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1、青岛二中教学质量检测青岛二中教学质量检测高二物理高二物理一、单项选择题；本题共一、单项选择题；本题共 8 小题，共小题，共 24 分分12021 年 10 月 9 日，江西上饶一名男子徒手接住意外坠楼的小孩，小孩平安。男子奋勇救人的行为受到了嘉奖。关于男子接住小孩的过程，下列说法正确的是（）A小孩对男子的冲量大于男子对小孩的冲量B男子对小孩的冲量大于小孩对男子的冲量C接住小孩的时间越长，越安全D接住小孩的时间越短，越安全2如图是两个摆球质量相等的单摆做简谐振动的图象，依据图中数据分析可知甲乙两摆的摆长之比 L1：L2及两个摆球过平衡位置时速度 V1与 V2的关系是（）AL1：L2=2：1，V1
2、V2BL1：L2=2：1，V1 V2CL1：L2=4：1，V1 V23电源是将其它形式的能转化成电能的装置，设电源的电动势为 E、路端电压为 U，I为电源的输出电流，对电源和电路的理解正确的是（）AURI一定是外电路的总电阻B电动势的大小等于在电源内部电场力把单位负电荷从正极送到负极所做的功C电源的外电阻越大，输出功率越大，电源的效率越高D若外电路为纯电阻电路，且外电阻为 R 时，有EIRr，因此闭合电路欧姆定律实质上是能量守恒定律在闭合电路中的具体体现4在如图所示的电磁感应实验中，线圈 B 与检流计组成闭合电路，线圈 A 与电池、滑动变阻器、开关组成闭合电路，线圈 A 置于线圈 B 中。在实
3、验中，下列说法正确的是（）A在闭合开关的瞬间电流表指针将发生偏转，然后指针偏转角度维持不变B在闭合开关的瞬间电流表指针将发生偏转，然后指针又回到零刻度C闭合开关，滑动变阻器滑片 P 向右或向左移动，电路稳定后，电流表指针都将发生偏转D在断开开关的瞬间，电流表指针不发生偏转5假设将发射导弹看成如下模型：静止的实验导弹总质量 M3 300 kg，当它以相对于地面的速度 v0120 m/s 喷出质量为 m300 kg 的高温气体后，导弹的速度为（喷出气体过程中重力和空气阻力可忽略）（）A10 m/sB12 m/sC10 m/sD12 m/s6劈尖干涉是一种薄膜干涉，如图所示，将一块平板玻璃 a 放置
4、在另一平板玻璃 b 上，在一端夹入两张纸片，当单色光从上方入射后，从上往下可以看到干涉条纹。则（）A干涉条纹是由 a、b 上表面反射的光叠加产生的B相邻的暗条纹对应位置下方的空气膜厚度差不同C若抽去一张纸片，条纹变密D若某亮条纹发生弯曲，该亮条纹对应位置的空气膜厚度仍相等7如图所示，其中电流表 A 的量程为 0.6A，表盘均匀划分为 30 个小格，每一小格表示 0.02A；R1的阻值等于电流表内阻的12；R2的阻值等于电流表内阻的 2 倍。若用电流表 A 的表盘刻度表示流过接线柱 1 的电流值，则下列分析正确的是（）A将接线柱 1、2 接入电路时，每一小格表示 0.04AB将接线柱 1、2 接
5、入电路时，每一小格表示 0.02AC将接线柱 1、3 接入电路时，每一小格表示 0.06AD将接线柱 1、3 接入电路时，每一小格表示 0.01A8如图所示，两根长直导线 M、N 垂直穿过光滑绝缘水平面 P，与水平面的交点分别为 a 和 b，两导线内通有大小相同、方向相反的电流，c、d 是该平面内 ab 连线中垂线上的两点，一带正电的小球在水平面上以某一初速度运动，则带电小球运动情况是（）A由 c 向 d 将做匀速直线运动B由 d 向 c 将做曲线运动C由 a 向 b 将做匀速直线运动D由 b 向 a 将做匀速圆周运动二、多项选择题；本题共二、多项选择题；本题共 4 小题，共小题，共 16 分
