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1、 2019 年高三年级化学一轮复习同步训练(选修五)第一章第四节 研究有机化合物的一般步骤与方法 第 2 页 2019 年高三年级化学一轮复习同步训练(选修五)第一章第四节 研究有机化合物的一般步骤与方法 一、单选题 1.本草纲目记载了烧酒的制造工艺：“凡酸坏之酒，皆可蒸烧”，“以烧酒复烧二次价值数倍也”其方法与分离下列物质的实验方法原理上相同的（）A.甲苯和水 B.硝酸钾和氯化钠 C.乙酸乙酯和甘油（丙三醇）D.食盐水和泥沙 2.既可以用来鉴别乙烷和乙烯，又可以用来除去乙烷中混有的乙烯最好的方法是（）A.通入足量溴水中 B.在空气中燃烧 C.通入酸性高锰酸钾溶液中 D.通入液溴中 3.下列说
2、法正确的是（）A.乙醇、乙酸、乙酸乙酯可用水进行鉴别 B.淀粉、油脂、蛋白质都是天然有机高分子化合物，完全燃烧均只生成 CO2和 H20 C.乙烯能使溴水和酸性高锰酸钾溶液褪色，其褪色原理相同 D.甲烷与氯气在光照条件下的反应和乙酸乙酯的水解反应均属于取代反应 第 3 页 4.只含 C、H、O 三种元素的有机物，在空气中燃烧时消耗的O2和生成的CO2的体积比是1：2，在这类有机物中（）A.相对分子质量最小的化合物分子式是CH2O B.相对分子质量最小的化合物分子式是C2H2O C.含相同碳原子数的各化合物，其相对分子质量之差是 16 的整数倍 D.含相同碳原子数的各化合物，其相对分子质量之差是
3、 18 的整数倍 5.下列分离方法中，和物质的溶解度无关的是（）A.萃取 B.纸上层析 C.过滤 D.蒸馏 6.把 1mol 饱和一元醇分成两等份，其中一份充分燃烧生成2，另一份与金属钠充分作用，在标准状况下生成2，该醇可能是（）A.CH3CH2OH B.CH3CH2CH2OH C.CH3OH D.CH3CH2CH（CH3）OH 7.某物质中可能有甲醇、甲酸、乙醇、甲酸乙酯几种物质中的一种或几种，在鉴定时有下列现象：有银镜反应 加入新制Cu（OH）2悬浊液，沉淀不溶解，与含有酚酞的 NaOH 第 4 页 溶液共热时发现溶液中红色逐渐变浅至无色，下列叙述中正确的是（）A.一定有甲酸乙酯和甲酸 B
4、.一定有甲酸乙酯和乙醇 C.一定有甲酸乙酯，可能有甲醇 D.几种物质都一定有 8.从海带中提取碘应该包括灼烧、溶解、过滤、氧化、萃取、蒸馏等过程。下列有关图示操作正确的是 甲 乙 丙 丁 A.用装置甲将海带灼烧成灰 B.用装置乙过滤得含 I溶液 C.用装置丙分离出碘的 CCl4溶液 D.用装置丁蒸馏获得碘并回收 CCl4 9.要除去下列物质中所含有的少量杂质，所选用的试剂和方法错误的是（）序号 物质 杂质 试剂 方法 A CH3CH2OH H2O CaO 蒸馏 B CH3COOC2H5 CH3COOH CH3CH2OH、浓加热 第 5 页 H2SO4 C Br2 NaOH 溶液 振荡、静置、分
5、液 D CH3CH2OH CH3COOH NaOH 蒸馏 A.A B.B C.C D.D 10.120条件下，一定质量的某有机物（只含 C、H、O 三种元素中的两种或三种）在足量 O2中燃烧后，将所得气体先通过浓 H2SO4，浓 H2SO4增重，再通过碱石灰，碱石灰增重，对该有机物进行核磁共振分析，谱图如图所示：则该有机物可能是（）A.CH3CH3 B.CH3CH2COOH C.CH3CH2OH D.CH3CH（OH）CH3 二、填空题（本大题共 4 小题，共分）11.苯甲酸广泛应用于制药和化工行业，是重要的酸型食品防腐剂 某同学尝试用甲苯氧化反应制备甲苯酸，原理如下：已知：苯甲酸的熔点，在
