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1、2018-2019学年安徽省阜阳三中竞培班高二（下）期中物理试卷一、选择题（本大题共12小题，每小题4分，共48分其中1-8题为单项选择题，9-12题为多项选择题，多选、错选均不得分，漏选得2分）1如图是伽利略1604年做斜面实验时的一页手稿照片，照片左上角的三列数据如下表。表中第二列是时间，第三列是物体沿斜面运动的距离，第一列是伽利略在分析实验数据时添加的。根据表中的数据，伽利略可以得出的结论是（）11324213093298164526255824366119249716006482104A物体具有惯性B斜面倾角一定时，加速度与质量无关C物体运动的距离与时间的平方成正比D物体运动的加速度与
2、重力加速度成正比2将固定在水平地面上的斜面分为四等份，如图所示，ABBCCDDE，在斜面的底端A点有一个小滑块以初速度v0沿斜面向上运动，刚好能到达斜面顶端E点。则小滑块向上运动经过D点时速度大小是（）ABCD3如图，叠放的两个物块无相对滑动地沿斜面一起下滑，甲图两物块接触面平行于斜面且摩擦力的大小为f1，乙图两物块接触面与斜面不平行且摩擦力的大小为f2，丙图两物块接触面水平且摩擦力的大小为f3，下列判断正确的是（）A若斜面光滑，f10，f20，f30B若斜面光滑，f10，f20，f30C若两滑块一起匀速下滑，f10，f20，f30D若两滑块一起匀速下滑，f10，f20，f304如图所示，两块
3、固定且相互垂直的光滑挡板POQ，OP竖直放置，OQ水平，小球a、b固定在轻弹簧的两端，现有一个水平向左的推力，作用于b上，使a、b紧靠挡板处于静止状态。现用力F推动小球b，使之缓缓到达b位置，则（）A推力F变大Bb对OQ的压力变大C弹簧长度变短D弹簧长度变长5如图，水平横杆上套有圆环A，A通过轻绳与重物B相连，轻绳绕过固定在横杆下的定滑轮，轻绳通过光滑动滑轮挂着物体C，并在某一位置达到平衡，现将圆环A缓慢向右移动一段距离，系统仍静止，则（）AA环受到的摩擦力将变大BA环受到的支持力保持不变CC物体重力势能将不变DC物体重力势能将增大6“蹦极”就是跳跃者把一端固定的长弹性绳绑在踝关节等处，从几十
4、米高处跳下的一种极限运动某人做蹦极运动，所受绳子拉力F的大小随时间t变化的情况如图所示将蹦极过程近似为在竖直方向的运动，重力加速度为g据图可知，此人在蹦极过程中最大加速度约为（）AgB2gC3gD4g7如图，轻弹簧的下端固定在水平桌面上，上端放有物块P，系统处于静止状态，现用一竖直向上的力F作用在P上，使其向上做匀加速直线运动，以x表示P离开静止位置的位移，在弹簧恢复原长前，下列表示F和x之间关系的图象可能正确的是（）ABCD8下列说法正确的是（）A气体扩散现象表明气体分子间存在斥力B液晶具有流动性，光学性质各向同性C机械能不可能全部转化为内能，内能也无法全部用来做功以转化成机械能D液体表面层
5、分子间距离大于液体内部分子间距离，所以液体表面存在表面张力9如图，水平地面上有三个靠在一起的物块P、Q和R，质量分别为m、2m和3m，物块与地面间的动摩擦因数都为用大小为F的水平外力推动物块P，记R和Q之间相互作用力与Q与P之间相互作用力大小之比为k。下列判断正确的是（）A若0，则kB若0，则kC若0，则kD若0，则k10一定量的理想气体从状态a开始，经历三个过程ab、bc、ca回到原状态。其pT图象如图所示。下列判断正确的是（）A过程bc中气体既不吸热也不放热B过程ca中外界对气体所做的功等于气体所放的热Ca、b和c三个状态中，状态a分子的平均动能最小Db和c两个状态中，容器壁单位面积单位时