6、分9如图所示为一个弹簧振子做受迫振动时振幅与驱动力频率之间的关系图象，由图可知（）A振子振动频率为2f时，它处于共振状态B驱动力频率为3f时，振子振动频率为3fC若撤去驱动力让振子做自由振动，频率是3fD振子做自由振动的频率可以为1f、2f、3f10如图所示，A 物体套在光滑竖直杆上，B 物体放置在粗糙水平桌面上，用一不可伸长轻绳连接。初始时轻绳经过定滑轮呈水平，A、B 物体质量均为 m。A 物体从 P 点由静止释放，下落到 Q 点时，速度为 v，PQ 之间的高度差为 h，连接 A 物体的轻绳与水平方向夹角为。在此过程中，则（）AB 物体做匀加速直线运动BA 物体到 Q 点时，B 物体的速度为
7、 vsinCA 物体到 Q 点时，B 物体的动量为 mvcosDB 物体克服摩擦做的功为222122sin1mgmvm hv11如图所示，在“测定玻璃砖折射率”的实验中，下列说法正确的是_。A用手拿起玻璃砖时，应拿“光学面”B使用玻璃砖的 BC、CD 两个侧面，加以合理操作，也可测得折射率C标记入射光线的大头针 P1、P2之间的距离应适当大些D在插针的过程中，大头针 P3应挡住 P1、P2E在测量数据时，仅用毫米刻度尺也能获得计算折射率所需要的全部数据12如图，一平行板电容器连接在直流电源上，电容器的极板水平；两微粒 a、b 所带电荷量大小相等、电性相反，用外力使它们分别静止于电容器的上、下极
8、板附近，与极板距离相等。现同时释放 a、b，它们由静止开始运动。在随后的某时刻 t，a、b 经过电容器两极板间下半区域的同一水平面。a、b 间的相互作用和重力可忽略，b 板接地。下列说法正确的是（）Aa 的质量大于 b 的质量B在 t 时刻，a 的动量大于 b 的动量C在 t 时刻，a 的动能大于 b 的动能D在 t 时刻，a 的电势能大于 b 的电势能三、非选择题：三、非选择题：6060 分分13某同学在做“利用单摆测重力加速度”实验中，先测得摆线长为 97.50cm，摆球直径为 2.0cm，然后用秒表记录了单摆振动 50 次所用的时间为 99.9s。则（1）该摆摆长为_cm，周期为_s；（
9、2）由此求得重力加速度 g=_（保留两位有效数字）（3）如果他测得的 g 值偏小，可能的原因是_A测摆线长时摆线拉得过紧 B摆线上端未牢固地系于悬点，振动中出现松动，使摆线长度增加了 C开始计时，秒表过迟按下D实验中误将 49 次全振动数为 50 次（4）利用单摆测重力加速度的实验中，如果偏角小于5，但测出的重力加速度的数值偏大，可能原因是_A振幅较小 B测摆长时，只量出摆线的长度，没有从悬挂点量到摆球中心C数振动次数时，少计了一次 D数振动次数时，多计了一次 E.摆球做圆锥摆14为了测量一根长约3cm。电阻约为6，横截面为圆形，粗细均匀的导电材料的电阻率，所用器材如下：A游标卡尺B螺旋测微器
10、C电流表1A（0 0.6A，内阻约为1.0）D电流表2A（0 3A，内阻约为0.1）E.电压表V（0 3V，内阻约为6k）F.滑动变阻器1R（0 2k，允许通过的最大电流为0.5A）G.滑动变阻器2R（0 10，允许通过的最大电流为2A）H.蓄电池E（6V，内阻不计）I.开关一个，带夹子的导线若干（1）用游标卡尺测得该材料的长度如图甲所示。示数为L _mm；用螺旋测微器测得该材料的直径如图乙所示，示数为D=_mm。（2）为了在测量中尽量减小误差，并测多组数据，电流表应选_，滑动变阻器选择_。（填选项前的字母）（3）在方框中画出测量电阻xR的实验电路图。()15如图所示为一个半径为 R 的透明介
