人教版高中物理必修二含解析.pdf

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1、.-优选人教版高中物理课后习题答案第五章：曲线运动第 1 节曲线运动1.答：如图6 12 所示，在A、C 位置头部的速度与入水时速度v方向一样；在B、D 位置头部的速度与入水时速度v方向相反。图 612 2.答：汽车行驶半周速度方向改变180。汽车每行驶10s，速度方向改变30，速度矢量示意图如图613 所示。图 613 3.答：如图6 14 所示，AB 段是曲线运动、BC段是直线运动、CD 段是曲线运动。图 614 第 2 节质点在平面的运动1.解：炮 弹 在 水 平 方 向 的 分 速 度 是vx800 cos60 400m/s;炮弹在竖直方向的分速度是vy 800 sin60692m/s

2、。如图 615。图 615 2.解：根据题意，无风时跳伞员着地的速度为v2，风的作用使他获得向东的速度v1，落地速度v为v2、v1的合速度图略，即：222212456.4/vvvm s，速度与竖直方向的夹角为，tan 0.8，38.7 3.答：应该偏西一些。如图616 所示，因为炮弹有与船一样的由西向东的速度v1，击中目标的速度v是v1与炮弹射出速度v2的合速度，所以炮弹射出速度v2 应该偏西一些。图 616 4.答：如图617所示。图 617 第 3节抛体运动的规律1.解：1摩托车能越过壕沟。摩托车做平抛运2040608010405002030yx1v2vv东北yvxvv60ABCD1v1v

3、30ABCD.-优选动，在竖直方向位移为y 1.5m212gt经历时间230.559.8ytssg在水平方向位移xvt 40 0.55m 22m 20m 所以摩托车能越过壕沟。一般情况下，摩托车在空中飞行时，总是前轮高于后轮，在着地时，后轮先着地。2摩托车落地时在竖直方向的速度为vygt 9.8 0.55m/s5.39m/s 摩托车落地时在水平方向的速度为vxv 40m/s 摩托车落地时的速度：2222405.39/40.36/xyvvvm sm s摩托车落地时的速度与竖直方向的夹角为，tan vxvy405.397.42 2.解：该车已经超速。零件做平抛运动，在竖直方 向 位 移 为y 2.

4、45m212gt经 历 时 间24.90.719.8ytssg，在水平方向位移xvt13.3m，零件做平抛运动的初速度为：vx t 13.3 0.71m/s 18.7m/s 67.4km/h 60km/h 所以该车已经超速。3.答：1让小球从斜面上某一位置A 无初速释放；测量小球在地面上的落点P 与桌子边沿的水平距离x；测量小球在地面上的落点P 与小球静止在水平桌面上时球心的竖直距离y。小球离开桌面的初速度为2gvxy。第 4 节实验：研究平抛运动1.答：还需要的器材是刻度尺。实验步骤：1调节木板高度，使木板上外表与小球离开水平桌面时的球心的距离为某一确定值y；2让小球从斜面上某一位置A 无初

5、速释放；3测量小球在木板上的落点P1 与重垂线之间的距离x1；4调节木板高度，使木板上外表与小球离开水平桌面时的球心的距离为某一确定值4y；5让小球从斜面上同一位置A 无初速释放；6测量小球在木板上的落点P2与重垂线之间的距离x2；7比拟x1、x2，假设 2x1x2，那么说明小球在水平方向做匀速直线运动。改变墙与重垂线之间的距离x，测量落点与抛出点之间的竖直距离y，假设 2x1x2，有 4y1 y2，那么说明小球在水平方向做匀速直线运动。第 5节圆周运动1.解：位于赤道和位于的两个物体随地球自转做 匀 速 圆 周 运 动 的 角 速 度 相 等，都 是6223.14/7.2710/243600

6、radsradsT。位于赤道的物体随地球自转做匀速圆周运动的线速度v1 R 465.28m/s 位于的物体随地球自转做匀速圆周运动的角速度v2 Rcos40 356.43m/s 2.解：分针的周期为T1 1h，时针的周期为T212h 1 分针与时针的角速度之比为12T2T1121 2 分针针尖与时针针尖的线速度之比为v1v21r12r214.41 3.答：1A、B 两点线速度相等，角速度与半径成反比 2A、C 两点角速度相等，线速度与半径成正比 3B、C 两点半径相等，线速度与角速度成正比说明：该题的目的是让学生理解线速度、角速度、半径之间的关系：v r；同时理解传动装置不打滑的物理意义是接触