6、间内受到气体分子撞击的次数不同11下列说法正确的是（）A把一枚针轻放在水面上，它会浮在水面，这是由于水表面存在表面张力的缘故B水在涂有油脂的玻璃板上能形成水珠，而在干净的玻璃板上却不能，这是因为油脂使水的表面张力增大的缘故C在围绕地球飞行的宇宙飞船中，自由飘浮的水滴呈球形，这是表面张力作用的结果D在毛细现象中，毛细管中的液面有的升高，有的降低，这与液体的种类和毛细管的材质有关12如图，倾角为的传送带正以速度匀速顺时针转动，现将物块轻放在传送带的顶端A点，在物块向下运动的过程中，关于物块的速度v，所受摩擦力的大小f、摩擦力功率的大小P、重力势能Ep的图象可能正确的是（）ABCD二、实验题（共14
7、分，每空2分）13小明同学要粗测一长木板与小滑块之间的动摩擦因数，除了长木板和小滑块外手边只有一个手机，手机里面带有计时和测倾斜角并可得其三角函数值的APP，他采用了如下的测量步骤（1）将长木板一端抬高，倾斜一个较大的角度，并固定好（2）将小滑块以一定初速度从底端沿斜面推出，到最高点后又沿板滑下（3）为了使小滑块能沿长木板下滑，动摩擦因数和倾角应满足 （4）在这个过程中小明同学需分别测出 （用文字描述并表示出相应符号）；（5）动摩擦因数可表示为 14某研究性学习小组分别用如图所示的装置进行以下实验：（1）“探究加速度与合外力的关系”装置中，小车质量为M，砂桶和砂子的总质量为m，通过改变m来改变
8、小车所受的合外力大小，小车的加速度a可由打点计时器和纸带测出。现保持小车质量M不变，逐渐增大砂桶和砂的总质量m进行多次实验，得到多组a、F值（F为弹簧秤的示数）。为了减小实验误差，下列做法正确的是 A只需平衡小车的摩擦力B滑轮摩擦足够小，绳的质量要足够轻C砂桶和砂的总质量要远小于小车的质量D先释放小车，后接通打点计时器的电源某同学根据实验数据画出了如图所示的一条过坐标原点的倾斜直线，其中纵轴为小车的加速度大小，横轴应为 。A.B. Cmg DF当砂桶和砂的总质量较大导致a较大时，图线 （填选项前的字母）。A逐渐偏向纵轴 B逐渐偏向横轴 C仍保持原方向不变（2）如图为上述实验中得到的一条纸带（两
9、计数点间还有四个点没有画出），已知打点计时器采用的是频率为50Hz的交流电，根据纸带可求出小车的加速度为 m/s2（结果保留三位有效数字）。三、计算题（共38分写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最后答案不得分）15如图所示，气缸放置在水平平台上，活塞质量为10kg，横截面积为50cm2，厚度为1cm，气缸全长为21cm，大气压强为1105 Pa，当温度为7时，活塞封闭的气柱长10cm，若将气缸倒过来放置时，活塞下方的空气能通过平台上的缺口与大气相通。（g取10m/s2，不计活塞与气缸之间的摩擦，计算结果保留三位有效数字） 将气缸倒过来放置，若温度上升到27，求此时气柱的长度。汽缸
10、倒过来放置后，若逐渐升高温度，发现活塞刚好接触平台，求此时气体的温度。16公路上行驶的两汽车之间应保持一定的安全距离。当前车突然停止时，后车司机可以采取刹车措施，使汽车在安全距离内停下而不会与前车相碰。通常情况下，人的反应时间和汽车系统的反应时间之和为1s，当汽车在晴天干燥沥青路面上以108km/h的速度匀速行驶时，安全距离为120m。设雨天时汽车轮胎与沥青路面间的动摩擦因数为晴天时的，若要求安全距离仍为120m，求汽车在雨天安全行驶的最大速度。17如图所示，下端装有阀门的U形玻璃管，粗细均匀，竖直放置，右侧开口，左侧封闭，管中一段足够长的水银柱使得左管中封闭有一段长为20cm的空气柱，左、右
11、两管中的水银柱液面高度差为10cm，已知大气压强为p075cmHg，管内气体温度为t27，阀门s关闭。（1）要使左右两管中水银液面相平，应使左管气体的温度降低为多少？（保留一位小数）（2）若通过打开阀门使管中的水银缓慢流出，则当两管中水银液面相平时，U形管中水银柱的总长度减少了多少？（保留一位小数）18长为L5m、质量为M2kg的薄木板，在F10N水平向右的拉力作用下，以v06m/s的速度匀速运动某时刻将质量为m1kg、大小不计的铁块轻放在木板的最右端，水平拉力F不变，木板与铁块的动摩擦因数为10.1（g10m/s2）（1）木板与地面的动摩擦因数2；（2）刚放上铁块后铁块的加速度a1、木板的加
