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1、 云南省广南县第三中学校 2019-2020 学年高二物理上学期期末考试试题 本试卷分第卷和第卷两部分，共 100 分，考试时间 90 分钟。分卷 I 一、单选题(共 10 小题,每小题 3.0 分,共 30 分)1.如图所示的电路中，灯泡A、灯泡B原来都是正常发光的现在突然灯泡A比原来变暗了些，灯泡B比原来变亮了些，则电路中出现的故障可能是()AR1短路 BR2断路 CR3断路 DR1、R2同时短路 2.如图所示，E为电动势，r为电源内阻，R1和R3均为定值电阻，R2为滑动变阻器当R2的滑动触点在a端时合上开关 S，此时三个电表 A1、A2和 V 的示数分别为I1、I2和U.现将R2的滑动触
2、点向b端移动，则三个电表示数的变化情况是()AI1增大，I2不变，U增大 BI1减小，I2增大，U减小 CI1增大，I2减小，U增大 DI1减小，I2不变，U减小 3.如图所示，两个固定的带正电的点电荷q1、q2，电荷量之比为 14，相距为d，引入第三个点电荷q3，要使q3能处于平衡状态，对q3的位置、电性和电荷量的要求，以下叙述正确的是()Aq3在q1和q2连线之间距离q1为 处，且为负电荷，对电荷量无要求 Bq3在q1和q2连线之间距离q1为 处，且为正电荷，对电荷量无要求 Cq3在q1和q2连线之间距离q1为 处，对电性和电荷量均无要求 Dq3在q1和q2连线的延长线上，位于q1左侧 处
3、，对电性和电荷量均无要求 4.如图所示，四边形的通电闭合线框abcd处在垂直线框平面的匀强磁场中，它受到磁场力的合力()A 竖直向上 B 方向垂直于ad斜向上 C 方向垂直于bc斜向上 D 为零 5.如图所示，固定在水平地面上的倾角为的粗糙斜面上，有一根水平放在斜面上的导体棒，通有垂直纸面向外的电流，导体棒保持静止现在空间中加上竖直向下的匀强磁场，导体棒仍静止不动，则()A 导体棒受到的合力一定增大 B 导体棒一定受 4 个力的作用 C 导体棒对斜面的压力一定增大 D 导体棒所受的摩擦力一定增大 6.一小段长为L的导线，通过电流为I，垂直放在磁场中某处受力F，则该处磁感应强度的大小为B.下列说
4、法正确的是()AB随着I的减小而增大 BB随着L的减小而增大 CB随着F的增大而增大 DB跟F、I、L的变化无关 7.平行金属板水平放置，板间距为 0.6 cm，两板接上 6103V 的电压，板间有一个带电液滴质量为 4.81010g，处于静止状态，则油滴上有元电荷数目是（g取 10 m/s2）（）A 3106 B 30 C 10 D 3104 8.如图所示，是一条与Ox轴重合的电场线上各点的电势随x变化的图线，取x0处的电势为零若在x0点由静止释放一个点电荷，只受电场力作用在电荷运动的过程中，则下列说法中正确的是()A 电荷一定沿x轴正方向运动 B 电场的场强在逐渐减弱 C 电荷的电势能可能
5、为正 D 电场力一定做正功 9.如图所示，直线a为某电源的路端电压随电流的变化图线，曲线b为小灯泡R两端的电压随电流强度的变化图线，用该电源和该小灯泡R组成的闭合电路，电源的输出功率和电源的内电阻分别是（）A 0.6 W，5 B 0.6 W，C 0.8 W，5 D 0.8 W，10.如图所示，三个点电荷q1、q2、q3固定在同一直线上，q2与q3间距离为q1与q2间距离的2 倍，每个电荷所受静电力的合力均为零，由此可以判定，三个电荷的电荷量之比为()A(9)4(36)B 9436 C(3)2(6)D 326 二、多选题(共 4 小题,每小题 5.0 分,共 20 分)11.(多选)如图所示是用
