电电荷从O点由静止释放，若仅受电场力作用，点电荷的加速度先增大后减小 D一正电电荷从O点由静止释放，若仅受电场力作用，速度先增大后减小【答案】BC【解析】考点：电场强度；电势【名师点睛】本题从数学有角度理解-t图象的斜率等于场强，由电势的高低判断出电场线的方向，来判断电场力方向做功情况。13、如图所示，竖直光滑杆固定不动，套在杆上的轻质弹簧下端固定，将套在杆上的滑块向下压缩弹簧至离地高度h=0.40m处，滑块与弹簧不拴接现由静止释放滑块，通过传感器测量出滑块的速度和离地高度h，计算出滑块的动能EK，并作出滑块的EK-h图象，其中高度从0.80m上升到1.40m范围内图象为直线，其余部分为
13、曲线若以地面为重力势能的零势能面，取g=10m/s2，则结合图象可知（） A滑块的质量为1.00 kg B弹簧原长为0.72 m C弹簧最大弹性势能为10.00 J D滑块的重力势能与弹簧的弹性势能总和最小为3.60J【答案】AD【解析】考点：机械能守恒定律；动能定理【名师点睛】本题是能量守恒定律和图象的理解与应用问题，根据该图象的形状得出滑块从0.8m上升到1.40m范围内所受作用力为恒力，说明物体不再受到弹簧的弹力的作用是解题的关键。14、如图所示，半径R=0.5m的1/4圆弧接收屏位于电场强度方向竖直向下的匀强电场中，OB水平，一质量为m=10-4kg、带电荷量为q=8.010-5C的粒
14、子从与圆弧圆心O等高且距O点0.3m的A点以初速度v0=3m/s水平射出，粒子重力不计，粒子恰好能垂直打到圆弧曲面上的C点（图中未画出），取C点电势=0，则（）A该匀强电场的电场强度E=100 V/m B粒子在A点的电势能为810-5J C粒子到达C点的速度大小为5m/s D粒子速率为4 m/s时的电势能为4.510-4J【答案】CD【解析】 考点：带电粒子在电场中的运动【名师点睛】本题考查了粒子在电场中的运动，粒子在电场中做类平抛运动，应用类平抛运动规律、动能定理、能量守恒定律即可正确解题。15、如图所示，M、N为两个等大的均匀带电圆环，其圆心分别为A、C，带电量分别为+Q、-Q，将它们平行
15、放置，A、C连线垂直于圆环平面，B为AC的中点，现有质量为m、带电量为+q的微粒（重力不计）从左方沿A、C连线方向射入，到A点时速度vA=1m/s，到B点时速度vB=m/s，则（）A微粒从B至C做加速运动，且vC=3m/s B微粒从A到C先做减速运动，后做加速运动 C微粒在整个运动过程中的最终速度为 m/s D微粒最终可能返回至B点，其速度大小为m/s【答案】AC【解析】考点：带电粒子在电场中的运动；动能定理【名师点睛】该题关键：一、要会识别电场分布，对于这种对称分布的电荷，其电场应该是对称的；二、要会识别电场的等势面，这个图有点相等量异种点电荷的电场和等势面分布，解题时候就是要类比它来解决。
16、二、非选择题：16、在“验证机械能守恒定律”的实验中，小明同学利用传感器设计实验：如图甲所示，将质量为m、直径为d的金属小球在一定高度h由静止释放，小球正下方固定一台红外线计时器，能自动记录小球挡住红外线的时间t，改变小球下落高度h，进行多次重复实验此方案验证机械能守恒定律方便快捷（1）用螺旋测微器测小球的直径如图乙所示，则小球的直径d=17.805 mm；（2）为直观判断小球下落过程中机械能是否守恒，应作下列哪一个图象？ D ；Ah-t图象 Bh-图象 Ch-t2图象 Dh-图象（3）经正确的实验操作，小明发现小球动能增加量mv2总是稍小于重力势能减少量mgh，你认为增加释放高度h后，两者的