12、速度a2；（3）通过计算判断铁块是否会从木板上掉下去；若掉下去，计算铁块在木板上滑行的时间；若不掉下去，计算在放上铁块后木板运动的总时间试题解析一、选择题（本大题共12小题，每小题4分，共48分其中1-8题为单项选择题，9-12题为多项选择题，多选、错选均不得分，漏选得2分）1【分析】通过表格中的数据，通过时间的平方与运动距离的关系，得出位移和时间的规律。【解答】解：从表格中的数据可知，时间变为原来的2倍，下滑的位移大约变为原来的4倍，时间变为原来的3倍，位移变为原来的9倍，可知物体运动的距离与时间的平方成正比。故C正确，A、B、D错误。故选：C。【点评】本题考查学生的数据处理能力，能够通过数
13、据得出物体位移与时间的关系。需加强训练。2【分析】将匀减速直线运动反向看作匀加速直线运动，由速度和位移关系可确定D点处的速度。【解答】解：对滑块的运动反向进行研究，则有：v022aL；v22a；两式相比可得：vv0；故ABC错误，D正确；故选：D。【点评】本题考查匀变速直线运动的规律，要注意本题中的两点：一是逆向思维法的应用；二是中间位置处的速度公式。3【分析】根据整体与隔离法，结合牛顿第二定律，及受力分析与矢量的合成法则，即可求解。【解答】解：AB、若斜面光滑，整体沿斜面下滑，加速度为agsin，甲、乙、丙图上方物块重力沿斜面向下分力均为mgsin，甲图上方物块支持力垂直斜面，在斜面方向没有
14、分力，乙图与丙图接触面支持力在斜面上均有分力，必须有摩擦力才能使合力为mgsin，故A正确，B错误；CD、若滑块一起匀速下滑，上方滑块合力为零，必有f10，f20，f30，故CD错误；故选：A。【点评】考查牛顿第二定律的应用，掌握摩擦力产生条件，及理解矢量的合成法则内容。4【分析】隔离a分析受力，由力的平衡条件列方程求解弹力大小，根据胡克定律分析弹簧的长度；对ab的整体受力分析，由共点力的平衡条件分析推力和地面的支持力。【解答】解：隔离a分析受力，设此时ab间作用力与水平方向上的夹角为，如图所示：由力的平衡条件可得：，将小球稍微向左水平移动一小段距离，当a、b重新处于静止状态时，由几何关系可知
15、，增大，则sin、tan增大，mg不变时F减小，N减小，根据胡克定律可知弹簧的形变量变小，所以弹簧长度变长，故D正确，C错误；对ab的整体受力分析如下图所示：由共点力的平衡条件可知，a、b重新处于静止状态前后，OQ面板对b的支持力始终和a、b的重力相等保持不变，推力FN在减小，故AB错误。故选：D。【点评】本题主要是考查了共点力的平衡问题，解答此类问题的一般步骤是：确定研究对象、进行受力分析、利用平行四边形法则进行力的合成或者是正交分解法进行力的分解，然后在坐标轴上建立平衡方程进行解答。本题也可以利用图解法来分析；注意整体法和隔离法的应用。5【分析】分别对物体B、物体C、环A受力分析，根据平衡
16、条件得到各个力的变化情况，画出情境图，得到重力势能的变化情况。【解答】解：CD、物体B保持静止，受重力和拉力，根据平衡条件，轻绳拉力大小处处相同，等于B的重力；重物C受重力和两侧绳子的拉力，始终平衡，拉力和重力大小都不变，根据平衡条件，动滑轮两侧绳子夹角保持不变，栓接A的轻绳与水平方向夹角不变，重物C必定下降，故重力势能减小，故CD错误；AB、绳子对A环的拉力的大小和方向均不改变，故杆对环的摩擦力也一定不变，故A错误，B正确；故选：B。【点评】本题考查共点力平衡。求解平衡问题关键在于对物体正确的受力分析，不能多力，也不能少力，对于三力平衡，如果是特殊角度，一般采用力的合成、分解法，对于非特殊角
17、，可采用相似三角形法求解，对于多力平衡，一般采用正交分解法。6【分析】图象中拉力的变化幅度越来越小，说明拉力逐渐趋向与一个定值，而联系人的实际振动幅度越来越小，最后静止不动，说明了重力等于0.6F0，而最大拉力为1.8F0，故结合牛顿第二定律可以求出最大加速度【解答】解：人落下后，做阻尼振动，振动幅度越来越小，最后静止不动，结合拉力与时间关系图象可以知道，人的重力等于0.6F0，而最大拉力为1.8F0即：0.6F0mgFm1.8F0 结合牛顿第二定律，有：Fmgma当拉力最大时，加速度最大，因而有：1.8F0mgmam由两式解得：am2g所以ACD错误，B正确。故选：B。【点评】本题用图象描述