11、质球体，M、N 两点在一条直线上关于球心 O 对称，与球心的距离均为85R，一细束单色光从 M 点射向透明介质球体，从 P 点射入，穿过球体后到达 N 点。PA 垂直于 MN，且35PAR，设光在真空中传播的速度为 c。已知3sin375，4cos375，24sin7425，求：(1)介质球的折射率；(2)光从 M 点射出后到达 N 点所用时间。16弹性绳沿 x 轴水平放置，左端位于坐标原点，用手握住绳的左端，当0t时绳上形成如图所示的波形，当0.5st，质点 P 第一次到达波峰，则：该波的周期和波速为多少？从0t开始经过多少时间，位于20.5mx 处的质点 Q 恰好第一次达到波谷？17如图所
12、示，电源的电动势是 E=6V，内阻 r=0.5，电动机M的线圈电阻 RM=1，限流电阻0R=3，若电压表的示数 U=3V，电压表为理想电表，试求：(1)流过电动机的电流；(2)电源的输出功率；(3)电动机输出的机械功率18如图所示，质量为 M 的木块放在光滑水平面上，现有一质量为 m 的子弹以速度 v0射入木块中。设子弹在木块中所受阻力不变，且子弹未射穿木块。若子弹射入木块的深度为 D，求：（1）木块最终速度为多少？（2）系统损失的机械能是多少？参考答案参考答案1CAB小孩对男子的作用力与男子对小孩的作用力是一对相互作用力，则小孩对男子的冲量与男子对小孩的冲量等大反向，选项 AB 错误；CD小
13、孩落地瞬时的动量一定，动量变化一定，根据动量定理，作用时间越长，则作用力越小，即接住小孩的时间越长，越安全，选项 C 正确，D 错误。故选 C。2C从单摆的位移时间图象可以看出甲、乙两个单摆的周期之比为 2：1，根据单摆的周期公式T=2Lg，两个单摆的摆长之比为 4：1；x-t 图象上某点的切线的斜率表示速度，故经过平衡位置时乙的速度较大，即 V1V2；故 ABD 错误，C 正确；故选 C。本题关键是根据位移时间关系图象得到两个单摆的振幅和周期的关系，然后结合周期公式进行分析；同时要知道位移时间关系图象的斜率表示速度。3DA当外电路为有电动机的非纯电阻电路时，外电路的总电阻URI，A 错误；B
14、电动势的大小等于在电源内部非静电力把单位正电荷从负极送到正极所做的功，B 错误；C以外电路为纯电阻电路为例，由电源输出功率随外电阻的变化关系图可知，电源的外电阻越大，输出功率不一定越大，电源的效率为1100%100%100%1PRrPRrR出总故外电阻越大，电源的效率越高，C 错误；D在闭合电路中，非静电力所做的功等于其他形式的能转化为内外电路中电能的总和，因此若外电路为纯电阻电路，且外电阻为 R 时，有EIRr因此闭合电路欧姆定律实质上是能量守恒定律在闭合电路中的具体体现，D 正确。故选 D。4BAB在闭合开关的瞬间，线圈 A 中电流变大，产生的磁场变大，穿过 B 的磁通量变大，电流表指针将
15、发生偏转，稳定后，A 产生的磁场不变，穿过 B 的磁通量不变，则 B 中没有感应电流，此时，电流表指针回到零刻度，故 A 错误，B 正确；C闭合开关后，滑动变阻器滑片 P 向右或向左移动的过程中，线圈 A 中电流变化，穿过 B的磁通量变化，电流表指针发生偏转，稳定后电流恒定，没有磁场变化，电流表指针不发生偏转，故 C 错误；D在断开开关的瞬间，穿过 B 的磁通量消失，电流表指针将发生偏转，故 D 错误。故选 B。5D以导弹和气体为系统利用动量守恒定律可知0mv0（Mm）v即0300120（3 300300）v解得v12 m/s故 D 正确。6DA干涉条纹是由于 a 下表面和 b 上表面反射光叠
16、加产生的，故 A 错误；BD劈尖干涉条纹特点，任意一条明条纹或暗条纹所在位置下面的薄膜厚度相等，任意相邻的明条纹或者暗条纹对应的薄膜厚度差恒定，故 B 错误，D 正确；C干涉条纹光程差2xd 即光程差为空气层厚度的 2 倍，当满足xn时，表现为亮条纹，故相邻亮条纹间的空气厚度为2，若抽去一张纸倾角减小，故亮条纹之间距离增大，因此干涉条纹变疏，故 C 错误。故选 D。7CAB将接线柱 1、2 接入电路时IgRg=I1R1得I1=2Ig，I=Ig+I1=3Ig故每一小格表示 0.06A，AB 错误；CD将接线柱 1、3 接入电路时，R1与电流表 A 并联，整体与 R2串联，则由串并联电流规律可知，