6、25和 95时 第 6 页 溶解度分别为和 按图 1 装置进行实验，将甲苯、100mL 水、高锰酸钾和 23 片碎瓷片置于 A 中，开动电动搅拌器，B 中通入流动水，在 100反应 4 小时后停止反应 按如图 2 流程分离出苯甲酸和回收未反应的甲苯 （1）装置 B 的名称是_，作用是_，进水口是_（填“a”或“b”）（2）操作所需要的玻璃仪器有_；操作的名称为_（3）操作后，所得水相应先加入足量的H2C2O4溶液，然后再加入浓盐酸酸化，若无此操作会导致的危害是_（4）实验结束后，称取产品，配成 100mL乙醇溶液，移取溶液于锥形瓶中，滴加 2 滴酚酞溶液，然后用浓度为L-1标准 KOH 溶液滴
7、定，消耗 KOH 溶液的体积为，则所的产品中苯甲酸的纯度为_（5）常用重结晶的方法将粗产品进一步提纯 重结晶过程中为了得到到更多的苯甲酸 第 7 页 产品，结晶温度是否越低越好_（填“是”或“否”），原因是_ 12.2019 年 9 月，我国爆发了三鹿婴幼儿奶粉受污染事件，导致食用了受污染奶粉的婴幼儿产生肾结石病症，经调查发现三鹿牌婴幼儿配方奶粉中加入了有毒的三聚氰胺（化学式为 C3N3（NH2）3）牛奶和奶粉都要按规定检测蛋白质的含量，通用的蛋白质测试方法是“凯氏定氮法”，即通过测出含氮量来估算蛋白质含量 牛奶和奶粉添加三聚氰胺，主要是因为它能提高含氮量，冒充蛋白质（1）三聚氰胺相对子质量是
8、 _ 其含氮的质量分数为 _ （2）各个品牌奶粉中蛋白质含量为15-20%，蛋白质中含氮量平均为 16%以某合格奶粉蛋白质含量为 18%计算，含氮量为 2.88%如果三鹿牌奶粉 1 袋（400g）中加了 1g 三聚氰铵，相当于蛋白质含量增加了 _%13.实验室制备环己酮的反应原理为：其反应的装置示意图如图 1（夹持装置、加热装置略去）：第 8 页 环己醇、环己酮、饱和食盐水和水的部分物理性质见下表：物质 沸点（）密度（gcm-3，20）溶解性 环己醇（）能溶于水 环己酮（95）微溶于水 饱和食盐水 水 注：括号中的数据表示该有机物与水形成的具有固定组成的混合物的沸点 （1）实验中通过装置 B
9、将酸性 Na2Cr2O7溶液加到盛有环己醇的 A 中，在 5560进行反应反应完成后，加入适量水，蒸馏，收集 95100的馏分，得到主要含环己酮粗品和水的混合物 第 9 页 仪器 B 的名称是 _ 蒸馏操作时，一段时间后发现未通冷凝水，应采取的正确方法是 _ 蒸馏不能分离环己酮和水的原因是 _ （2）用漂粉精和冰醋酸代替酸性 Na2Cr2O7溶液也可氧化环己醇制环己酮，用漂粉精和冰醋酸氧化突出的优点是 _ （3）环己酮的提纯需要经过以下一系列的操作：a蒸馏，收集 151156馏分，得到精品 b过滤 c在收集到的粗品中加 NaCl 固体至饱和，静置，分液 d 加入无水 MgSO4固体，除去有机物
10、中少量水 上述操作的正确顺序是 _（填序号）在上述操作 c 中，加入 NaCl 固体的作用是 _ （4）环己酮是一种常用的萃取剂，以环己酮为成分之一的萃取液对金属离子的萃取率与 pH 的关系如图 2现有某钴矿石的盐酸浸出液，浸出液含有的阳离子主要有 H+、第 10 页 Co2+、Mn2+、Al3+，除去 Al3+后，再利用萃取法分离出 MnCl2以得到较为纯净的 CoCl2溶液，pH 范围应控制在 _ a2.5 b3.5 c 14.已知相对分子质量为 92，某芳香烃 X 是一种重要的有机化工原料，它可合成多种重要的有机物，其转化关系如图（部分产物、合成路线、反应条件略去）其中 A 是一氯代物，