7、点之间线速度相等。4.需要测量大、小齿轮及后轮的半径r1、r2、r3。自行车前进的速度大小1322 rvrTr说明：此题的用意是让学生结合实际情况来理解匀速圆周运动以及传动装置之间线速度、角速度、半径之间的关系。但是，车轮上任意一点的运动都不是圆周运动，其轨迹都是滚轮线。所以在处1x2x3yy.-优选理这个问题时，应该以轮轴为参照物，地面与轮接触而不打滑，所以地面向右运动的速度等于后轮上一点的线速度。5.解：磁盘转动的周期为T0.2s 1扫描每个扇区的时间tT/18 1/90s。2每个扇区的字节数为512 个,1s读取的字节数为 90 512 46080个。说明：此题的用意是让学生结合实际情况

8、来理解匀速圆周运动。第 6 节 向心加速度1.答：A甲、乙线速度相等时，利用2nvar，半径小的向心加速度大。所以乙的向心加速度 大；B 甲、乙 周 期 相 等 时，利 用224narT，半径大的向心加速度大。所以甲的向心加速度大；C甲、乙角速度相等时，利用anv，线速度大的向心加速度大。所以乙的向心加速度小；D甲、乙线速度相等时，利用anv，角速度大的向心加速度大。由于在相等时间甲与圆心的连线扫过的角度比乙大，所以甲的角速度大，甲的向心加速度大。说明：此题的目的是让同学们理解做匀速圆周运动物体的向心加速度的不同表达式的物理意义。2.解：月球公转周期为T 27.3 24 3600s 2.36

9、106s。月球公转的向心加速度为3.解：A、B 两个快艇做匀速圆周运动，由于在相等时间，它们通过的路程之比是43，所以它们的线速度之比为43；由于在相等时间，它们运动方向改变的角度之比是32，所以它们的角速度之比为32。由于向心加速度anv，所以它们的向心加速度之比为 21。说明：此题的用意是让学生理解向心加速度与线速度和角速度的关系anv。4.解：(1)由于皮带与两轮之间不发生滑动，所以两轮边缘上各点的线速度大小相等，设电动机皮带轮与机器皮带轮边缘上质点的线速度大小分别为v1、v2，角速度大小分别为1、2，边缘上质点运动的半径分别为r1、r2，那么v1v2v11r1v22r2又 2n所以n1

10、n212r2r13 1(2)A 点的向心加速度为2222210.01/0.05/22nAram sm s 3电动机皮带轮边缘上质点的向心加速度为第 7节 向心力解：地球在太阳的引力作用下做匀速圆周运动，设引力为F；地球运动周期为T 365 24 3600s 3.15 107s。根 据 牛 顿 第 二 运 动 定 律 得：说明：此题的目的是让学生理解向心力的产生，同时为下一章知识做准备。1.答：小球在漏斗壁上的受力如图619 所示。小球所受重力G、漏斗壁对小球的支持力FN的合力提供了小球做圆周运动的向心力。2.答：1根据牛顿第二运动定律得：F m 2r 0.1 42 0.1N 0.16N 2甲的

11、意见是正确的。静摩擦力的方向是与物体相对接触面运动的趋势方向相反。设想一下，如果在运动过程中，转盘突然变得光滑了，物体将沿轨迹切线方向滑动。这就如同在光滑的水平面上，一根细绳一端固定在竖直立柱上，一端系一小球，让小球做匀速圆周运动，突然剪断细绳一样，小球将沿轨迹切线方向飞出。这说明物体在随转盘匀速转动的过程中，相对转盘有沿半径向外的运动趋势。说明：此题的目的是让学生综合运用做匀速圆周运动的物体的受力和运动之间的关系。3.解：设小球的质量为m，钉子 A 与小球的距离为 r。根据机械能守恒定律可知，小球从一定高度下落时，通过最低点的速度为定值，设为v。小球通过最低点时做半径为r 的圆周运动，绳子的