17、并联电路电流之比等于电阻的反比，则此时流过 R1的电流为电流表的 2 倍，串联电路电流相等，则由此可得干路电流，即流过接线柱 1 的电流值为电流表的 3 倍，因此I=Ig+I1=3Ig则每一小格表示 0.06A，C 正确、D 错误。故选 C。8AAB依题意根据安培定则结合磁场叠加原理：可判断知 cd 连线上的磁感线方向平行于 cd，故带电小球由 c 向 d 或由 d 到 c 均不受洛伦兹力作用，小球所受重力与支持力平衡，所以将做匀速直线运动，故 A 正确，B 错误；CD依题意根据安培定则结合磁场叠加原理：可判断知 ab 连线上的磁感线方向垂直于 ab连线，且越靠近导线磁场越强并关于 cd 对称
18、，所以小球由 a 向 b 或由 b 到 a 将会受到变化的洛伦兹力的作用，做非匀变速曲线运动，故 CD 错误。故选 A。9ABA.由共振曲线可知，出现振幅最大，则固有频率等于受迫振动的频率，即为2f，故 A 项符合题意.B.受迫振动的频率由驱动力频率决定，驱动力的频率为3f时，振子振动的频率也为3f，故 B项符合题意.C.当驱动力频率等于固有频率时，振子的振动幅度最大，故由图看出固有频率为2f振子自由振动的频率由系统本身决定，为2f，故 C 项不合题意.D.振子做自由振动时，频率由系统本身决定，为2f，故 D 项不合题意.10BDAA 物体下滑时，细绳对 B 的拉力是变化的（初始为零，后续大于
19、零），则 B 物体所受的合力不是恒力，因此 B 物体做的是非匀加速直线运动，故 A 错误；B物体 A 在的 Q 点时速度为 v，速度的分解图如下由速度的分解可知，滑块 B 的速度为B=sinvvv绳故 B 正确；CA 物体到 Q 点时，B 物体的速度为 vsin，则 B 物体的动量为B=sinpmv故 C 错误；D由能量关系可知，A 物体减少的重力势能等于 B 物体克服摩擦力做功和 A、B 两物体动能增量之和，因此 B 物体克服摩擦做的功为22f21si=21n2Wmvmvmgh故 D 正确。故选 BD。11BCEA用手拿起玻璃砖时，不能用手摸“光学面”，A 错误；B使用玻璃砖的 BC、CD
20、两个侧面，用同样的方法，确定入射光线和折射光线，同样也能测得折射率，B 正确；C 标记入射光线的大头针 P1、P2之间的距离应适当大些，这样确定入射光线的方向更准确，C 正确；D在插针的过程中，大头针 P3应挡住 P1、P2的像，D 错误；E在测量数据时，仅用毫米刻度尺，根据三角形的边角关系，也能测出正弦值从而确定折射率，E 正确。故选 BCE。12CDA经时间 t，a、b 经过电容器两极板间下半区域的同一水平面，则yayb根据221122qEyattm可知mamb故 A 错误；B根据动量定理0mvFtEqt知 a、b 的动量大小相等，故 B 错误；C根据动能定理得Ek-0=qEy即 t 时刻
21、粒子的动能为Ek=qEya 的位移大，电场力做功多，所以在 t 时刻，a 的动能比 b 的大，故 C 正确；Dt 时刻，a、b 经过电场中同一水平面，电势相等，它们的电荷量也相等，而 a 带正电，b带负电，由E=q可知 a 电势能大于 b 的电势能，故 D 正确；故选 CD。13 98.50 2.0 9.7 B D（1）12摆长指的是摆线长和小球的半径之和，故该摆长为 98.50cm，单摆振动 50 次所用的时间为 99.9s，则99.9s2.0s50T（2）3根据公式2LTg可得重力加速度22249.7m/sLgT(3)4根据周期公式可得224 LgTA测摆线长时摆线拉得过紧，使得摆长的测量
