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1、2 动能 势能 动能定理教学目标：理解功与能的概念，掌握动能定理，会熟练地运用动能定理解答有关问题教学重点：动能定理教学难点：动能定理的应用教学方法：讲练结合，计算机辅助教学教学过程：一、动能1动能：物体由于运动而具有的能，叫动能。其表达式为：。2对动能的理解1动能是一个状态量，它与物体的运动状态对应动能是标量它只有大小，没有方向，而且物体的动能总是大于等于零，不会出现负值2动能是相对的，它与参照物的选取密切相关如行驶中的汽车上的物品，对汽车上的乘客，物品动能是零；但对路边的行人，物品的动能就不为零。3动能与动量的比拟1动能与动量都是由质量与速度共同决定的物理量， 或 2动能与动量都是用于描述
2、物体机械运动的状态量。3动能是标量，动量是矢量。物体的动能变化，那么其动量一定变化；物体的动能变化，那么其动量不一定变化。4动能决定了物体克制一定的阻力能运动多么远；动量那么决定着物体克制一定的阻力能运动多长时间。动能的变化决定于合外力对物体做多少功，动量的变化决定于合外力对物体施加的冲量。5动能是从能量观点出发描述机械运动的，动量是从机械运动本身出发描述机械运动状态的。二、重力势能1重力势能：物体与地球由相对位置决定的能叫重力势能，是物体与地球共有的。表达式：，与零势能面的选取有关。2对重力势能的理解1重力势能是物体与地球这一系统共同所有，单独一个物体谈不上具有势能即：如果没有地球，物体谈不
3、上有重力势能平时说物体具有多少重力势能，是一种习惯上的简称重力势能是相对的，它随参考点的选择不同而不同，要说明物体具有多少重力势能，首先要指明参考点(即零点)2重力势能是标量，它没有方向但是重力势能有正、负此处正、负不是表示方向，而是表示比零点的能量状态高还是低势能大于零表示比零点的能量状态高，势能小于零表示比零点的能量状态低零点的选择不同虽对势能值表述不同，但对物理过程没有影响即势能是相对的，势能的变化是绝对的，势能的变化与零点的选择无关3重力做功与重力势能重力做正功，物体高度下降，重力势能降低；重力做负功，物体高度上升，重力势能升高可以证明，重力做功与路径无关，由物体所受的重力与物体初、末
4、位置所在水平面的高度差决定，即：WG=mgh所以重力做的功等于重力势能增量的负值，即WG= -Ep= -mgh2-mgh1三、动能定理1动能定理的表述合外力做的功等于物体动能的变化。这里的合外力指物体受到的所有外力的合力，包括重力。表达式为W=EK动能定理也可以表述为：外力对物体做的总功等于物体动能的变化。实际应用时，后一种表述比拟好操作。不必求合力，特别是在全过程的各个阶段受力有变化的情况下，只要把各个力在各个阶段所做的功都按照代数与加起来，就可以得到总功。与动量定理一样，动能定理也建立起过程量功与状态量动能间的联系。这样，无论求合外力做的功还是求物体动能的变化，就都有了两个可供选择的途径。
5、与动量定理不同的是：功与动能都是标量，动能定理表达式是一个标量式，不能在某一个方向上应用动能定理。【例1】 一个质量为m的物体静止放在光滑水平面上，在互成60角的大小相等的两个水平恒力作用下，经过一段时间，物体获得的速度为v，在力的方向上获得的速度分别为v1、v2，那么在这段时间内，其中一个力做的功为A B C D 错解：在分力F1的方向上，由动动能定理得，故A正确。正解：在合力F的方向上，由动动能定理得，某个分力的功为，故B正确。2对外力做功与动能变化关系的理解：外力对物体做正功，物体的动能增加，这一外力有助于物体的运动，是动力；外力对物体做负功，物体的动能减少，这一外力是阻碍物体的运动，是