6、阴极射线管演示电子在磁场中受洛伦兹力的实验装置，图中虚线是电子的运动轨迹，那么下列关于此装置的说法正确的有()AA端接的是高压直流电源的负极 BA端接的是高压直流电源的正极 CC端是蹄形磁铁的 S 极 DC端是蹄形磁铁的 N 极 12.（多选）在真空中，电量为q1的点电荷产生的电场中有一个点P，P点与q1的距离为r，把一个电量为q2的试探电荷放在P点，它受的静电力为F，则P点电场强度的大小等于（）A B Ck Dk 13.（多选）如图所示电路中，电源电动势为E、内阻为r，R0定值电阻，电容器的电容为C 闭合开关 S，增大可变电阻R的阻值，电压表示数的变化量的绝对值为U，电流表示数的变化量的绝对
7、值为I，则（）A 变化过程中U和I的比值保持不变 B 电压表示数U和电流表示数I的比值不变 C 电阻R0端电压减小，减少量为U D 电容器的带电荷量增加，增加量为CU 14.(多选)一个电热器电阻为R，当它两端电压为U时，通电时间t消耗电能为W，若使它消耗的电能为 4W，下列方法正确的是()A 电阻R不变，电压U不变，通电时间t变为原来的 2 倍 B 电阻R减半，电压U增大 1 倍，通电时间t不变 C 电阻R不变，电压U增大 1 倍，通电时间t不变 D 电阻R减半，电压U不变，通电时间t变为原来的 2 倍 分卷 II 三、实验题(共 2 小题,共 16 分)15.（1）在一次实验时某同学用游标
8、卡尺测量（如图所示），示数为 cm.在一次实验时某同学用螺旋测微器测量（如图），示数为 mm.（2）某电阻额定电压为 3 V（阻值大约为 10）。为测量其阻值，实验室提供了下列可选用的器材：A：电流表 A1（量程 300 mA，内阻约 1）B：电流表 A2（量程 0.6 A，内阻约 0.3）C：电压表 V1（量程 3.0 V，内阻约 3 k）D：电压表 V2（量程 5.0 V，内阻约 5 k）E：滑动变阻器R1（最大阻值为 10）F：滑动变阻器R2（最大阻值为 1 k）G：电源E（电动势 4 V，内阻可忽略）H：电键、导线若干。为了尽可能提高测量准确度，应选择的器材为（只需添器材前面的字母即可
9、）：电流表_，电压表_，滑动变阻器_.画出该实验电路图.16.欲用伏安法测定一段阻值约为5 左右的金属导线的电阻,要求测量结果尽量准确,现备有以下器材:A.电池组（3 V,内阻 1 ）B.电流表（03 A,内阻 0.0125）C.电流表（00.6 A,内阻 0.125）D.电压表（03 V,内阻 3 k）E.电压表（015 V,内阻 15 k）F.滑动变阻器（020,额定电流 1 A）G.滑动变阻器（02 000,额定电流 0.3 A）H.开关、导线（1）上述器材中应选用的是；（填写各器材的字母代号）（2）实验电路应采用电流表接法；（填“内”或“外”）（3）设实验中,电流表、电压表的某组示数如
10、下图所示，图示中I=A，U=V.（4）为使通过待测金属导线的电流能在 00.5 A 范围内改变,请按要求画出测量待测金属导线的电阻Rx的原理电路图,然后根据你设计的原理电路将下图中给定的器材连成实验电路.四、计算题 17.如图所示，ABCD为竖立放在场强为E104V/m 的水平匀强电场中的绝缘光滑轨道，其中轨道的BCD部分是半径为R的半圆环，轨道的水平部分与半圆环相切，A为水平轨道上的一点，而且ABR0.2 m把一质量m0.1 kg、带电量q104C 的小球，放在水平轨道的A点由静止开始释放后，在轨道的内侧运动(g取 10 m/s2)求：(1)它到达C点时的速度是多大？(2)若让小球安全通过D