12、拉力FT 和重力G 的合力提供了向心力，即：2TvFGmr得2TvFGmr在 G，m，v一定的情况下，r 越小，FT越大，即绳子承受的拉力越.-优选大，绳子越容易断。4.答：汽车在行驶中速度越来越小，所以汽车在轨迹的切线方向做减速运动，切线方向所受合外力方向如图Ft所示；同时汽车做曲线运动，必有向心加速度，向心力如图Fn所示。汽车所受合外力F 为 Ft、Ft的合力，如图 620 所示。丙图正确。说明：此题的意图是让学生理解做一般曲线运动的物体的受力情况。第 8 节 生活中的圆周运动1.解：小螺丝钉做匀速圆周运动所需要的向心力F 由转盘提供，根据牛顿第三运动定律，小螺丝钉将给转盘向外的作用力，转

13、盘在这个力的作用下，将对转轴产生作用力，大小也是F。22(2)0.01(23.141000)0.278876.8FmrmnrNN2(2)0.01(2 3.14 1000)0.278876.8F mrmnrNN说明：此题的意图在于让学生联系生活实际，理解匀速圆周运动。2.解：这个题有两种思考方式。第一种，假设汽车不发生侧滑，由于静摩擦力提供的向心力，所以向心力有最大值，根据牛顿第二运动定律得2vFmamr，所以一定对应有最大拐弯速度，设为vm，那么431.4 10/18.71/67.35/72/2.0 10fmmF rvm sm skm hkm hm431.4 10/18.71/67.35/72

14、/2.0 10fmmF rvm sm skm hkm hm所以，如果汽车以72km/h 的速度拐弯时，将会发生侧滑。第二种，假设汽车以72km/h 的速度拐弯时，不发生侧滑，所需向心力为F，22344202.0 101.6101.4 1050mvvmNNNr22344202.0 101.6 101.4 1050mvvmNNNr所以静摩擦力缺乏以提供相应的向心力，汽车以 72km/h 的速度拐弯时，将会发生侧滑。3.解:1汽车在桥顶部做圆周运动，重力G 和支持力 FN 的合力提供向心力，即2NvGFmr汽车所受支持力225(800 9.8800)744050NvFGmNNr根据牛顿第三定律得，汽

15、车对桥顶的压力大小也是 7440N。(2)根据题意，当汽车对桥顶没有压力时，即 FN0，对应的速度为v，3汽车在桥顶部做圆周运动，重力G 和支持力 FN 的合力提供向心力，即2NvGFmr汽车所受支持力2NvFGmr，对于一样的行驶速度，拱桥圆弧半径越大，桥面所受压力越大，汽车行驶越平安。4根据第二问的结论，对应的速度为v0，第六章万有引力与航天第 1节行星的运动1.解：行星绕太阳的运动按圆轨道处理，根据开普勒第三定律有：2.答：根据开普勒第二定律，卫星在近地点速度较大、在远地点速度较小。3.解：设通信卫星离地心的距离为r1、运行周期为 T1，月心离地心的距离为r2，月球绕地球运行的周期为T2

16、，根据开普勒第三定律，.-优选4.解：根据开普勒第三定律得到：那么哈雷彗星下次出现的时间是：1986+762062年。第 2 节太阳与行星间的引力1.答：这节的讨论属于根据物体的运动探究它受的力。前一章平抛运动的研究属于根据物体的受力探究它的运动，而圆周运动的研究属于根据物体的运动探究它受的力。2.答：这个无法在实验室验证的规律就是开普勒第三定律32rkT，是开普勒根据研究天文学家第谷的行星观测记录发现的。第 3 节万有引力定律1.答：假设两个人的质量都为60kg，相距1m，那么它们之间的万有引力可估算：这样小的力我们是无法发觉的，所以我们通常分析物体受力时不需要考虑物体间的万有引力。说明：两

17、个人相距1m 时不能把人看成质点，简单套用万有引力公式。上面的计算是一种估算。2.解：根据万有引力定律4030111224822.0 102.0 106.67 10(5 103.0 10365243600)m mFGNr403011261224822.0 102.0 106.67 101.19 10(5 103.0 10365 243600)m mFGNr11261224822.0102.0106.67101.1910(5 103.0 10365243600)m mFGNNr可见天体之间的万有引力是很大的。3.解：3021137122162(7.1 10)6.67 103.4 10(1.0 1