11、H 是一种功能高分子聚合物 已知：（苯胺、易被氧化）完成下列填空：（1）X 的结构简式是 _；（2）阿司匹林的核磁共振氢谱有 _ 组吸收峰；（3）若从反应中分离出 F 和 G 的混合液，采用中和滴定法测定 F 的转化率，则应选择的指示剂名称是 _；若将 G 与 F 的混合液装在锥形瓶中，且滴定终点后读数俯视（其他操作正确），则测定结果将 _ 第 11 页（填“偏高、偏低、无影响”）（4）写出下列反应的化学方程式或离子方程式：反应的化学方程式是 _；反应的离子方程式是 _ （5）若 A 为二氯取代物，请按流程图示例完成的流程图 _；（6）符合下列条件的阿司匹林的同分异构体数目为 _ 含有苯环；二
12、元取代；含两个酯基 第 12 页 答案和解析【答案】1.C 2.A 3.D 4.D 5.D 6.B 7.C 8.C 9.B 10.C 11.球形冷凝管；冷凝回流，提高反应物利用率；a；分液漏斗、烧杯；蒸馏；过量的高锰酸钾氧化盐酸，产生氯气；97.6%；否；杂质的溶解度也随温度的降低而降低，且温度太低溶剂也可能结晶 12.126；66.7%；1 13.分液漏斗；停止加热，冷却后通自来水；环已酮和水形成具有固定组成的恒沸物一起蒸出；避免使用有毒的 Na2Cr2O7；cdba；增加水层的密度，有利于分层，减小产物的损失；b 14.；6；酚酞；偏低；9 【解析】1.解：烧酒的制造工艺利用蒸馏的方法，可
13、用于分离沸点不同的液体混合物，A苯和水互不相溶，可用分液的方法分离，第 13 页 故 A 错误；B硝酸钾和硫酸钠的溶解度不同，可用重结晶的方法分离，故 B 错误；C乙酸乙酯和甘油沸点不同，可用蒸馏的方法分离，故 C 正确；D泥沙不溶于水，可用过滤的方法分离，故D 错误 故选 C 烧酒的制造工艺利用蒸馏的方法，可用于分离沸点不同的液体混合物，以此解答 本题考查混合物的分离提纯，为高频考点，把握物质的性质及性质差异为解答的关键，侧重化学与生后的考查，有利于培养学生良好的科学素养，题目难度不大 2.解：A通入溴水中，乙烯与溴水发生加成反应生成二溴乙烷，溴水褪色，既可以用来鉴别乙烷和乙烯，又可以用来除
14、去乙烷中混有的乙烯，故 A 正确；B在空气中燃烧不能将乙烷中的乙烯除去，故 B 错误 C通入酸性高锰酸钾溶液中，但是生成二氧化碳气体，引入新的杂质，故 C 错误；D溴易挥发，易引入新杂质，故 D 错误 故选 A 第 14 页 乙烯含有 C=C 官能团，能与溴水发生加成反应，能被酸性高锰酸钾溶液氧化，注意除杂时不能引入新的杂质，且不能影响被提纯的物质 本题考查有机物的鉴别和除杂问题，题目难度不大，注意乙烷和乙烯的性质的异同，注意乙烯与酸性高锰酸钾反应生成二氧化碳的性质，题中乙烯虽能与氢气在一定条件发生加成反应生成乙烷，但不能鉴别乙烯和乙烷 3.解：A乙醇、乙酸都能溶于水，不能用水鉴别，可用饱和碳
15、酸钠溶液鉴别三种物质，故A 错误；B高分子化合物的相对分子质量在 10000 以上，而油脂的相对分子质量较小，不是高分子化合物，故 B 错误；C乙烯与溴水发生加成反应，与酸性高锰酸钾溶液发生氧化还原反应，二者原理不同，故C 错误；D甲烷与氯气在光照条件下的反应与乙酸乙酯的水解反应都是有机物的原子或原子团被其它原子或原子团替代，为取代反应，故 D 正确 故选 D A乙醇、乙酸都能溶于水，不能鉴别；第 15 页 B油脂不是高分子化合物；C乙烯与溴水发生加成反应，与酸性高锰酸钾溶液发生氧化还原反应；D根据取代反应的定义分析 本题综合考查有机物的性质，侧重于有机物的鉴别和反应类型的判断，题目难度不大，
