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1、【教学目标】一、知识目标 1熟练掌握等差数列与等比数列的求和公式；2能运用倒序相加、错位相减、裂项相消等重要的数学方法进行求和运算；3熟记一些常用的数列的和的公式 二、能力目标 培养学生的“合情推理能力”、“等价转化”和“演绎归纳”的数学思想方法，以及创新意识，渗透运用定义、分类讨论、转化与化归等数学思想 三、情感目标 通过数列求和的学习，培养学生的严谨的思维品质，使学生体会知识之间的联系和差异，激发学生的学习兴趣【教学重点】1求数列的和注意方法的选取：关键是看数列的通项公式；2求和过程中注意分类讨论思想的运用；3转化思想的运用；【教学难点】错位相减法、裂项相消法的应用【知识点梳理】1直接法：
2、即直接用等差、等比数列的求和公式求和。（1）等差数列的求和公式：dnnnaaanSnn2)1(2)(11（2）等比数列的求和公式)1(1)1()1(11qqqaqnaSnn（切记：公比含字母时一定要讨论）2公式法：222221(1)(21)1236nkn nnkn 2333331(1)1232nkn nkn 3错位相减法：如果一个数列的各项是由一个等差数列和一个等比数列的对应项之积构成的，那么这个数列的前 n 项和即可用此法来求，如等比数列的前 n项和公式就是用此法推导的 比如 .,2211的和求等比等差nnnnbabababa 4裂项相消法：把数列的通项拆成两项之差，在求和时中间的一些项可以
3、相互抵消，从而求得其和 常见拆项公式：111)1(1nnnn ；11 11()(2)22n nnn)121121(21)12)(12(1nnnn!)!1(!nnnn 5分组求和法：一个数列的通项公式是由若干个等差数列或等比数列或可求和的数列相加或相减组成，则求和时可用分组求和法，分别求和而后相加减 6并项求和法：一个数列的前 n项和中，可两两结合求解，则称之为并项求和形如 an(1)nf(n)类型，可采用两项合并求解 例如，Sn10029929829722212(10099)(9897)(21)5 050.7倒序相加法：如果一个数列an的前 n 项中首末两端等“距离”的两项的和相等或等于同一个
4、常数，那么求这个数列的前 n项和即可用倒序相加法，如等差数列的前 n项和公式即是用此法推导的 8其它求和法：如归纳猜想法，奇偶法，导数法等【典型例题】题型一、公式法求和 例题 1：已知数列an是首项 a14，公比 q1 的等比数列，Sn是其前n项和，且 4a1，a5，2a3成等差数列(1)求公比q的值；(2)求Tna2a4a6a2n的值【解析】(1)由题意得 2a54a12a3.an是等比数列且a14，公比q1，2a1q44a12a1q2，q4q220，解得q22(舍去)或q21，q1.(2)a2，a4，a6，a2n是首项为a24(1)4，公比为q21 的等比数列，Tnna24n.【点评】应用
5、公式法求和时，要保证公式使用的正确性，尤其要区分好等差数列、等比数列的通项公式及前n项和公式 变式 1：已知数列 na满足214 nan，（1）证明 na是等差数列；（2）求naaaa321 n12121212125614(1),17-4212=0460,64,有.8711154maaa 13、已知二次函数()yf x的图像经过坐标原点，其导函数为()62fxx，数列na的前 n 项和为，点(,)()nn SnN均在函数()yf x的图像上。（）求数列na的通项公式；（）设11nnnba a，是数列 nb的前 n项和，求使得20nmT 对所有nN都成立的最小正整数 m；【参考答案】巩固练习答案
6、 1、解：（1）555555555nnS 个5(999999999)9n个 235(101)(101)(101)(101)9n 23550510101010(101)9819nnnn（2）11 11()(2)22n nnn，11111111(1)()()()2324352nSnn1111(1)2212nn（3）1111(1)(1)nnnannnnnnnn 11121321nSnn (21)(32)(1)nn 1 1n （4）2323nnSaaana，当1a 时，123nS (1)2n nn，当1a 时，2323nSaaanna，23423naSaaa1nna，两式相减得 23(1)na Saa