17、差值会增大 （填“增大”、“缩小”或“不变”）【答案】（1）17.805（2）D（3）增大来源:【解析】考点：验证机械能守恒定律【名师点睛】对于基本测量仪器如游标卡尺、螺旋测微器等要了解其原理，要能正确使用这些基本仪器进行有关测量本题为创新型实验，要注意通过分析题意明确实验的基本原理才能正确求解。17、某物理小组准备探究某种元件Q（标有4V，2W字样）的伏安特性曲线，他们找来了下列器材：A、电压表V1（05V，内阻约10k）B、电压表V2（010V，内阻约20k）C、电流表A（00.6A，内阻约0.4）D、滑动变阻器R1（5，1A）E、滑动变阻器R2（500，0.2A）（1）实验中电压表选用
18、A ，为使实验误差尽量减小，要求电压从零开始变化且多取几组数据，滑动变阻器应选用 D（均填器材前的序号）（2）请将图中的实物连线补充完整（3）检查实验电路连接正确，然后闭合开关，调节滑动变阻器滑片，发现电流表和电压表指针始终不发生偏转在不断开电路的情况下，检查电路故障，应该使用多电表的 直流电压挡；检查过程中将多用电表的红、黑表笔与电流表“+”、“-”接线柱接触时，多用电表指针发生较大角度的偏转，说明电路故障是 ； 【答案】（1）A，D；（2）如图：（3）直流电压；电流表断路【解析】电流表断路考点：探究某种元件的伏安特性曲线【名师点睛】本题考查了选择实验器材、设计并连接实物电路图、电路故障分析
19、；既可以用电压表检查电路故障，也可以用欧姆表检查电路故障，用欧姆表检查电路故障时，电路应断开与电源的连接。18、如图所示，半径为R的光滑绝缘圆环固定在竖直平面内，直径AC（含A、C）下方有水平向右的匀强电场，一质量为m，带电量为+q的小球，从A点静止释放，沿圆内轨道运动，第一次恰能通过最高点D，（重力加速度为g）；求：（1）电场强度的大小；（2）第n次通过轨道最高点D，轨道对小球的作用力大小.【答案】（1）（2）3（n-1）mg【解析】联立解得：N=3（n-1）mg考点：牛顿第二定律；动能定理【名师点睛】本题关键是明确小球的受力情况和运动情况，要能够结合动能定理和牛顿第二定律分析；本题是永动机
20、模型，没有考虑到边界效应。19、如图甲所示，弯曲部分AB和CD是两个半径都为0.3m的1/4圆弧轨道，中间的BC段是竖直的薄壁细圆管（细圆管内径略大于小球的直径）轨道，分别与上下圆弧轨道相切连接，BC段的长度L为0.2m下圆弧轨道与水平轨道相切，其中D、A分别是上下圆弧轨道的最高点与最低点，整个轨道固定在竖直平面内有一质量为0.3kg的小球以一定的速度沿水平轨道向右运动并从A点进入圆弧，不计小球运动中的一切阻力，求：（1）如果小球从D点以5m/s的速度水平飞出，求落地点与D点的水平距离；（2）如果小球从D点以5m/s的速度水平飞出，求小球过圆弧A点时对轨道的压力；（3）如果在D点右侧平滑连接一
21、半径R=0.4m的半圆形光滑轨道DEF，如图乙所示，要使小球不脱离轨道运动，求小球在水平轨道上向右运动的速度大小范围（计算结果可以用根式表示）【答案】（1）2m（2）94N（3）v1m/s或v2m/s【解析】由牛顿第三定律知，小球过圆弧A点时对轨道的压力 N=N=94N（3）计论一：小球进入轨道最高运动到C点，之后原路返回，由机械能守恒定律，有： mg（R+L）=mv12得 v1=m/s讨论二：小球进入轨道后恰好能通过圆弧最高点D，之后沿DEF运动而不脱离轨道，在D点，有从A到D由机械能守恒定律可得：有：mgh+mv2=mv22得所以要使小球在运动过程中能不脱离轨道，初速度大小的范围为：v1m
