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1、1 / 24【2019【2019 最新最新】精选高考数学试题分项版解析专题精选高考数学试题分项版解析专题 0505 导数与函导数与函数的极值最值文数的极值最值文1.【2016 高考四川文科】已知函数的极小值点，则=( )3( )12f xxx(A)-4 (B) -2 (C)4 (D)2【答案】D考点：函数导数与极值.【名师点睛】本题考查函数的极值在可导函数中函数的极值点是方程的解，但是极大值点还是极小值点，需要通过这点两边的导数的正负性来判断，在附近，如果时， ，时，则是极小值点，如果时， ，时， ，则是极大值点，0x( )0fx 0x0x0xx( )0fx 0xx( )0fx 0x0xx(
2、)0fx 0xx( )0fx 0x2.【2015 高考福建，文 12】 “对任意， ”是“”的（）(0,)2xsin coskxxx1k A充分而不必要条件 B必要而不充分条件 C充分必要条件 D既不充分也不必要条件【答案】B【解析】当时， ，构造函数，则故在单调递增，故，则；当时，不等式等价于，构造函数，则，故在递增，故，则综上所述， “对任意， ”是“”的必要不充分条件，选 B1k sincossin22kkxxx( )sin22kf xxx( )cos210fxkx ( )f x(0,)2x( )()022f xf sin coskxxx1k sin coskxxx1sin22xx1(
3、)sin22g xxx2 / 24( )cos210g xx ( )g x(0,)2x( )()022g xg sin cosxxx(0,)2xsin coskxxx1k 【考点定位】导数的应用【名师点睛】本题以充分条件和必要条件为载体考查三角函数和导数在单调性上的应用，根据已知条件构造函数，进而研究其图象与性质，是函数思想的体现，属于难题3. (2014 课标全国，文 12)已知函数 f(x)ax33x21，若 f(x)存在唯一的零点 x0，且 x00，则 a 的取值范围是( )A(2，) B(1，)C(，2) D(，1)答案：C解析：当 a0 时，f(x)3x21 存在两个零点，不合题意；
4、当 a0 时，f(x)3ax26x，23ax xa令 f(x)0，得 x10， ，22xa所以 f(x)在 x0 处取得极大值 f(0)1，在处取得极小值，2xa2241faa 要使 f(x)有唯一的零点，需，但这时零点 x0 一定小于 0，不合题意；20fa当 a0 时，f(x)3ax26x，23ax xa令 f(x)0，得 x10， ，这时 f(x)在 x0 处取得极大值 f(0)1，在处取得极小值，22xa2xa2241faa 要使 f(x)有唯一零点，应满足，解得 a2(a2 舍去)，且这时零点 x0 一定大于 0，满足题意，故 a 的取值范围是(，2)3 / 2422410faa 名
5、师点睛：本题考查导数法求函数的单调性与极值，函数的零点，考查分析转化能力，分类讨论思想，较难题. 注意区别函数的零点与极值点.4.【2014 辽宁文 12】当时，不等式恒成立，则实数 a 的取值范围是（） 2,1x 32430axxxA B C D 5, 39 6,8 6, 2 4, 3【答案】C2 4489(x 9)(x 1)( )0xxfxxx，故函数递增，则，故；当时， ，记，令，得或（舍去） ，当时， ；当时， ，故，则综上所述，实数 a 的取值范围是( )f xmax( )(1)6f xf 6a 2,0)x 2343xxxax2343( )xxxf xx( )0fx x1 x9( 2
6、, 1)x ( )0fx ( 1,0)x ( )0fx min( )( 1)2f xf a2 6, 2【考点定位】利用导数求函数的极值和最值【名师点睛】本题考查应用导数研究函数的单调性、极值，不等式恒成立问题.解答本题的关键，是利用分类讨论思想、转化与化归思想，通过构造函数研究其单调性、最值，得出结论.本题属于能力题，中等难度.在考查应用导数研究函数的单调性、极值、不等式恒成立问题等基本方法的同时，考查了考生的逻辑推理能力、4 / 24运算能力、分类讨论思想及转化与化归思想.5.【2017 江苏，20】已知函数有极值,且导函数的极值点是的零点.（极值点是指函数取极值时对应的自变量的值）32(