6、阻力，外力对物体做负功往往又称物体克制阻力做功 功是能量转化的量度，外力对物体做了多少功；就有多少动能与其它形式的能发生了转化所以外力对物体所做的功就等于物体动能的变化量即 3应用动能定理解题的步骤1确定研究对象与研究过程。与动量定理不同，动能定理的研究对象只能是单个物体，如果是系统，那么系统内的物体间不能有相对运动。原因是：系统内所有内力的总冲量一定是零，而系统内所有内力做的总功不一定是零。2对研究对象进展受力分析。研究对象以外的物体施于研究对象的力都要分析，含重力。3写出该过程中合外力做的功，或分别写出各个力做的功注意功的正负。如果研究过程中物体受力情况有变化，要分别写出该力在各个阶段做的
7、功。4写出物体的初、末动能。5按照动能定理列式求解。CBA【例2】 如下图，斜面倾角为，长为L，AB段光滑，BC段粗糙，且BC=2 AB。质量为m的木块从斜面顶端无初速下滑，到达C端时速度刚好减小到零。求物体与斜面BC段间的动摩擦因数。解：以木块为对象，在下滑全过程中用动能定理：重力做的功为mgLsin，摩擦力做的功为，支持力不做功。初、末动能均为零。mgLsin=0，点评：从本例题可以看出，由于用动能定理列方程时不牵扯过程中不同阶段的加速度，所以比用牛顿定律与运动学方程解题简洁得多。【例3】 将小球以初速度v0竖直上抛，在不计空气阻力的理想状况下，小球将上升到某一最大高度。由于有空气阻力，小
8、球实际上升的最大高度只有该理想高度的80%。设空气阻力大小恒定，求小球落回抛出点时的速度大小v。vv /fGGf解：有空气阻力与无空气阻力两种情况下分别在上升过程对小球用动能定理： 与，可得H=v02/2g，再以小球为对象，在有空气阻力的情况下对上升与下落的全过程用动能定理。全过程重力做的功为零，所以有：，解得h/10h点评：从此题可以看出：根据题意灵活地选取研究过程可以使问题变得简单。有时取全过程简单；有时那么取某一阶段简单。原那么是尽量使做功的力减少，各个力的功计算方便；或使初、末动能等于零。【例4】如下图，质量为m的钢珠从高出地面h处由静止自由下落，落到地面进入沙坑h/10停顿，那么1钢
9、珠在沙坑中受到的平均阻力是重力的多少倍？2假设让钢珠进入沙坑h/8，那么钢珠在h处的动能应为多少？设钢珠在沙坑中所受平均阻力大小不随深度改变。解析：1取钢珠为研究对象，对它的整个运动过程，由动能定理得W=WF+WG=EK =0。取钢珠停顿处所在水平面为重力势能的零参考平面，那么重力的功WG=mgh，阻力的功WF= Ff h， 代入得mghFf h=0，故有Ff /mg=11。即所求倍数为11。2设钢珠在h处的动能为EK，那么对钢珠的整个运动过程，由动能定理得W=WF+WG=EK =0，进一步展开为9mgh/8Ff h/8= EK，得EK=mgh/4。点评：对第2问，有的学生这样做，h/8h/1
10、0= h/40，在h/40中阻力所做的功为Ff h/40=11mgh/40，因而钢珠在h处的动能EK =11mgh/40。这样做对吗？请思考。【例5】 质量为M的木块放在水平台面上，台面比水平地面高出h=0m，木块离台的右端L=。质量为m=0M的子弹以v0=180m/s的速度水平射向木块，并以v=90m/s的速度水平射出，木块落到水平地面时的落地点到台面右端的水平距离为s=，求木块与台面间的动摩擦因数为。解：此题的物理过程可以分为三个阶段，在其中两个阶段中有机械能损失：子弹射穿木块阶段与木块在台面上滑行阶段。所以此题必须分三个阶段列方程：子弹射穿木块阶段，对系统用动量守恒，设木块末速度为v1，