18、0)mmFGNr第 4 节万有引力理论的成就1.解:在月球外表有：MmGmgR月月月得到：2211223327.3 106.6710/1.68/1.71010MgGm sm sR月月月（）11223327.3106.6710/1.68/1.71010MgGm sm sR月月月（）g月约为地球外表重力加速度的1/6。在月球上人感觉很轻。习惯在地球外表行走的人，在月球外表行走时是跳跃前进的。2.答:在地球外表，对于质量为m 的物体有：MmGmgR地地，得：MgGR地地对于质量不同的物体，得到的结果是一样的,即这个结果与物体本身的质量m 无关。又根据万有引力定律：MmGmgr地高山的r 较大，所以在

19、高山上的重力加速度g值就较小。3.解:卫星绕地球做圆周运动的向心力由地球对卫星的万有引力提供，有：222()MmGmrTr得地球质量：.-优选2632324211324(6.810)45.9106.6710(5.610)rMkgGT4.解：对 于 绕 木 星 运 行 的 卫 星m，有：222()MmGmrTr，得：2324rMGT木，需要测量的量为：木星卫星的公转周期T 和木星卫星的公转轨道半径r。第 5 节宇宙航行1.解：“神舟5 号绕地球运动的向心力由其受到的地球万有引力提供。222()MmGmrTr2324GMTr其中周期T 24 60 2 60+37/14min91.64min，那么：

20、112426326.67 106.0 10(91.6460)6.7 104rmm其距地面的高度为h r R 6.7 106m6.4 106m 3 105m300km。说明：前面“神舟5 号周期的计算是一种近似的计算，教师还可以根据“神舟5 号绕地球运行时离地面的高度的准确数据，让学生计算并验证一下其周期的准确值。：“神舟5 号绕地球运行时离地面的高度为343km。根据牛顿第二定律有：2224MmGmrrT在地面附近有：2MmGmgR，rR+h 根据以上各式得：32()2290.6minRhRhRhTRggR2.解：环绕地球外表匀速圆周运动的人造卫星需要的向心力，由地球对卫星的万有引力提供，即：

21、22MmvGmRR，得：GMvR在地面附近有：2MmGmgR，得：2GMR g将其带入 1式：2R gvRgR3.解：1设金星质量为M1、半经为R1、金星外表自由落体加速度为g1。在金星外表：1121M mGmgR设地球质量为M2、半径为2、地球外表自由落体加速度为g2。在地球外表有：2222M mGmgR由以上两式得：21212221MRgMgR，那么2222121222210.8219.8/8.9/10.95MRggm sm sMR221211M mvGmRR，11GMvR g第七章机械能守恒定律第节追寻守恒量1.答：做自由落体运动的物体在下落过程中，势能不断减少，动能不断增加，在转化的过

22、程中，动能和势能的总和不变。第 2节功1.解：甲 图：W Fscos(180 150)10 232J17.32J 图 乙：W Fscos(180 30).-优选10 232J 17.32J 图丙：WFscos30 10 232J17.32J 2.解：重物被匀速提升时，合力为零，钢绳对重物的拉力的大小等于重物所受的重力，即F G 2 104N 钢绳拉力所做的功为：W1Fscos0 2 104 5J 1 105J 重 力 做 的 功 为：W2 Gscos180 2 104 5J 1 105J 物体克制重力所做的功为1 105J，这些力做的总功为零。3.解：如图5 14所示，滑雪运发动受到重力、支持

23、力和阻力的作用，运发动的位移为：sh sin30 20m，方向沿斜坡向下。所 以，重 力 做 功：WG mgscos60 60 10 2012J 6.0 103J 支持力所做的功：WNFNscos90 0 阻力所做的功：WfFscos180 50 20J 1.0 103J 这 些 力 所 做 的 总 功W总 Wg+WN+Wf5.0 103J。4.解：在这两种情况下，物体所受拉力一样，移动的距离也一样，所以拉力所做的功也一样，为 7.5J。拉力做的功与是否有其他力作用在物体上没有关系，与物体的运动状态也没有关系。光滑水平面上，各个力对物体做的总功为7.5J。粗糙水平面上，各个力对物体做的总功为

24、6.5N。第 3节功率1.解：在货物匀速上升时，电动机对货物的作用力大小为：FG 2.7 105N 由PFv可得：32510 10/3.7 10/2.7 10Pvm sm sF2.解：这台抽水机的输出功率为330 10 103 101mghWPWtt它 半 小 时能 做 功W Pt 3 103 1800J5.4 106J。3.答：此人推导的前提不明确。当F增大，根据PFv推出，P 增大的前提应是v不变，从PvF推出，P 增大那么v增大的前提是F不变，从PFv推出，v增大F减小的前提是P不变。说明：对这类物理问题的方向，应注意联系实际，有时机械是以一定功率运行的，这时P一定，那么F与v成反比。有