7、)1(0,)f xxaxbxabR( )fx( )f x（1）求关于的函数关系式，并写出定义域；（2）证明：;23ba（3）若,这两个函数的所有极值之和不小于，求的取值范围.( )f x( )fx7 2【答案】 （1） （2）见解析（3）3a 36a所以，又，故.33 ()1032793aaaabf 0a 223 9aba因为有极值，故有实根，从而，即.( )f x( )=0f x2 31(27a )039aba3a 3a 时， ，故在 R 上是增函数，没有极值；( )0(1)f xx ( )f x( )f x3a 时，有两个相异的实根，.( )=0f x213=3aabx 223=3aabx
8、 列表如下x1(,)x1x12( ,)x x2x2(,)x ( )f x+00+( )f xA极大值A极小值A故的极值点是.( )f x12,x x从而，3a 因此，定义域为.223 9aba(3,)5 / 24（2）由（1）知，.23=9ba a aa a设，则.23( )=9tg tt22223227( )=99tg ttt当时， ，从而在上单调递增.3 6(,)2t( )0g t( )g t3 6(,)2因为，所以，故，即.3a 3 3a a () (3 3)= 3g a ag 3b a因此.23ba（3）由（1）知，的极值点是，且，.( )f x12,x x122 3xxa 2 22
9、1246 9abxx从而3232 12111222()()11f xf xxaxbxxaxbx 记，所有极值之和为，( )f x( )f x( )h a因为的极值为，所以，.( )f x2 213 39abaa 213( )=9h aaa3a 因为，于是在上单调递减.223( )=09h aaa( )h a(3,)因为，于是，故.7(6)=2h( )(6)h ah6a 因此 a 的取值范围为.(3 6，【考点】利用导数研究函数单调性、极值及零点【名师点睛】涉及函数的零点问题、方程解的个数问题、函数图像交点个数问题，一般先通过导数研究函数的单调性、最大值、最小值、变化趋势等，再借助函数的大致图象
10、判断零点、方程根、交点的情况，归根到底还是研究函数的性质，如单调性、极值，然后通过数形结合的思想找到解题的思路.6.【2014 高考北京文第 20 题】 （本小题满分 13 分）已知函数.3( )23f xxx6 / 24（1）求在区间上的最大值；( )f x 2,1（2）若过点存在 3 条直线与曲线相切，求 t 的取值范围；(1, )Pt( )yf x（3）问过点分别存在几条直线与曲线相切？（只需写出结论）( 1,2),(2,10),(0,2)ABC( )yf x【答案】(1);(2);(3)详见解析.2( 3, 1)因为， ， ， ，( 2)10f 2()22f 2()22f (1)1f
11、所以在区间上的最大值为.( )f x 2,12()22f （2）设过点 P（1，t）的直线与曲线相切于点，则( )yf x00(,)xy3 00023yxx，且切线斜率为，所以切线方程为，2 063kx2 000(63)()yyxxx因此，整理得：，2 000(63)(1)tyxx32 004630xxt 设，则“过点存在 3 条直线与曲线相切”等价于“有 3 个不同零点” ，=，( )g x 32463xxt (1, )Pt( )yf x( )g x( )g x 21212xx12 (1)x x( )g x与的情况如下：( )g x(,0)0(0,1)1(1,)( )g x+00+( )g
12、xt+31t 所以，是的极大值，是的极小值，(0)3gt ( )g x(1)1gt ( )g x当，即时，此时在区间和上分别至多有 1 个零点，所以(0)30gt 3t ( )g x(,1(1,)( )g x至多有 2 个零点，当，时，此时在区间和上分别至多有 1 个零点，所以(1)10gt 1t 7 / 24( )g x(,0)0,)( )g x至多有 2 个零点.当且，即时，因为， ，(0)0g(1)0g31t ( 1)70gt (2)110gt 所以分别为区间和上恰有 1 个零点，由于在区间和上单调，所以分别在区间和上恰有 1 个零点.( )g x 1,0),0,1)1,2)( )g x