11、点，开始释放点离B点至少多远？18.一长为L的细线，上端固定，下端拴一质量为m、带电荷量为q的小球，处于如图所示的水平向右的匀强电场中开始时，将线与小球拉成水平，小球静止在A点，释放后小球由静止开始向下摆动，当细线转过 60角时，小球到达B点速度恰好为零试求：(1)A、B两点的电势差UAB；(2)匀强电场的场强大小；(3)小球到达B点时，细线对小球的拉力大小 19.如图所示，水平放置的两导轨P、Q间的距离L0.5 m，垂直于导轨平面的竖直向上的匀强磁场的磁感应强度B2 T，垂直于导轨放置的ab棒的质量m1 kg，系在ab棒中点的水平绳跨过定滑轮与重量G3 N 的物块相连已知ab棒与导轨间的动摩
12、擦因数0.2，电源的电动势E10 V、内阻r0.1，导轨的电阻及ab棒的电阻均不计要想ab棒处于静止状态，R应在哪个范围内取值？(g取 10 m/s2)20.在一广阔的匀强磁场中，建立一直角坐标系，如图所示，在坐标系的原点 O 释放一速率为v，质量为m电荷量为十q的粒子（重力不计），释放时速度方向垂直于B的方向，且与 x轴成 30角，则(1)其第一次经过 y 轴时，轨迹与 y 轴交点离 O 点距离为多少？（不考虑空气阻力）（2 粒子从 O 点开始运动到穿过 y 轴时所用的时间（3 粒子做圆周运动圆心的坐标 答案 1.C 2.B 3.C 4.D 5.C 6.D 7.B 8.D 9.A 10.A
13、11.AD 12.BC 13.AD 14.CD 15.（1）8.075mm 10.405cm（2）A C E 如图所示 【解析】（1）20 分度的游标卡尺，精确度是 0.05 mm，游标卡尺的主尺读数为 104 mm，游标尺上第 1 个刻度和主尺上某一刻度对齐，所以游标读数为 10.05 mm=0.05 mm，所以最终读数为：104 mm+0.05 mm=104.05 mm=10.405 cm螺旋测微器的固定刻度为 8 mm，可动刻度为 7.50.01 mm=0.075 mm，所以最终读数为 8 mm+0.075 mm=8.075 mm（2）根据欧姆定律，流过电阻的最大电流故电流表选 A；电阻
14、额定电压为 3V 则电压表选 C 即可；为了尽可能提高测量准确度，选择滑动变阻分压式接法，为了方便调节，滑动变阻器选小阻值的 E即被测电阻为小电阻，选取电流表外接，题目要求为了尽可能提高测量准确度，选择滑动变阻分压式故电路图如图。16.（1）A、C、D、F、H；（2）外；（3）0.48,2.2；(4)略【解析】17.(1)2 m/s(2)0.5 m【解析】(1)由A点到C点应用动能定理 有Eq(ABR)mgRmv 解得vC2 m/s.(2)在D点，小球要安全通过必有mgm 设释放点距B点的距离为x，由动能定理得：Eqxmg2Rmv 以上两式联立可得x0.5 m.18.(1)(2)(3)mg【解
15、析】(1)小球由A到B过程中，由动能定理得 mgLsin 60qUAB0 所以UAB(2)E(3)小球在AB间摆动，由对称性知，B处细线拉力与A处细线拉力相等，而在A处，由水平方向平衡有FTAqEmg 所以FTBFTAmg 或在B处，沿细线方向合力为零，有 FTBqEcos 60mgcos 30mg 19.1.9 R9.9 【解析】依据物体的平衡条件可得，ab棒恰不右滑时：GmgBI1L0 ab棒恰不左滑时：GmgBI2L0 依据闭合电路欧姆定律可得：EI1(R1r)EI2(R2r)由以上各式代入数据可解得：R19.9 ，R21.9 所以R的取值范围为：1.9 R9.9 .20.(1)(2)(3)圆心坐标为（）【解析】（1）由题意画出带电粒子的运动轨迹，洛伦兹力充当向心力由牛顿第二定律得 设带电粒子轨迹的轨道半径为R，纵坐标为 y，由几何关系 sin600=由式解得 y=(2）由匀速圆周运动的周期公式T=2 所以带电粒子的运动时间 由、式求得t=(3)设粒子做圆周运动的圆心坐标位（x，y）由 cos60=x/R得x=圆心坐标为（）