18、了生活中一项体育运动的情景解答本题，必须从图象中提取两个重要信息：一是此人的重力，二是蹦极过程中处于最大加速度位置时人所受弹性绳的拉力要获得这两个信息，需要在图象形状与蹦极情境之间进行转化：能从图象振幅越来越小的趋势中读出绳的拉力从而判断人的重力；能从图象第一个“波峰”纵坐标的最大值想象这就是人体位于最低点时弹性绳的最大拉力7【分析】以物块P为研究对象，分析受力情况，根据牛顿第二定律得出F与物块P的位移x的关系式，再选择图象。【解答】解：设物块P的质量为m，加速度为a，静止时弹簧的压缩量为x0，弹簧的劲度系数为k，由力的平衡条件得，mgk x0，以向上为正方向，木块的位移为x时弹簧对P的弹力：
19、F1k（x0x），对物块P，由牛顿第二定律得，F+F1mgma，由以上式子联立可得，Fk x+ma。可见F与x是线性关系，且F随着x的增大而增大，当x0时，kx+mama0，故A正确，BCD错误。故选：A。【点评】解答本题的关键是要根据牛顿第二定律和胡克定律得到F与x的解析式，再选择图象，这是常用的思路，要注意物块P的位移与弹簧形变量并不相等。8【分析】气体扩散现象说明气体分子在做无规则运动；液晶具有流动性，光学性质各向异性；根据热力学第二定律可知，能量的转化具有方向性；液体表面层分子间距离大于液体内部分子间距离，所以液体表面存在表面张力。【解答】解：A、扩散说明分子在做无规则运动，不能说明分
20、子间的斥力；故A错误；B、液晶是一类介于晶体与液体之间的特殊物质，它具有流动性，光学性质各向异性；故B错误；C、根据能量转化的方向可知，机械能可能全部转化为内能；根据热力学第二定律，内能也可以全部用来做功以转化成机械能，只是会引起其他的变化；故C错误；D、液体表面层分子间距离大于液体内部分子间距离，分子之间的作用力表现为引力，所以液体表面存在表面张力；故D正确；故选：D。【点评】本题考查分子动理论的内容，在解题时要注意热力学第一定律中的符号问题，引起内能增加的均为正值，引起内能减小的均为负值；内能的增加为正值，内能的减小为负值。9【分析】先用整体法求出物体的合外力，进而求得加速度；然后再用隔离
21、法对P、R两物体进行受力分析，利用牛顿第二定律即可求得k。【解答】解：三物块靠在一起，将以相同加速度向右运动；则加速度；所以，R和Q之间相互作用力，Q与P之间相互作用力；所以，；由于谈论过程与是否为零无关，故恒成立，故AC错误，BD正确；故选：BD。【点评】对物体运动过程中某一力的求解，一般先对物体运动状态进行分析，得到加速度，然后应用牛顿第二定律求得合外力，再对物体进行受力分析即可求解。10【分析】由图示图象判断气体的状态变化过程，应用气态方程判断气体体积如何变化，然后应用热力学第一定律答题。【解答】解：A、由图示图象可知，bc过程气体发生等温变化，气体内能不变，压强减小，由玻意耳定律可知，
22、体积增大，气体对外做功，由热力学第一定律UQ+W可知，气体吸热，故A错误；B、由图可知，c到a的过程中气体的温度降低，内能减小，所以过程ca中外界对气体所做的功小于气体所放的热。故B错误；C、由图象可知，a状态温度最低，分子平均动能最小，故C正确；D、由图象可知，bc过程气体发生等温变化，气体内能不变，压强减小，由玻意耳定律可知，体积增大，b、c状态气体的分子数密度不同，b和c两个状态中，容器壁单位面积单位时间内受到气体分子撞击的次数不同，故D正确；故选：CD。【点评】本题考查气体的状态方程中对应的图象，要抓住在PT图象中等容线为过原点的直线，同时注意热力学第一定律应用的过程中各物理量的符号。