16、注意相关基础知识的积累 4.解：只含 C、H、O 三种元素的有机物，由于消耗的氧气和生成的二氧化碳的体积比是 1：2，则该有机物分子组成可表示为（CO）m（H2O）n A由于该有机物分子组成表示为（CO）m（H2O）n，当 m=n=1 时，相对分子质量最小，该有机物分子式为 CH2O2，故 A 错误；B由于该有机物分子组成表示为（CO）m（H2O）n，当 m=n=1 时，相对分子质量最小，该有机物分子式为 CH2O2，故 B 错误；C由于该有机物分子组成表示为（CO）m（H2O）n，含相同碳原子的化合物，其相对分子质量差是 18n，故 C 错误；D由于该有机物分子组成表示为（CO）m（H2O）
17、n，含相同碳原子的化合物，其相对分子质量差是 18n，故 D 正确；故选 D 第 16 页 只含 C、H、O 三种元素的有机物，由于消耗的氧气和生成的二氧化碳的体积比是 1：2，则该有机物分子组成可表示为（CO）m（H2O）n，据此分析判断 本题考查考查了有机物分子式确定的计算，题目难度中等，关键根据消耗的氧气和生成的二氧化碳的体积比是 1：2，确定机物分子组成可表示为（CO）m（H2O）n，试题培养了学生的分析能力及化学计算能力 5.解：A萃取是利用溶质在有机溶剂中的溶解度较大而进行分离，故 A 不选；B纸上层析是利用试样在有机溶剂中的溶解度差异进行分离，故 B 不选；C过滤利用溶解度变化不
18、同进行分离，溶解度小的物质分离在滤纸上，故 C 不选；D蒸馏是利用物质的沸点异同分离，与溶解度无关，故 D 选；故选 D 蒸馏是利用物质的沸点异同分离，与溶解度无关，与溶解度有关的一般有萃取、重结晶、盐析、过滤、纸上层析等，以此解答该题 本题考查混合物分离、提纯方法及选择，为高频考点，把握分离方法及分离原理为解答的关键，注意纸上层析是试样在有机溶剂中的溶解 第 17 页 度差异，利用扩散原理分离混合物为解答的难点，题目难度不大 6.解：1mol 该饱和醇分成两等份，则每份的物质的量为，其中一份充分燃烧生成2，根据 C原子守恒可知，该醇中 C 原子数目为=3，所以该饱和一元醇为丙醇，故选 B 1
19、mol 某饱和醇分成两等份，每份为，一份充分燃烧生成2，根据 C 原子守恒可知，该醇中C 原子数目为=3，另一份与足量的金属钠反应生成（标准状况）H2，生成氢气的物质的量为：，故该醇中-OH 数目为：=1，故该醇为丙醇，据此进行判断 本题考查了有机物分子式的确定，题目难度不大，注意掌握质量守恒定律在化学计算中的应用方法，试题侧重基础知识的考查，培养了学生的灵活应用能力 7.解：有银镜反应，则可能为甲酸或甲酸乙酯；加入新制 Cu（OH）2悬浊液，沉淀不溶解，说明不含甲酸；与含有酚酞的 NaOH 溶液共热时发现溶液中红色逐渐变浅至无色，说明含有与氢氧化钠反应的物质，因不含甲酸，则一定含有甲酸乙酯，
20、第 18 页 题中没有涉及甲醇和乙醇的性质，不能确定是否含有，则正确的只有 C 故选 C 甲酸、甲酸乙酯中含有醛基，可与银氨溶液或新制备氢氧化铜浊液发生氧化还原反应，其中甲酸具有酸性，可与氢氧化铜发生中和反应，甲酸乙酯可在碱性条件下发生水解反应，以此解答 本题考查有机物的鉴别，侧重于学生的分析能力和实验能力的考查，注意把握有机物的官能团的性质，为解答该题的关键，难度不大，注意根据反应的现象进行判断 8.A、海带高温灼烧成灰，应在坩埚中进行，故 A 错误；B、过滤含 I-溶液，应该用玻璃棒引流，防止浊液外漏，故 B 错误；C、四氯化碳的密度比水大，应从下口放出，故 C 正确；D、碘易升华，蒸馏时