13、(,0)(1,)( )g x(,0)1,)综上可知，当过点存在 3 条直线与曲线相切时，t 的取值范围是.(1, )Pt( )yf x( 3, 1)（3）过点 A（-1，2）存在 3 条直线与曲线相切；( )yf x过点 B（2，10）存在 2 条直线与曲线相切；( )yf x过点 C（0，2）存在 1 条直线与曲线相切.( )yf x考点：本小题主要考查导数的几何意义、导数在函数中的应用等基础知识的同时，考查分类讨论、函数与方程、转化与化归等数学思想，考查同学们分析问题与解决问题的能力.利用导数研究函数问题是高考的热点，在每年的高考试卷中占分比重较大，熟练这部分的基础知识、基本题型与基本技能
14、是解决这类问题的关键.7.【2015 高考北京，文 19】 （本小题满分 13 分）设函数， 2 ln2xf xkx0k （I）求的单调区间和极值； f x（II）证明：若存在零点，则在区间上仅有一个零点 f x f x 1, e【答案】 （I）单调递减区间是，单调递增区间是；极小值；（II）证8 / 24明详见解析.(0,)k(,)k (1 ln )()2kkfk取得极小值，同时也是最小值；（II）利用第一问的表，知为函数的最小值，如果函数有零点，只需最小值，从而解出，下面再分情况分析函数有几个零点.()fk(1 ln )02kkke试题解析：（）由， （）得 2 ln2xf xkx0k 2
15、 ( )kxkfxxxx.由解得.( )0fx xk( )f x与在区间上的情况如下：( )fx(0,)所以，的单调递减区间是，单调递增区间是；( )f x(0,)k(,)k ( )f x在处取得极小值.xk(1 ln )()2kkfk（）由（）知，在区间上的最小值为.( )f x(0,)(1 ln )()2kkfk因为存在零点，所以，从而.( )f x(1 ln )02kkke当时，在区间上单调递减，且，ke( )f x(1,)e()0fe 所以是在区间上的唯一零点.xe( )f x(1,e当时，在区间上单调递减，且， ，ke( )f x(0,)e1(1)02f()02ekfe所以在区间上仅
16、有一个零点.( )f x(1,e综上可知，若存在零点，则在区间上仅有一个零点.( )f x( )f x(1,e考点：导数的运算、利用导数判断函数的单调性、利用导数求函数的9 / 24极值、函数零点问题.【名师点晴】本题主要考查的是导数的运算、利用导数判断函数的单调性、利用导数求函数的极值和函数的零点，属于难题利用导数求函数的单调性与极值的步骤：确定函数的定义域；对求导；求方程的所有实数根；列表格证明函数仅有一个零点的步骤：用零点存在性定理证明函数零点的存在性；用函数的单调性证明函数零点的唯一性 f x f x f x 0fx8.【2014 高考陕西版文第 21 题】设函数.( )ln,mf x
17、xmRx（1）当（为自然对数的底数）时，求的最小值；me( )f x（2）讨论函数零点的个数；( )( )3xg xfx（3）若对任意恒成立，求的取值范围.( )( )0,1f bf ababam【答案】 （1）2；（2）当时，函数无零点；当或时，函数有且仅有一个零点；当时，函数有两个零点；（3）.2 3m ( )g x2 3m 0m ( )g x203m( )g x1 ,)4设，由求出函数的单调性以及极值，并且求出函数在的零点，画出的大致图像，并从图像中，可以得知，当在不同范围的时候，函数和函数的交点个数31( )(0)3h xxx x 2( )1(1)(1)h xxxx ( )h x( )
18、h x0x ( )h xmym( )yh x（3）对任意恒成立，等价于恒成立，则在上单调递减，即在恒成立，( )( )0,1f bf ababa( )( )f bbf aa( )( )ln(0)mh xf xxxx xx(0,)21( )10mh xxx (0,)求出的取值范围.m10 / 24试题解析：（1）当时，me( )lnef xxx易得函数的定义域为( )f x(0,)当时， ，此时在上是减函数；(0, )xe( )0fx( )f x (0, ) e当时， ，此时在上是增函数；( ,)xe( )0fx( )f x (0, ) e当时，取得极小值xe( )f x( )ln2ef eee
19、(2)函数21( )( )(0)33xmxg xfxxxx令，得( )0g x 31(0)3mxx x 设31( )(0)3h xxx x 当时， ，此时在上式增函数；(0,1)x( )0h x( )h x(0,1)当时， ，此时在上式增函数；(1,)x( )0h x( )h x(1,)当时，取极大值1x ( )h x12(1)133h 令，即，解得，或( )0h x 3103xx0x 3x 函数的图像如图所示：( )h x由图知：当时，函数和函数无交点；2 3m ym( )yh x当时，函数和函数有且仅有一个交点；2 3m ym( )yh x当时，函数和函数有两个交点；203mym( )yh