25、时机械是以恒定牵引力工作的，这时P 与v成正比。4.解：1汽车的加速度减小，速度增大。因为，此时开场发动机在额定功率下运动，即 PF牵v。v增大那么F牵减小，而FFam牵，所以加速度减小。2当加速度减小到零时，汽车做匀速直线运动，F牵F，所以PvF，此为汽车在功率P 下行驶的最大速度。第 4节重力势能1.证明：设斜面高度为h，对应于倾角为1、2、3的斜面长分别为l1、l2、l3。由功的公式可知，在倾角为1的斜面，重力与hmgFNF30.-优选位移的夹角为12，重力所做的功为：WGmgl1cos 12mgl1sin 1mgh。同理可证，在倾角为 2、3的斜面上，重力所做的功都等于mgh，与斜面倾

26、角无关。2.答：1足球由位置1 运动到位置2 时，重力所做的功为mgh，足球克制重力所做的功为mgh，足球的重力势能增加了mgh。2足球由位置2 运动到位置3 时，重力做的功为 mgh，足球的重力势能减少了mgh。3足球由位置1 运动到位置3 时，重力做功为零，重力势能变化为零。说明：此题的意图是使学生体会，重力势能的变化是与重力做功相对应的。重力做了多少功,重力势能就变化多少。重力做正功重力势能减少，重力做负功重力势能增加。3.答：1所 选择 的参 考平面小 球 在A 点 的重 力 势能小 球 在B 点 的重 力 势能整个下落过程中小球重力做的功整个下落过程中小球重力势能的变化桌面5.88J

27、3.92J9.8J9.8J地面9.8J09.8J9.8J2如果下落过程中有空气阻力，表格中的数据不变。说明：此题的意图是使学生认识，重力势能跟零势面的选取有关，而重力势能的变化跟重力的功相对应，与零势能面的选取无关。重力做的功只跟物体位置的变化有关，与是否存在其他力无关。4.答：A 正确。例如：物体在向上的拉力作用下，如果做匀加速直线运动，这时拉力的功大于重力势能的增加量。如果物体做匀减速直线运动，这时拉力的功小于重力势能的减少量。B 错误。物体匀速上升，拉力的大小等于重力，拉力的功一定等于重力势能的增加量。C 错误。根据 WGEp1Ep2可知，重力做 1J的功，物体势能的增加量为1J。D 错

28、误。重力做功只与起点和终点的位置有关，与路径无关，A、B 两点的位置不变，从A 点到 B 点的过程中，无论经过什么路径，重力的功都是一样的。第 7节动能和动能定理1.答：a动能是原来的4 倍。b动能是原来的2 倍。c动能是原来的8 倍。d动能不变。2.解：由动能定理WEk2Ek122211()2m vv可知，在题目所述的两种情况下，()较大的，需要做的功较多。速度由10km/h 加速到20km/h 的情况下：0 202102 km/s 2300km/s 2速度 由50km/h加快 到60km/h情况下：(2221vv)602502 km/s 21100km/s 2可见，后一种情况所做的功比拟多

29、。3.解：设平均阻力为f，根据动能定理W22211122mvmv，有fscos180 22211122mvmvf 1.6 103N，子弹在木板中运动5cm 时，所受木板的阻力各处不同，题目所说的平均阻力是对这5cm 说的。4.解：人在下滑过程中，重力和阻力做功，设人受到的阻力为f，根据动能定理WEk,WG+Wf2102tmv，mghfs212tmv解方程得：vt 42m/s 5.66m/s.-优选5解：设人将足球踢出的过程中，人对球做的功为 W，根据动能定理可从人踢球到球上升至最大高度的过程中：WG+W 212tmv 0，即：mgh+W212tmvW 0.5 202J+0.5 10 10J 1