22、值偏大，则测得的重力加速度偏大，故 A 错误；B摆动后出现松动，知摆长的测量值偏小，则测得的重力加速度偏小，故 B 正确；C实验中开始计时，秒表过迟按下，则测得周期偏小，所以测得的重力加速度偏大，故 C错误D实验中将 49 次全振动数成 50 次全振动，测得周期偏小，则测得的重力加速度偏大，故D 错误故选 B；(4)5因为224 LgT，根据 g 的表达式，分析数值偏大的原因A振幅的大小不影响单摆的周期，所以不影响测出的重力加速度，故 A 错误；B测摆长时，只量出摆线的长度，没有从悬挂点量到摆球中心，测量的摆长偏小，测出的重力加速度数值偏小，故 B 错误；C数振动次数时，少计了一次，则测出的周
23、期偏大，测出的重力加速度数值偏小，故 C 错误D数振动次数时，多计了一次，则测出的周期偏小，测出的重力加速度数值偏大，故 D 正确；E摆球做圆锥摆224cosLgT测出的重力加速度数值偏小，故 E 错误。故选 D。14 30.35 3.205（3.2043.206 均可）C G （1）1主尺读数为 30 mm，游标卡尺读数为 0.05 mm7=0.35 mm，故 L=30.35 mm。2主尺读数为 3 mm，副尺读数为 0.01 mm20.5=0.205 mm，故 D=3.205 mm。（2）34因为电压表的量程是 3 V，而待测阻值约 6，故电流表选 A1，即选 C，尽量多测量几组数据，所以
24、采用分压式；滑动变阻器选 R2，即选 G。（3）5待测阻值较小，所以电流表采用外接法；尽量多测量几组数据，所以采用分压式；滑动变阻器选 R2。电路图如下15(1)85；(2)11425Rc(1)光路图如图所示：根据几何知识有222AORPA解得45AOR又因为85MOR，所以有AOAM，因为sinsin0.6，所以24sinsin()25根据折射定律有sin8sin5n(2)光在介质中的传播速度为58cvcn光在空气中传播时间为12Rtc光在介质中传播的时间为26425lRtvc所以光从 M 点射出后到达 N 点所用时间为1211425Rtttc16T=2s；v=0.1m/s；3.5s从题图上
25、可以看出，0t时，质点 P 的振动方向向上，经过4T后，质点 P 第一次到达波峰，所以周期4 0.5s2sT 从题图上可以看出，波长为0.2m，所以波速0.1m/svT经过0.50.2m/s3s0.1xtv 质点 Q 恰好开始向下振动。再经过4T，质点 P 恰好第一次达到波谷，所以质点 P 恰好第一次达到波谷的时间3.5s4Ttt 17（1）1A（2）5.5W（3）1.5W(1)据欧姆定律求出流过电阻的电流，再据串联电路电流特点求流过电动机的电流；(2)电源的输出功率等于电路的总功率减去电源内部消耗的功率；(3)据串联电路电压特点求出电动机两端电压，再据机械功率等于电功率减去热功率求电动机输出
26、的机械功率(1)电压表测 R0两端的电压，则流过 R0的电流0313VUIAAR电动机与电阻 R0串联，所以流过电动机的电流1MIIA(2)电源的输出功率226 1 10.55.5PEII rWW 出(3)电动机两端的电压6 1 0.532.5MVUEIrUVV 电动机输出的机械功率222.5 1 111.5MMMMPU II RWW 机纯电阻元件，欧姆定律适用，电功等于电热，电功率等于热功率；非纯电阻元件，欧姆定律不适用，电功大于电热，电功率大于热功率，其它功率等于电功率减去热功率18（1）0mvMm；（2）202MmvMm（1）以子弹和木块组成的系统为研究对象，由动量守恒定律得0()mvmM v则木块最终速度为0mvvmM（2）由能量守恒可知，系统损失的机械能为22011()22EmvmM v解得202()mMvEMm