22、/s或v2m/s考点：机械能守恒定律；平抛运动【名师点睛】本题考查机械能守恒定律的应用以及平抛运动规律的应用，要注意正确分析物理过程，正确进行受力分析，再通过平衡条件等选择正确的物理规律列式求解关键要注意正确选择物理过程.20、如图以y轴为边界，右边是一个水平向左的E1=1104N/C的匀强电场，左边是一个与水平方向成450斜向上的E2= 104N/C匀强电场，现有一个质量为m=1.0g，带电量q=1.010-6C小颗粒从坐标为（0.1，0.1）处静止释放忽略阻力，g=10m/s2 求（1）第一次经过y轴时的坐标及时间（2）第二次经过y轴时的坐标【答案】（1）（0，0）；0.1s（2）（0，-
23、1.6）【解析】考点：带电粒子在电场中的运动【名师点睛】到动力学问题关键是正确进行受力分析和运动过程分析，然后选择相应的物理规律列式求解即可。选做题：21. 物理-选修3-3（1）下列说法正确的是：A.0的水的分子势能比相同质量的0的冰的分子势能小B.雨伞伞面上有许多微小的孔，却能遮雨，是因为水的表面张力作用C.一定量100的水变为100的水蒸气，其分子间的势能增加D.当分子力表现为斥力时，分子势能随分子间距离的增大而增大【答案】BC【解析】考点：分子内能；表面张力；分子力【名师点睛】本题考查热学内容，热学内容的考查比较全面，但难度不大，故对于热力学要注意全面掌握。（2）如图所示的粗细均匀薄壁
24、U型管，左管上端封闭，右管开口且足够长；温度为t1=27时，右管内水银面比左管高h=4cm，左管内空气柱长度为L=40cm，大气压强p0=76cmHg现使左管内空气温度缓慢下降，则当左管内液面上升h1=4cm时，管内气体温度t2为多少？【答案】-30【解析】试题分析：设玻璃管横截面积为Scm2，以右管上端封闭的空气柱为研究对象气压：P1=P0+h1=76+4cmHg=80cmHg，p2=76-4=72cmHg体积：V1=40Scm3，V2=（40-4）S=36Scm3温度：T1=273十27=300K根据理想气体状态方程： 代入数据解得：即管内气体温度为t2=T2-273=243-273=-3
25、0考点：理想气体状态方程【名师点睛】以封闭的气体为研究对象，找出气体变化前后的状态参量，利用气体的状态方程计算即可。22、物理-选修3-4（1）光在科学技术、生产和生活有着广泛的应用，下列选项符合实际应用的是（ ）A在光导纤维束内传送图象是利用光的色散现象 B用三棱镜观察白光看到的彩色图样是利用光的衍射现象 C光学镜头上的增透膜是利用光的干涉现象 D全息照相是利用光的干涉现象【答案】CD【解析】考点：光的干涉和衍射；全反射；【名师点睛】本题属于基础题，要了解光的各种现象，以及各种现象在生产和生活中的运用，注意掌握光的全反射条件，理解光的干涉与衍射区别。（2）一列简谐横波沿x轴正向传播，t=0时的图像如图所示，此时刻后介质中P质点回到平衡位置的最短时间为0.2s，Q质点回到平衡位置的最短时间为1s，已知t=0时两质点相对平衡位置的位移相同，则：（1）波的传播周期为多少秒？（2）传播速度是多大？（3）从t=0时刻算起经过多长时间质点Q第二次回到平衡位置？【答案】（1）2.4s（2）5m/s（3）2.2s【解析】考点：机械波的传播【名师点睛】本题关键要根据质点的振动过程确定其振动周期，得到波的周期要注意介质中质点只在各自的平衡位置附近振动，不随波迁移。来源:学|科|网Z|X|X|K