20、 x时，函数和函数有且仅有一个交点；0m ym( )yh x综上所述，当时，函数无零点；当或时，函数有且仅有一个零点；当时，函数有两个零点.2 3m ( )g x2 3m 0m ( )g x203m( )g x（3）对任意恒成立( )( )0,1f bf ababa等价于恒成立( )( )f bbf aa设( )( )ln(0)mh xf xxxx xx( )h x在上单调递减(0,)11 / 2421( )10mh xxx 在恒成立(0,)当且仅当当时，1 2x 1 4m m的取值范围是1 ,)4考点：利用导数研究函数的极值；函数恒成立问题；函数的零点.【名师点晴】本题主要考查的是利用导数研
21、究函数的极值；函数恒成立问题；函数的零点，属于难题解第（1）问时一定要注意函数的定义域，在此前提下利用导数研究函数的单调性即可得到函数的最小值，对于第（2）问可构造新函数， ，讨论该函数单调性即可得到所要求的零点个数，当人这里中点考察的是分类讨论思想的运用；第（3）问仍然是构造新函数，讨论其导函数在恒成立问题 31( )(0)3h xxx x ( )ln(0)mh xxx xx21( )10mh xxx (0,)9.【2016 高考山东文数】(本小题满分 13 分)设 f(x)=xlnxax2+(2a1)x，aR.()令 g(x)=f(x)，求 g(x)的单调区间；()已知 f(x)在 x=1
22、 处取得极大值.求实数 a 的取值范围.【答案】()当时，函数单调递增区间为；0a g x0,当时，函数单调递增区间为，单调递减区间为. 0a g x10,2a1,2a().1 2a 讨论当时，当时的两种情况下导函数正负号，确定得到函数的单调区间. 0a 0a ()分以下情况讨论：当时，当时，当时，当时，综合即得.12 / 240a 102a1 2a 1 2a 试题解析：()由 ln22 ,fxxaxa可得， ln22 ,0,g xxaxa x则， 1122axgxaxx当时，时， ，函数单调递增；0a 0,x 0gx g x当时，时， ，函数单调递增，0a 10,2xa 0gx g x1,2
23、xa时， ，函数单调递减. 0gx g x所以当时，函数单调递增区间为；0a g x0,当时，函数单调递增区间为，单调递减区间为. 0a g x10,2a1,2a()由()知，. 10f当时， ，单调递减.0a 0fx f x所以当时， ，单调递减.0,1x 0fx f x当时， ，单调递增.1,x 0fx f x所以在处取得极小值，不合题意. f x1x 当时， ，由()知在内单调递增，102a112a fx10,2a可得当当时， ，时， ，0,1x 0fx 11,2xa 0fx 所以在(0,1)内单调递减，在内单调递增， f x11,2a所以在处取得极小值，不合题意. f x1x 当时，即
24、时，在(0,1)内单调递增，在内单调递减，1 2a 112a fx13 / 241,所以当时， ，单调递减，不合题意.0,x 0fx f x当时，即，当时， ，单调递增,1 2a 1012a1,12xa 0fx f x当时， ，单调递减，1,x 0fx f x所以在处取得极大值，合题意. f x1x 综上可知，实数 a 的取值范围为.1 2a 考点：1.应用导数研究函数的单调性、极值；2.分类讨论思想.【名师点睛】本题主要考查导数的计算、应用导数研究函数的单调性与极值、分类讨论思想.本题覆盖面广，对考生计算能力要求较高，是一道难题.解答本题，准确求导数是基础，恰当分类讨论是关键，易错点是分类讨
25、论不全面、不彻底、不恰当.本题能较好的考查考生的逻辑思维能力、基本计算能力、分类讨论思想等.10.【2016 高考浙江文数】 （本题满分 15 分）设函数=，.证明：( )f x31 1xx0,1x（I） ；( )f x21xx （II）. 3 4( )f x3 2【答案】 （）证明见解析；（）证明见解析.【解析】试题分析：本题主要考查函数的单调性与最值、分段函数等基础知识，同时考查推理论证能力、分析问题和解决问题的能力.第一问，利用放缩法，得到，从而得到结论；第二问，由得，进行放缩，得到，再结合第一问的结论，得到，从而得到结论.411 11x xx01x3xx 3 2f x 3 4f x 1