11、mv0= mv+Mv1木块在台面上滑行阶段对木块用动能定理，设木块离开台面时的速度为v2， 有：木块离开台面后的平抛阶段，由、可得0点评：从此题应引起注意的是：但凡有机械能损失的过程，都应该分段处理。从此题还应引起注意的是：不要对系统用动能定理。在子弹穿过木块阶段，子弹与木块间的一对摩擦力做的总功为负功。如果对系统在全过程用动能定理，就会把这个负功漏掉。四、动能定理的综合应用动能定理可以由牛顿定律推导出来，原那么上讲用动能定律能解决物理问题都可以利用牛顿定律解决，但在处理动力学问题中，假设用牛顿第二定律与运动学公式来解，那么要分阶段考虑，且必须分别求每个阶段中的加速度与末速度，计算较繁琐。但是
12、，我们用动能定理来解就比拟简捷。我们通过下面的例子再来体会一下用动能定理解决某些动力学问题的优越性。1应用动能定理巧求变力的功如果我们所研究的问题中有多个力做功，其中只有一个力是变力，其余的都是恒力，而且这些恒力所做的功比拟容易计算，研究对象本身的动能增量也比拟容易计算时，用动能定理就可以求出这个变力所做的功。【例6】 如下图，AB为1/4圆弧轨道，半径为R=0.8m，BC是水平轨道，长S=3m，BC处的摩擦系数为=1/15，今有质量m=1kg的物体，自A点从静止起下滑到C点刚好停顿。求物体在轨道AB段所受的阻力对物体做的功。解析：物体在从A滑到C的过程中，有重力、AB段的阻力、BC段的摩擦力
13、共三个力做功，WG=mgR，fBC=mg，由于物体在AB段受的阻力是变力，做的功不能直接求。根据动能定理可知：W外=0，所以mgR-mgS-WAB=0即WAB=mgR-mgS=1100.8-1103/15=6 J 【例7】一辆车通过一根跨过定滑轮的绳PQ提升井中质量为m的物体，如下图绳的P端拴在车后的挂钩上，Q端拴在物体上设绳的总长不变，绳的质量、定滑轮的质量与尺寸、滑轮上的摩擦都忽略不计开场时，车在A点，左右两侧绳都已绷紧并且是竖直的，左侧绳长为H提升时，车加速向左运动，沿水平方向从A经过B驶向C设A到B的距离也为H，车过B点时的速度为vB求在车由A移到B的过程中，绳Q端的拉力对物体做的功解
14、析：设绳的P端到达B处时，左边绳与水平地面所成夹角为，物体从井底上升的高度为h，速度为v，所求的功为W，那么据动能定理可得： 因绳总长不变，所以： 根据绳联物体的速度关系得：v=vBcos由几何关系得：由以上四式求得： 2应用动能定理简解多过程问题。物体在某个运动过程中包含有几个运动性质不同的小过程如加速、减速的过程，此时可以分段考虑，也可以对全过程考虑，但如能对整个过程利用动能定理列式那么使问题简化。【例8】 如下图，斜面足够长，其倾角为，质量为m的滑块，距挡板P为s0，以初速度v0沿斜面上滑，滑块与斜面间的动摩擦因数为，滑块所受摩擦力小于滑块沿斜面方向的重力分力，假设滑块每次与挡板相碰均无
15、机械能损失，求滑块在斜面上经过的总路程为多少？ 解析：滑块在滑动过程中，要克制摩擦力做功，其机械能不断减少；又因为滑块所受摩擦力小于滑块沿斜面方向的重力分力，所以最终会停在斜面底端。 在整个过程中，受重力、摩擦力与斜面支持力作用，其中支持力不做功。设其经过与总路程为L，对全过程，由动能定理得： 得 3利用动能定理巧求动摩擦因数【例9】 如下图，小滑块从斜面顶点A由静止滑至水平局部C点而停顿。斜面高为h，滑块运动的整个水平距离为s，设转角B处无动能损失，斜面与水平局部与小滑块的动摩擦因数一样，求此动摩擦因数。 解析：滑块从A点滑到C点，只有重力与摩擦力做功，设滑块质量为m，动摩擦因数为，斜面倾角