23、11【分析】把一枚针轻放在水面上，它会浮在水面。这是由于水表面存在表面张力的缘故；水与油脂是不浸润，水在涂有油脂的玻璃板上能形成水珠；故水滴由于表面张力的原因而呈球形；不同物质之间的分子作用力性质不同，可能是引力也可能是斥力。【解答】解：A、把一枚针轻放在水面上，它会浮在水面。这是由于水表面存在表面张力的缘故，故A正确；B、由于油脂将水及玻璃隔开，而水与油脂是不浸润的，故水在涂有油脂的玻璃板上能形成水珠，而在干净的玻璃板上却不能，但是并没有增大表面张力；故B错误；C、在围绕地球飞行的宇宙飞船中，自由漂浮的水滴处于完全失重状态，故水滴由于表面张力的原因而呈球形，故C正确；D、由于不同物质之间的分
24、子作用力性质不同，可能是引力也可能是斥力；故有毛细管中的液面有的升高，有的降低，与液体的种类和毛细管的材质有关，故D正确。故选：ACD。【点评】本题考察了水的表面张力、浸润和不浸润现象、毛细现象等，知识点多，难度不大，关键是记住基础知识。12【分析】物块在传送带上运动的情况有三种可能：一是一直匀加速运动。二是先匀加速与传送带共速后，再以更小加速度加速。三是先匀加速与传送带同速后再匀速，根据各量的表达式分析。【解答】解：物块在传送带上运动的情况有三种，即是一直匀加速运动。是先匀加速与传送带共速后，再以更小加速度加速。是先匀加速与传送带同速后再匀速，B、D选项对应于情况由Pfv知C对应于情况在匀加
25、速运动阶段，物块的位移与时间是二次函数关系，下降的高度与时间也是二次函数关系，所以重力势能与时间在两个阶段不可能都是线性关系，故A错误，BCD正确。故选：BCD。【点评】解决本题的关键要明确物块的运动情况，要考虑各种可能的情况。对于图象，往往根据解析式分析图象的形状。二、实验题（共14分，每空2分）13【分析】（3）小滑块能沿长木板下滑，动摩擦因数和倾角应满足mgsinmgcos，即合力向下。（4）（5）结合所给的器材得出能够测量的为时间与倾角，用倾角表示出加速度，结合运动学公式列出等式可表达出摩擦因数的表达式。【解答】解：（3）小滑块能沿长木板下滑，动摩擦因数和倾角应满足mgsinmgcos
26、即tan（4）（5）用手机可测出上升与下降过程的时间为t1，t2，可测了倾角值，上升过程位移大小为x：x，下降过程位移大小为x：xt由以上两式可求得： 即测出时间t1，t2，角即可确定值故答案为：（3）tan （4）上升与下降过程的时间为t1，t2，倾角 （5）【点评】明确用倾角表示出加速度是解题的关键，在运动过程中上下过程位移相等为列等式的条件，要擅长在题目中挖掘隐含条件。14【分析】（1）根据实验的原理和注意事项确定正确的操作步骤；同时根据牛顿第二定律分析图象的性质；（2）根据连续相等时间内的位移之差是一恒量，运用逐差法求出小车的加速度。【解答】解：（1）实验前要对装置进行平衡摩擦力的操作
27、，既要平衡小车所受的摩擦力，也包括纸带与打点计时器之间的摩擦力，以保证小车所受合外力恰好是绳子的拉力，选项A错误；滑轮摩擦和绳子的重力会影响示数，所以滑轮摩擦足够小，绳的质量要足够轻，选项B正确；本实验中弹簧秤的示数即为绳子的拉力，不需要用砂和砂桶的总重力代替绳子拉力，所以不需要保证砂和砂桶的总质量远小于小车的质量，选项C错误；实验时，若先放开小车，再接通打点计时器电源，由于小车运动较快，可能会使打出来的点很少，不利于数据的采集和处理，故选项D错误。故选B。对小车分析，应有：Fma，解得：，由于图线经过坐标原点，所以横轴应为F，故D正确。由于图象的斜率为k，所以增大沙和沙桶质量，k不变，仍保持
28、原方向不变，所以C正确。故选C。（2）由题意T0.1s，根据xaT2可知：故答案为：（1）B；D；C；（2）2.00。【点评】本题考查验证牛顿第二定律的实验，要注意做分析匀变速直线运动情况时，其两个推论能使我们更为方便解决问题，一、在相等时间内走过的位移差是一个定值，即xaT2，二、在选定的某一过程中，中间时刻瞬时速度等于该过程中的平均速度。三、计算题（共38分写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最后答案不得分）15【分析】（1）气体发生等温变化，由玻意耳定律可以求出空气柱的长度。（2）由盖吕萨克定律可以求出气体的温度。【解答】解：以活塞为研究对象，汽缸未倒过来时，有p0S+mgp