26、4 / 24()由得，01x3xx故， 312111333311222122xxf xxxxxx所以 . 3 2f x 由()得， 2 21331244f xxxx 又因为，所以，1193 2244f 3 4f x 综上， 33.42f x考点：函数的单调性与最值、分段函数.【思路点睛】 （I）先用等比数列前项和公式计算，再用放缩法可得，进而可证；（II）由（I）的结论及放缩法可证231xxx2311 1xxxx 21f xxx 33 42f x11.【2014 年.浙江卷.文 21】 （本小题满分 15 分）已知函数，若在上的最小值记为. 33|(0)f xxxaa( )f x 1,1( )
27、g a（1）求；( )g a（2）证明：当时，恒有. 1,1x ( )( )4f xg a【答案】 （1） ；（2）详见解析. 1,3210 ,)(3aaaaag试题解析：（1）因为，11x当时，10 a若，则， ，故在上是减函数；, 1axaxxxf33)(3033)(2xxf)(xf), 1(a若，则， ，故在上是增函数； 1 ,axaxxxf33)(3033)(2xxf)(xf) 1 ,(a所以，.3)()(aafag15 / 24当，则， ， ，故在上是减函数，1aax axxxf33)(3033)(2xxf)(xf) 1 , 1(所以，afag32) 1 ()(综上所述，. 1,32
28、10 ,)(3aaaaag（2）令，)()()(xgxfxh当时， ，10 a3)(aag若，得，所以在上是增函数，所以在上的最大值是，且，所以， 1 ,ax33)(3xxxh33)(2xxh)(xh) 1 ,(a)(xh 1 ,a334) 1 (aah10 a4)(xh故.4)()(agxf若， ，则，所以在上是减函数，, 1ax3333)(aaxxxh33)(2xxh)(xh), 1(a所以在上的最大值是，)(xh, 1a332) 1(aah令，则，332)(aaat033)(2aat所以在上是增函数，所以即，)(at) 1 , 0(4) 1 ()( tat4) 1(h故，4)()(agx
29、f当时， ，所以，得，1aaag32)(23)(3xxxh33)(2xxh此时在上是减函数，因此在上的最大值是，)(xh) 1 , 1()(xh 1 , 14) 1(h故，4)()(agxf综上所述，当时恒有. 1 , 1x4)()(agxf考点：函数最大（最小）值的概念，利用导数研究函数的单调性.【名师点睛】本题主要考查了利用导数研究函数的最值问题，正确求导，确定函数的单调性是解决问题的关键；求一个函数在闭区间上的最值和在无穷区间(或开区间)上的最值时，方法是不同的求函16 / 24数在无穷区间(或开区间)上的最值，不仅要研究其极值情况，还要研究其单调性，并通过单调性和极值情况，画出函数的大
30、致图象，然后借助图象观察得到函数的最值导数在不等式问题中的应用问题解题策略：(1)利用导数证明不等式，若证明 f(x)g(x)，x(a，b)，可以构造函数 F(x)f(x)g(x)，如果 F(x)0，则 F(x)在(a，b)上是减函数，同时若 F(a)0，由减函数的定义可知，x(a，b)时，有F(x)0，即证明了 f(x)g(x)(2)利用导数解决不等式的恒成立问题，利用导数研究不等式恒成立问题，首先要构造函数，利用导数研究函数的单调性，求出最值，进而得出相应的含参不等式，从而求出参数的取值范围；也可分离变量，构造函数，直接把问题转化为函数的最值问题12.【2015 高考重庆，文 19】已知函
31、数（）在 x=处取得极值.32( )f xaxxaR4 3()确定的值，()若，讨论的单调性.( )( )xg xf x e【答案】 （） ， （）在内为减函数，内为增函数.1 2a =g( )x(, 4)( 1,0)-和( 4, 1)(0,)-+和（）由（）的结果可得函数，利用积的求导法则可求出，令，解得.从而分别讨论， ，及时的符号即可得到函数的单调性321g( )2xxxxe=+g ( )x=1(1)(4)2xx xxe+g ( )0x=0,1=-4xxx=- 或-4x g ( )xg( )x试题解析： (1)对求导得( )f x2( )32fxaxx=+因为在处取得极值，所以，( )f