16、为，斜面底边长s1，水平局部长s2，由动能定理得：由以上两式得从计算结果可以看出，只要测出斜面高与水平局部长度，即可计算出动摩擦因数。4利用动能定理巧求机车脱钩问题【例10】总质量为M的列车，沿水平直线轨道匀速前进，其末节车厢质量为m，中途脱节，司机觉察时，机车已行驶L的距离，于是立即关闭油门，除去牵引力。设运动的阻力与质量成正比，机车的牵引力是恒定的。当列车的两局部都停顿时，它们的距离是多少？解析：此题用动能定理求解比用运动学、牛顿第二定律求解简便。对车头，脱钩后的全过程用动能定理得：对车尾，脱钩后用动能定理得：而，由于原来列车是匀速前进的，所以F=kMg由以上方程解得。五、针对训练1质量为
17、m的物体，在距地面h高处以gmghmghmghmgh2质量为m的小球用长度为Lmg，经过半周小球恰好能通过最高点，那么此过程中小球克制空气阻力做的功为A.mgL/4B.mgL/3C.mgL/2D.mgL3如下图，木板长为l，板的A端放一质量为m的小物块，物块与板间的动摩擦因数为。开场时板水平，在绕O点缓慢转过一个小角度的过程中，假设物块始终保持与板相对静止。对于这个过程中各力做功的情况，以下说法正确的选项是 ( )OAA、摩擦力对物块所做的功为mglsin(1-cos)B、弹力对物块所做的功为mglsincosC、木板对物块所做的功为mglsinD、合力对物块所做的功为mgl cos4如下图，
18、小球以大小为v0的初速度由A端向右运动，到B端时的速度减小为vB；假设以同样大小的初速度由B端向左运动，到A端时的速度减小为vA。小球运动过程中始终未离开该粗糙轨道。比拟vA 、vB的大小，结论是 A.vAvB B.vA=vB C.vAvB5质量为m的飞机以水平速度v0飞离跑道后逐渐上升，假设飞机在此过程中水平速度保持不变，同时受到重力与竖直向上的恒定升力(该升力由其他力的合力提供，不含重力)，今测得当飞机在水平方向的位移为l时，它的上升高度为h，求：(1)飞机受到的升力大小;(2)从起飞到上升至h高度的过程中升力所做的功及在高度h处飞机的动能.6如下图，质量m=的小球从距地面高H=5m处自由
19、下落，到达地面恰能沿凹陷于地面的半圆形槽壁运动，半圆槽半径R=。小球到达槽最低点时速率为10m/s，并继续沿槽壁运动直到从槽右端边缘飞出，如此反复几次，设摩擦力恒定不变，求：设小球与槽壁相碰时不损失能量1小球第一次离槽上升的高度h；2小球最多能飞出槽外的次数取g=10m/s2。参考答案：1B2C3解析：C 该题是考察对功的计算的。如果不理解W=Fscos.中的F必须是恒力，就会在AB两选项上多用时间。当然，也不能认为AB中的功无法计算，而C中的功为这两个功之与，所以也不能得出。由W=EK，知合力对物块所做的功为零。而W=WF+WG=0，故WF= -WG=mglsin，这就是木板对物块所做的功。
20、正确选项是C。4解析：A 小球向右通过凹槽C时的速率比向左通过凹槽C时的速率大，由向心力方程可知，对应的弹力N一定大，滑动摩擦力也大，克制阻力做的功多；又小球向右通过凸起D时的速率比向左通过凸起D时的速率小，由向心力方程可知，对应的弹力N一定大，滑动摩擦力也大，克制阻力做的功多。所以小球向右运动全过程克制阻力做功多，动能损失多，末动能小，选A。5解析：1飞机水平速度不变l=v0t y方向加速度恒定 h=at2即得a=由牛顿第二定律F=mg+ma=mg(1+v02)(2)升力做功W=Fh=mgh(1+v02)在h处vt=at=Ek=m(v02+vt2)=mv02(1+)6解析：1小球从高处至槽口时，由于只有重力做功；由槽口至槽底端重力、摩擦力都做功。由于对称性，圆槽右半局部摩擦力的功与左半局部摩擦力的功相等。小球落至槽底部的整个过程中，由动能定理得解得J 由对称性知小球从槽底到槽左端口摩擦力的功也为J，那么小球第一次离槽上升的高度h，由得2设小球飞出槽外n次，那么由动能定理得即小球最多能飞出槽外6次。第 19 页