21、，冷凝管应从下端进水，上端出水，但温度计水银球要放在蒸馏烧瓶的支管出口处，故 D 错误；故选 C。第 19 页 9.解：A加 CaO 后增大沸点差异，然后蒸馏可得到乙醇，故 A 正确；B加乙醇与乙酸反应为可逆反应，不能除杂，且引入新杂质，应选饱和碳酸钠溶液除去乙酸乙酯中的乙酸，故 B 错误；C加 NaOH 溶液与溴反应后，溶液出现分层，溴苯在下层，则振荡、静置、分液可除去溴苯中的溴，故 C 正确；D加 NaOH 与乙酸反应生成盐，与乙醇的沸点不同，然后蒸馏可得到乙醇，故 D 正确；故选 B A加 CaO 后增大沸点差异；B加乙醇与乙酸反应为可逆反应，不能除杂，且引入新杂质；C加 NaOH 溶液
22、与溴反应后，溶液出现分层，溴苯在下层；D加 NaOH 与乙酸反应生成盐，与乙醇的沸点不同 本题考查混合物的分离、提纯，为高频考点，侧重有机物性质及除杂的考查，把握常见有机物的性质及分离原理为解答的关键，注意除杂不能引入新杂质，题目难度不大 10.解：浓硫酸增重为水的质量，则 n（H2O）=，n（H），第 20 页 碱石灰增重为二氧化碳的质量，则 n（C）=n（CO2）=，则有机物中 C、H 原子数目之比为：0.3mol=1：3，由 H 原子饱和碳的四价结构可知，分子中含有 2 个 C 原子、6 个 H 原子，核磁共振中有 3 种峰，所以分子中含有 3 种氢原子，选项中 CH3CH2OH 符合，
23、故选：C 浓硫酸质量增重为生成水的质量，碱石灰增重为生成二氧化碳的质量，计算二氧化碳、水的物质的量，确定有机物中 C、H 原子数目之比，有机物核磁共振氢谱有 3 个吸收峰，则有机物分子中有 3 种化学环境不同的 H 原子，结合选项判断 本题考查有机物分子式确定，注意的是核磁共振氢谱图中有几个峰值则含有几种类型的等效氢原子，峰面积之比等于氢原子的数目之比 11.解：甲苯的甲苯和高锰酸钾在 100反应一段时间后停止反应，按如图 2 流程分离出苯甲酸和回收未反应的甲苯，苯甲酸能溶于水，甲苯不溶于水，互不相溶的液体采用分液方法分离，根据实验目的知，从而得到有机层和水层，有机层中含有甲苯、水层中含有苯甲
24、酸，有机 第 21 页 层中的甲苯采用蒸馏方法得到无色液体 A，A是甲苯，将水层盐酸酸化再蒸发浓缩，根据苯甲酸的溶解度知，得到的固体 B 是苯甲酸，（1）根据装置图中仪器形状和作用可知，装置 B 为球形冷凝管，其作用是冷凝回流，提高反应物利用率，冷凝效果好水流为逆流，所以进水口是 a，故答案为：球形冷凝管；冷凝回流，提高反应物利用率；a；（2）分离互不相溶的液体采用分液方法，根据流程图中，水层和有机层不互溶，所以可以采用分液方法分离，要用分液漏斗、烧杯，有机层中物质互溶且沸点不同，所以可以采用蒸馏方法分离，故答案为：分液漏斗、烧杯；蒸馏；（3）操作后，所得水相中有过量的高锰酸钾，所以应先加入足
25、量的 H2C2O4溶液，防止高锰酸钾氧化后来加入的盐酸，产生氯气，故答案为：过量的高锰酸钾氧化盐酸，产生氯气；（4）设苯甲酸的纯度为 x，则样品中苯甲酸的质量为，C6H5COOH+KOHC6H5COOK+H2O 122 1mol 第 22 页 1.2x g 0.120.02mol x=0.976=97.6%，故答案为：97.6%；（5）重结晶过程中，温度过低时杂质也会结晶析出，所以不是结晶温度是否越低越好，故答案为：否；杂质的溶解度也随温度的降低而降低，且温度太低溶剂也可能结晶 甲苯的甲苯和高锰酸钾在 100反应一段时间后停止反应，按如图 2 流程分离出苯甲酸和回收未反应的甲苯，苯甲酸能溶于水