32、 x4 3x =-4()03f-=即,解得.16416832 ()09333aa+ -=-=1 2a =17 / 24(2)由(1)得，,321g( )2xxxxe=+故232323115g ( )222222xxxxxx exxexxx e=+=+1(1)(4)2xx xxe=+令，解得.g ( )0x=0,1=-4xxx=- 或当时，,故为减函数，-4x g( )x当时，,故为减函数，-10xg ( )0xg( )x综上知在内为减函数，内为增函数.g( )x(, 4)( 1,0)-和( 4, 1)(0,)-+和【考点定位】1. 导数与极值，2. 导数与单调性.【名师点睛】本题考查函数导数的
33、概念和运算，运用导数研究函数的单调性及导数与函数极值之间的关系，利用函数的极值点必是导数为零的点，使导函数大于零的 x 的区间函数必增，小于零的区间函数必减进行求解，本题属于中档题，注意求导的准确性及使导函数大于零或小于零的 x 的区间的确定.13.【2014，安徽文 20】 （本小题满分 13 分）设函数，其中23( )1 (1)f xa xxx 0a （I）讨论在其定义域上的单调性；( )f x（II）当时，求取得最大值和最小值时的的值，0,1x( )f x【答案】 （I）在和内单调递减，在内单调递增；（II）所以当时，在处取得最小值；当时，在和处同时取得最小只；当时，在处取得最小值，(
34、)f x1(,)x2(,)x 12( ,)x x01a( )f x1x 1a ( )f x0x 1x 14a( )f x0x 【解析】18 / 24试题分析：（I）对原函数进行求导， ，令，解得，当或时；从而得出，当时， ，故在和内单调递减，在内单调递增， （II）依据第（I）题，对进行讨论，当时， ，由（I）知，在上单调递增，所以在和处分别取得最小值和最大值，当时， ，由（I）知，在上单调递增，在上单调递减，因此在处取得最大值，又，所以当时，在处取得最小值；当时，在和处同时取得最小只；当时，在处取得最小值，2( )123fxaxx ( )0fx 1212143143,33aaxxxx 1xx
35、2xx( )0fx 12xxx( )0fx ( )f x1(,)x2(,)x 12( ,)x xa4a 21x ( )f x0,1( )f x0x 1x 04a21x ( )f x20,x2,1x( )f x2143 3axx (0)1,(1)ffa01a( )f x1x 1a ( )f x0x 1x 14a( )f x0x 试题解析：（I）的定义域为， ，令，得，所以，当或时；当时， ，故在和内单调递减，在内单调递增，( )f xR2( )123fxaxx ( )0fx 1212143143,33aaxxxx 12( )3()()fxxxxx 1xx2xx( )0fx 12xxx( )0fx
36、 ( )f x1(,)x2(,)x 12( ,)x x递减，因此在处取得最大值，又，所以当时，在处取得最小值；当时，在和处同时取得最小只；当时，在处取得最小值，( )f x2143 3axx (0)1,(1)ffa01a( )f x1x 1a ( )f x0x 1x 14a( )f x0x 考点：1，含参函数的单调性；2，含参函数的最值求解，19 / 24【名师点睛】含参函数的单调性求解步骤如下：第一步，求函数的定义域；第二步，求导函数；第三步，以导函数的零点存在性进行讨论；第四步，当导函数存在多个零点时，讨论它们的大小关系及区间位置关系；第五步，画出导函数的同号函数草图，从而判断其导函数的符
37、号；第六步，根据第五步的草图列出，随变化的情况表，写出函数的单调区间；第七步，综合上述讨论的情形，完整地写出函数的单调区间.( )fx( )f x14.【2015 高考安徽，文 21】已知函数)0, 0()()(2rarxaxxf（）求的定义域，并讨论的单调性；)(xf)(xf（）若，求在内的极值.400ra)(xf), 0( 【答案】 （）递增区间是（-r,r）;递减区间为（-，-r）和（r，+） ；（）极大值为 100；无极小值.所以当或时， ，当时，rxrx 0)( xfrxr0)( xf因此，单调递减区间为；的单调递增区间为.)(xf),(),(rr)(xf, r r（）由（）的解答可
38、知在上单调递增，在上单调递减.0)( rf)(xfr , 0, r因此是的极大值点，所以在内的极大值为，内无极小值；rx )(xf)(xf), 0( 1004400 42)(2ra rarrf）在（ , 0)(xf综上，内极大值为 100，无极小值.）在（ , 0)(xf【考点定位】本题主要考查了函数的定义域、利用导数求函数的单调性，以及求函数的极值等基础知识.【名师点睛】本题在利用导数求函数的单调性时要注意，求导后的分20 / 24子是一个二次项系数为负数的一元二次式，在求和时要注意，本题主要考查考生对基本概念的掌握情况和基本运算能力.0)( xf0)( xf15. 【2014 天津，文 1