7、a11(1)1nnnnaaananaa，212(1)(1)nnnnanaaSa（5）2(2)2n nnn，原式222(1232)2(123n )n(1)(27)6n nn（6）设2222sin 1sin 2sin 3sin 89S，又2222sin 89sin 88sin 87sin 1S，289S，892S （7）和式中第 k项为 ak1121412k1112k1122112k.Sn21121122112n 2111 n个1212212n 2n12112n11212n12n2 2、(1)设an的公差为 d，则由已知得 a1a2a36，a1a2a84，即 3a13d6，8a128d4，解得 a
8、13，d1，故 an3(n1)4n.(2)由(1)知，bnnqn1，于是 Sn1q02q13q2nqn1，若 q1，上式两边同乘以 q.qSn1q12q2(n1)qn1nqn，两式相减得：(1q)Sn1q1q2qn1nqn 1qn1qnqn.Sn1qn1q2nqn1qnqn1n1qn11q2.若 q1，则 Sn123nnn12，Sn nn12 q1，nqn1n1qn11q2 q1.3、11n12121212127211(3)424211=0260,S(-9+211)n6()(10)26(nnnnnnnnndanaadaannanaaaannaaaaaan nnaaaaa 11a解：,得 a=-
9、9,d=2,显然是递增数列，令，得当时，当时，设当时,当时,567555)()()2(10)50nnnaaaaSSSSSn n 4、421101211210121112121,2,21411321,22121352122221132122221111211112122112222222122122nnnnnnnnnnnnnnnnndqdqdqanbanbnSnSnnSnS 解：解得：两式相减得：（）114(1)2n 5、课后作业答案 1、413n 2、(1)nn 3、31nn 4、1 11112 2323nn 5、121;22nnn 62332nnnS。7、解(1)S2nanSn12，anSn
10、Sn1(n2)，S2n(SnSn1)Sn12，即 2Sn1SnSn1Sn，由题意 Sn1Sn0，式两边同除以 Sn1Sn，得1Sn1Sn12，数列1Sn是首项为1S11a11，公差为 2 的等差数列 1Sn12(n1)2n1，Sn12n1.(2)又 bnSn2n112n12n1 1212n112n1，Tnb1b2bn 12113131512n112n1 12112n1n2n1.8、解(1)设等差数列an的公差为 d，由已知条件可得 a1d0，2a112d10，解得 a11，d1.故数列an的通项公式为 an2n.(2)设数列an2n1的前 n项和为 Sn，an2n12n2n112n2n2n1，
11、Sn211212212n2122322n2n1.记 Tn122322n2n1，则12Tn12222323n2n，得：12Tn11212212n1n2n，12Tn112n112n2n.即 Tn4112nn2n1.Sn2112n1124112nn2n1 4112n4112nn2n1 n2n1.9、解(1)a13a232a33n1ann3，当 n2时，a13a232a33n2an1n13，得：3n1ann3n1313，an13n.当 n1时，a113也适合上式，an13n.(2)bnnann3n，Sn13232333n3n，则 3Sn32233334n3n1，得：2Sn332333nn3n1 313
12、n13n3n1 32(13n)n3n1.Sn34(13n)n3n12 342n13n14.10、2121212321321242222-1212,242),14(14)(1)()()221422222423334232-1),-=43mmmnmmmmmmnmnmmm anNSSaaaam maaaaaannmmnNSSS 2m2m解：a当 为偶数时，令n=2m(m当 为奇数时，令n=2m(ma22222-3222,2234232-S3423222-3423nnnnmmnnnnnnnn为偶数，为奇数 11、121212122222o01212120P(x,),1114444441(1)42424
13、2(44)42(44)82124111(2)1()(1),(0)(1)(,2212S,(0)S(0)(xxxxxxxxxxxxmyxxyyyyyf xfxfffmaffffmm mm解：设m-1由（）得：)+f()=m设的前m 项和为则)+(1)2(0)S(1)(0)1112(0)S=m+1),S2412ffmffffffmfmmmmm-1)+()+mm-11)+)+()+mm两式相加：（）（3、拓展训练答案 1解：amnamanmn，an1ana1nan1n，利用叠加法得到：2)1(nnan，)111(2)1(21nnnnan，)200911(2)20091200813121211(2111