30、50J 第 8 节机械能守恒定律1.解：1小球在从A 点下落至B 点的过程中，根据动能定理WEk，mg(h1h2)22211122mvmv 2由mg(h1 h2)22211122mvmv，得：mgh1+2112mvmgh2+2212mv等式左边表示物体在A 点时的机械能，等式右边表示物体在B 点时的机械能，小球从 A 点运动到B 点的过程中，机械能守恒。2.A飞船升空的阶段，动力对飞船做功，飞船的机械能增加。B飞船在椭圆轨道上绕地球运行的阶段，只有引力对飞船做功，机械能守恒。C飞船在空中减速后，返回舱与轨道别离，然后在大气层以外向着地球做无动力飞行的过程中，只有引力做功，机械能守恒。D进入大气

31、层并运动一段时间后，降落伞开，返回舱下降的过程中，空气阻力做功，机械能减少。3.解：1石块从抛出到落地的过程中，只有重力做功，所以机械能守恒。设地面为零势能面，根据机械能守恒定律：2201122tmvmghmv，得根 据 动 能 定 理：W Ekt Ek0，即mgh2201122tmvmv，vt202vghvt15m/s 2由vt202vgh知，石块落地时速度大小与石块初速度大小和石块抛出时的高度有关，与石块的质量和石块初速度的仰角无关。4.解：根据题意，切断电动机电源的列车，假定在运动中机械能守恒，要列车冲上站台，此时列车的动能Ek至少要等于列车在站台上的重力势能 Ep。列车冲上站台时的重力

32、势能：Ep mgh20mm2/s2列车在 A 点时动能：Ek212mv m 72m2/s224.5mm2/s2可见 EkEp，所以列车能冲上站台。设列车冲上站台后的速度为v1。根据机械能守恒定律，有：EkEp+212mv2112mv Ek Ep 24.5mm2/s2 20mm2/s24.5mm2/s2，可得v1 3m/s 第节实验：验证机械能守恒定律1.答：1从状态甲至状态丙过程中，弹性势能逐渐减少，动能和重力势能逐渐增大，当弹簧对小球向上的弹力大小与小球所受重力大小相等时，小球动能最大。之后，弹性势能和动能逐渐减小，重力势能逐渐增大，当弹簧恢复到自然长度时，弹性势能为0。之后，重力势能仍然逐

33、渐增大，动能逐渐减小，到达C点时，动能减少到0，重力势能到达最大。小球从状态甲运动到状态丙的过程中，机械能守恒。故状态甲中，弹簧的弹性势能0.2 100.1 0.20.6pABBCEmg hhJ 2小球从状态乙到状态丙的过程中，动能逐渐减少，重力势能逐渐增大。.-优选小球从状态乙到状态丙的过程中，机械能守恒，所以小球在B点的动能与小球在C点的势能相等。故小球在状态乙中的动能0.2 100.20.4kBCEmghJ 2.解：设小球的质量为m，小球运动到圆轨道最高点B时的速度为v，受到圆轨道的压力为FN。小球从A点下滑至最高点B的过程中，由于只有重力做功，机械能守恒。设在圆轨道最低点为重力势能的零

34、参考平面，那么在这个过程中，根据机械能守恒定律，有2122mgRmvmgh在圆轨道的最高点B处，根据牛顿第二定律，有2NvFmgmR欲使小球顺利地通过圆轨道在最高点，那么小球在最高点B处时，必须满足条件FN0 即2vmgmR联立以上两式，可得52hR可见，为了使小球顺利通过圆轨道的最高点，h至少应为52R3.答：用平抛运动的知识测出的小球离开桌面时的速度要略大于小球从斜面上滚下的过程中用机械能守恒定律算出的速度，这是由于小球从斜面与桌面上运动时受到的摩擦阻力远大于小球做平抛运动时所受的空气阻力。第 10 节能量守恒定律与能源1答：家用电饭锅是把电能转化为能；洗衣机是把电能转化为动能，等等。2解：1依题意可知，三峡水库第二期蓄水后，用于发电的水流量每秒为：1.35 104m33500m310000m3/s，每秒钟转化为电能是：mgh 20Vgh 201.0 103 1.0 104 10 135 20J/s 2.7 109J/s 发电功率最大是2.7 109W 2.7 106kW。(2)设三口之家每户的家庭生活用电功率为1kW，考虑到不是每家同时用1kW 的电，我们平均每家同时用电0.5kW，那么三峡发电站能供应5.8 106户用电，人口数为 3 5.8 106 17 106人，即可供 17 个百万人口城市的生活用电。