39、9】已知函数232( )(0),3f xxax axR（1）求的单调区间和极值；( )f x（2）若对于任意的，都存在，使得，求的取值范围1(2,)x 2(1,)x 12()()1f xf x【答案】(1) 的单调增区间是，单调减区间是和，当时，取极小值，当时，取极大值， (2) ( )f x1(0,)a(,0)1(,)a0x ( )f x1xa( )f x21 3a3 3 , .4 2【解析】极大值， (2)本题首先要正确转化：“对于任意的，都存在，使得”等价于两个函数值域的包含关系. 设集合，集合则，其次挖掘隐含条件，简化讨论情况，明确讨论方向. 由于，所以,因此，又，所以，即21 3a1
40、(2,)x 2(1,)x 12()()1f xf x ( )|(2,),Af xx1|(1,),( )0,( )Bxf xf xAB0B0A322aAB(1)0f33. 42a试题解析：解(1)由已知有令，解得或，列表如下：2( )22(0).fxxaxa( )0fx0x 1xa(,0)1(0,)a1 a1(,)a( )fx( )f xAA 21 3aA所以的单调增区间是，单调减区间是和，当时，取极小值，当时，取21 / 24极大值，(2)由及（1）知，当时， ，当时，设集合，集合则“对于任意的，都存在，使得”等价于.显然.( )f x1(0,)a(,0)1(,)a0x ( )f x1xa(
41、)f x21 3a3(0)()02ffa3(0,)2xa( )0f x 3(,)2xa( )0.f x ( )|(2,),Af xx1|(1,),( )0,( )Bxf xf x 1(2,)x 2(1,)x 12()()1f xf xAB0B下面分三种情况讨论：当即时，由可知而，所以 A 不是 B 的子集322a304a3()02fa0A0B当即时，有且此时在上单调递减，故，因而由有在上的取值范围包含，所以3122a33 42a(2)0f( )f x(2,)(,(2)Af (,0)A (1)0f( )f x(1,)(,0)AB当即时，有且此时在上单调递减，故,所以 A 不是 B 的子集312a
42、3 2a (1)0f( )f x(1,)1(,0)(1)Bf(,(2)Af 综上，的取值范围为3 3 , .4 2考点：利用导数求单调区间及极值，利用导数求函数值域【名师点睛】本题考查利用导数工具研究函数，涉及导数与函数的单调性，证明不等式等，导数是研究函数的锐利工具，借助导数可以研究函数的单调性，研究函数的极值和最值，研究函数的零点，研究函数图像的位置，最重要的是利用导数研究函数单调性，借助函数的单调性比较大小、解不等式、证明不等式.由于导数是高等数学的基础知识，所以成为高考命题的热点，每年必考，花样繁新.16.【2014 年普通高等学校招生全国统一考试湖北卷 21】为圆周率，为自然对数的底
43、数. 71828. 2e（1）求函数的单调区间；xxxfln)(（2）求， ， ， ， ，这 6 个数中的最大数与最小数；3ee3ee33（3）将， ， ， ， ，这 6 个数按从小到大的顺序排列，并证明你的结论.3e22 / 24e3ee33（2）因为，所以， ，即， ，3eln3lnee3lnlneeeln3ln3lnlne于是根据函数、 、在定义域上单调递增，xylnxey xy所以， ，33ee33 ee故这 6 个数的最大数在与之中，最小数在与之中，33e33e由及（1）的结论得，即，3e)()3()(efffeeln 33lnln由得，所以，33lnln3lnln333由得，所以，eeln 33ln3ln3lnee33ee综上，6 个数中的最大数为，最小数为.3e3考点：导数法求函数的单调性、单调区间，对数函数的性质，比较大小.【名师点睛】作为一道函数压轴题，以函数作为主线，重点考查导数在研究函数的单调性与极值中的应用，其解题思路为：第一问直接对函数进行求导并分别令导数大于 0、小于 0 即可求出相应的单调区间；第二问运用函数、 、在定义域上单调性及（1）的结论构造不等式逐个进行比较，确定出其最大的数和最小的数即可.xylnxey xy17.【2015 新课标 2 文 21】（本小题满分