14、12008321aaaa 20094016 答案：A.2解：ana1n1，bnb1n1 a1bn1a1(b1n1)1 a1b1n25n2n3 则数列也是等差数列，并且前 10 项和等于：85102134 答案：B.3解：因为 an=n2-n.，则依据分组集合即得.答案;A.4解：对前 n 项和要分奇偶分别解决，即：Sn=)(2)(21为偶为奇nnnn 答案：A 5解 由题意可得 a1=1,设公比为 q,公差为 d,则2212dqdq q2-2q=0,q0,q=2,an=2n-1,bn=(n-1)(-1)=1-n,cn=2n-1+1-n,Sn=978.答案：A 6解：并项求和，每两项合并，原式=
15、(100+99)+(98+97)+(2+1)=5050.答案：B 7 解：设此数列an,其中间项为 a1001,则 S奇=a1+a3+a5+a2001=1001a1001,S偶=a2+a4+a6+a2000=1000a1001.答案:10001001 8解：原式=.6326)12()1(23nnnnnn 答案：61;21;31 9、(1)由题意，知 an14n(nN*)，又 bn3log14an2，故 bn3n2(nN*)(2)由(1)，知 an14n，bn3n2(nN*)，cn(3n2)14n(nN*)Sn11441427143(3n5)14n1(3n2)14n，于是14Sn11424143
16、7144(3n5)14n(3n2)14n1，两式相减，得 34Sn14314214314n(3n2)14n112(3n2)14n1，Sn233n2314n(nN*)10、(1)a13a232a33n1ann3，当 n2时，a13a232a33n2an1n13，得：3n1ann3n1313，an13n.当 n1时，a113也适合上式，an13n.(2)bnnann3n，Sn13232333n3n，则 3Sn32233334n3n1，得：2Sn332333nn3n1 313n13n3n1 32(13n)n3n1.Sn34(13n)n3n12 342n13n14.11、解：(1)由题意得(a1d)(
17、a113d)(a14d)2(d0)解得 d2，an2n1，可得 bn3n1(2)当 n1时，c13；当 n2时，由nnnnaabc1，得 cn23n1，故).2(32),1(31nncnn 故 c1c2c3c200332323223200232003 12、(1)证明由已知得 an=Sn-Sn-1=2an+(-1)n-2an-1-(-1)n-1(n2),化简得 an=2an-1+2(-1)n-1(n2),上式可化为 an+32(-1)n=2an-1+32(-1)n-1(n2),a1=1,a1+32(-1)1=31.故数列an+32(-1)n是以31为首项，公比为 2的等比数列.(2)解由（1）
18、可知 an+32(-1)n=321n.an=312n-1-32(-1)n=322n-2-(-1)n,故数列an的通项公式为 an=322n-2-(-1)n.(3)证明 由已知得maaa11154=mmmm)1(21631331151913123)1(21121121232232=)20110151311(21)21111151311(21=.871201051201041513)21(511513)21525234(21211)211(513421555mmm 故)4(8711154maaam 13、解：（）设这二次函数 f(x)ax2+bx(a0),则 f(x)=2ax+b,由于 f(x)=6x2,得 a=3,b=2,所以 f(x)3x22x.又因为点(,)()nn SnN均在函数()yf x的图像上，所以3n22n.当 n2 时，anSnSn1（3n22n）)1(2)132nn（6n5.当 n1时，a1S13122615，所以，an6n5（nN）（）由（）得知13nnnaab5)1(6)56(3nn)161561(21nn，故 Tnniib121)161561(.)13171()711(nn21（1161n）.因此，要使21（1161n）20m（nN）成立的 m,必须且仅须满足2120m，即 m10，所以满足要求的最小正整数 m 为 10.