26、，甲苯不溶于水，互不相溶的液体采用分液方法分离，根据实验目的知，从而得到有机层和水层，有机层中含有甲苯、水层中含有苯甲酸，有机层中的甲苯采用蒸馏方法得到无色液体 A，A 是甲苯，将水层盐酸酸化再蒸发浓缩，根据苯甲酸的溶解度知，得到的固体 B 是苯甲酸，（1）根据装置图中仪器形状和作用可知，装置 B 为球形冷凝管，冷凝效果好水流为逆流；（2）分离互不相溶的液体采用分液方法，分离互溶且沸点不同的液体采用蒸馏方法；（3）操作后，所得水相中有过量的高锰酸钾，所以应先加入足量的 H2C2O4溶液，防止高锰酸钾氧化后来加入的盐酸；第 23 页（4）苯甲酸和 KOH 溶液发生酸碱中和反应，根据苯甲酸和 KO
27、H 之间的关系式计算苯甲酸的质量，从而计算苯甲酸的质量分数；（5）重结晶过程中，温度过低时杂质也会结晶析出 本题考查混合物的分离和提纯，侧重考查分析问题能力、计算能力，明确物质的性质是解本题关键，知道根据物质的性质选取合适的分离方法，掌握基础是关键，题目难度中等 12.解：（1）三聚氰胺化学式为 C3N6H6，三聚氰胺的相对分子质量是123+146+16=126，其中氮的质量分数为100%=66.7%故答案为：126；66.7%（2）1 袋（400g）合格奶粉中含有的蛋白质为 400g18%=72g，如果三鹿牌奶粉 1 袋（400g）中加了 1g 三聚氰铵，1g 三聚氰胺含有氮元素，相当于蛋白
28、质的质量，399g 奶粉含有蛋白质为，所有含有的蛋白质共有，蛋白质相当于增加，相当于蛋白质含量增加了100%=1%故答案为：1%（1）相对分子质量等于化学式中所有原子的相对原子质量之和；第 24 页 根据化学式计算某元素的质量分数=100%（2）1 袋（400g）合格奶粉中含有的蛋白质为 400g18%=72g，计算出 1g 三聚氰胺相当于蛋白质的质量，再计算出 399g 奶粉含有蛋白质，计算出蛋白质的增加量，蛋白质的增加量除以奶粉的总质量为蛋白质含量增加量 考查化学式的计算、质量分数计算等，难度中等，（2）关键是计算 1g 三聚氰胺相当于蛋白质的质量 13.解：（1）仪器 B 的名称是分液漏
29、斗，故答案为：分液漏斗；蒸馏操作时，一段时间后发现未通冷凝水，不能立即接通冷凝水，防止骤冷将冷凝管炸裂，应该等到装置冷却后再通冷凝水，故答案为：停止加热，冷却后通自来水；环己酮和水能形成具有固定组成的混合物，具有固定的沸点，蒸馏时能被一起蒸出，所以蒸馏难以分离环己酮和水的混合物 环己酮和水能够产生共沸，采取蒸馏是不可取的，建议采用精馏，故答案为：环已酮和水形成具有固定组成的恒沸物一起蒸出；（2）漂粉精和冰醋酸反应生成的次氯酸具有较强的氧化性，使用漂粉精和冰醋酸来代替，第 25 页 这样避免使用有毒的 Na2Cr2O7，故答案为：避免使用有毒的 Na2Cr2O7；（3）联系制取肥皂的盐析原理，即
30、增加水层的密度，有利于分层，环己酮的提纯时应首先加入 NaCl 固体，使水溶液的密度增大，将水与有机物更容易分离开来，然后向有机层中加入无水 MgSO4，出去有机物中少量的水，然后过滤，除去硫酸镁晶体，再进行蒸馏即可，故答案为：c d b a；加入 NaCl 固体，使水溶液的密度增大，将水与有机物更容易分离开来，故答案为：增加水层的密度，有利于分层，减小产物的损失；（4）由萃取剂对金属离子的萃取率与 pH 的关系可知，调节溶液 PH 在之间，可使 Mn2+完全沉淀，并防止 Co2+转化为 Co（OH）2沉淀，故答案为：b （1）根据仪器的构造和特点来回答；蒸馏操作时，一段时间后发现未通冷凝水，
31、为防止冷凝管炸裂，应该等到装置冷却后再通冷凝水；根据环己酮和水形成的具有固定组成的混合物的沸点和水的沸点相近来回答；（2）重铬酸钠是一种有毒物质，次氯酸液具有强氧化性，据此回答；（3）环己酮的提纯时应首先加入 NaCl 固体，第 26 页 使水溶液的密度增大，将水与有机物更容易分离开来，然后向有机层中加入无水 MgSO4，出去有机物中少量的水，然后过滤，除去硫酸镁晶体，再进行蒸馏即可；（4）由表中数据可知，调节溶液 PH 在之间，可使 Mn2+完全沉淀，并防止 Co2+转化为 Co（OH）2沉淀 本题通过制取制备环己酮的工艺流程，考查了物质制备方案的设计，题目难度中等，理解工艺流程图、明确实验