29、S汽缸倒过来后，有pS+mgp0S 温度为7不变，根据玻意耳定律有：pSl0pSl联立解得：ll015cm 温度由7升高到27的过程中，封闭气体压强不变 解得l16.1 cm 活塞刚好接触平台时，气体的温度为T，则由盖吕萨克定律知即：解得：T373 K 故t100答：将气缸倒过来放置，若温度上升到27，此时气柱的长度16.1 cm。汽缸倒过来放置后，若逐渐升高温度，发现活塞刚好接触平台，此时气体的温度100。【点评】应用玻意耳定律与盖吕萨克定律即可正确解题，本题的解题关键是求出各状态的气体压强。16【分析】在反应时间内汽车做匀速直线运动，所以汽车间的安全距离等于匀速运动的位移和匀减速直线运动的
30、位移之和。根据汽车在晴天干燥沥青路面上行驶时安全距离，由牛顿第二定律和运动学公式求得路面干燥时，汽车与地面的动摩擦因数。用同样的方法列式，可求得汽车在雨天安全行驶的最大速度。【解答】解：设路面干燥时，汽车与地面的动摩擦因数为0，刹车时汽车的加速度大小为a0，安全距离为s，反应时间为t0，m和v0分别为汽车的质量和刹车前的速度。由牛顿第二定律和运动学公式得：0mgma0 sv0t0+联立代入数据解得：00.5设在雨天行驶时，汽车与地面的动摩擦因数为，依题意有：00.2设在雨天行驶时汽车刹车的加速度大小为a，安全行驶的最大速度为v，由牛顿第二定律和运动学公式得：mgma svt0+解得：v20 m
31、/s72 km/h答：汽车在雨天安全行驶的最大速度是72 km/h。【点评】解决本题的关键要搞清汽车的运动情况，要知道安全距离是反应时间内匀速运动的位移和匀减速运动的位移之和。汽车的加速度根据牛顿第二定律研究。匀减速运动的位移可以通过速度位移公式求解。17【分析】（1）对封闭气体利用理想气体状态方程列式求解；（2）打开阀门水银流出过程，封闭气体做等温变化，根据玻意耳定律列式求解。【解答】解：（1）开始时，封闭气体压强为：P1P0+10cmHg85cmHg当左右两管中水银液面相平，封闭气体压强为：P075cmHg根据理想气体实验定律有：解得：T1198.5K（2）通过打开阀门使管中的水银缓慢流出
32、，当两管中水银液面相平时，设气体柱的长度为L，根据玻意耳定律有：P12shP0sL解得：U形管中水银柱的总长度减少了L（L2h）2+h15.3cm答：（1）要使左右两管中水银液面相平，应使左管气体的温度降低为198.5K；（2）U形管中水银柱的总长度减少了15.3cm。【点评】本题考查气体方程，关键是找出初末状态参量，判断气体做何种变化，然后选择合适气体定律列式求解即可。另外要特别注意几何关系的应用。18【分析】（1）木板匀速运动，由平衡条件可得：F2Mg 即可求得木板与地面的动摩擦因数2； （2）放上铁块后，铁块和木板相对滑动，分别对铁块和木板进行受力分析，根据牛顿第二定律即可解得加速度；（
33、3）若铁块不掉下去，当二者速度相同时，求出它们的相对位移，若相对位移小于木板长度，则不会掉下去，此后都做匀减速运动，求出匀减速运动的时间，总时间等于两段时间之和【解答】解析：（1）木板匀速运动，由平衡条件可得：F2Mg 解得：20.5 （2）放上铁块后，铁块的加速度为：，向右加速 木板的加速度为：，向右减速 （3）若铁块不掉下去，当二者速度相同时有：va1tv0+a2t解得：t1.5s v1.5m/s 相对滑动位移为： 速度相同时，对整体：，铁块和木板继续相对滑动 对木板：，向右减速 对铁块：，向右减速 从速度相同到两者都静止时，相对滑动位移：，铁块不会掉下去 从速度相同到木板静止： 放上铁块后木板运动的总时间：t总t+t2.25s 答：（1）木板与地面的动摩擦因数2为0.5；（2）刚放上铁块后铁块的加速度a1为1m/s2，木板的加速度a2为3m/s2；（3）不会掉下去，木板从放上铁块后到停止运动的总时间为2.25s【点评】本题主要考查了牛顿第二定律和运动学基本公式的直接应用，注意速度相等时不掉下去，以后就不会掉下去了，难度适中