32、操作与设计及相关物质的性质是解答本题的关键，试题充分考查了学生的分析、理解能力及灵活应用所学知识的能力 14.解：相对分子质量为 92 的某芳香烃 X，令分子组成为 CxHy，则=78，由烷烃中 C 原子与 H 原子关系可知，该烃中 C 原子数目不能小于 7，故该芳香烃 X 的分子式为 C7H8，其结构简式为，X 与氯气发生取代反应生成 A，A转化生成 B，B 催化氧化生成 C，C 能与银氨溶液反应生成 D，故 B 含有醇羟基、C 含有醛基，故 A 为，B 为，C 为，D 酸化生成 E，故 D 为，E 为，在浓 第 27 页 硫酸、加热条件下与浓硝酸发生取代反应生成F，结合反应的产物可知 F
33、为，F 转化生成 G，由于苯胺容易被氧化，由反应信息、反应信息可知，G 为，H 是一种功能高分子，氨基酸发生缩合生成高聚物，则 H 为，阿司匹林为邻羟基苯甲酸与乙酸通过酯化反应得到的酯，故结构简式为：，（1）由上述分析可知，X 的化学式为 C7H8，结构简式为：，故答案为：；（2）阿司匹林为邻羟基苯甲酸与乙酸通过酯化反应得到的酯，故结构简式为：，阿司匹林中共有 6 种化学环境不同的 H 原子，故其核磁共振氢谱有 6 组吸收峰，故答案为：6；（3）F 为，G 为，属于羧酸，羧酸能与碱发生中和反应，酚酞溶液遇碱变红色，若滴定终点后读数俯视读数，则所读取碱液的体积差偏小，故测量酸的含量偏低，故答案为
34、：酚酞；偏低；第 28 页（4）反应为氨基酸发生缩合生成高聚物 H，H 为，故化学反应方程式为：，反应是 C 为与银氨溶液发生氧化反应生成，离子反应方程式为：，故答案为：；（5）此流程为端基醇氧化生成醛，由于 A 是氯代烃，且含有苯环，故应首先发生苯环上的加成反应，然后氯代烃在氢氧化钠的水溶液中水解即可得到二元醇，由于连在同一个碳的两个羟基不稳定，发生分子内脱水生成醛，故据此可得目标产物，故此流程答案为：；（6）含有苯环；二元取代；含两个酯基，即苯环上只含有两个侧链，且有两个酯基，则至少有一个甲酸形成的酯基，侧链为-OOCH、-OOCCH3，或-OOCH、-COOCH3，或-OOCH、-CH2
35、OOCH，各有邻、间、对三种，故共有 9 种，故答案为：9 相对分子质量为 92 的某芳香烃 X，令分子组 第 29 页 成为 CxHy，则=78，由烷烃中 C 原子与 H原子关系可知，该烃中 C 原子数目不能小于 7，故该芳香烃 X 的分子式为 C7H8，其结构简式为，X 与氯气发生取代反应生成 A，A 转化生成 B，B 催化氧化生成 C，C 能与银氨溶液反应生成 D，故 B 含有醇羟基、C 含有醛基，故 A为，B 为，C 为，D 酸化生成 E，故 D 为，E 为，在浓硫酸、加热条件下与浓硝酸发生取代反应生成 F，结合反应的产物可知 F 为，F 转化生成 G，由于苯胺容易被氧化，由反应信息、反应信息可知，G 为，H 是一种功能高分子，氨基酸发生缩合生成高聚物，则 H 为，阿司匹林为邻羟基苯甲酸与乙酸通过酯化反应得到的酯，故结构简式为：，据此解答各小题即可 本题考查有机物的推断，难度中等，根据 X 的相对分子质量推断 X 的结构是解题的关键，结合 A 的反应产物的结构特点，判断 A 的结构，再根据反应条件及反应信息利用正推法与逆 第 30 页 推法相结合进行判断，是对有机物知识的综合考查，能较好的考查学生的阅读、分析与思维能力，是有机热点题型