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1、准兑市爱憎阳光实验学校高中第二次诊断性考试物准兑市爱憎阳光实验学校高中第二次诊断性考试物理理14根据热力学律和分子动理论，以下说法正确的选项是A气体的温度升高，每个气体分子运动的速率都增加B.一质量的气体膨胀对外做功，气体温度可能升高C分子势能一随分子间距离的增大而增大D第二类永动机不能制成是因为违反能量守恒律15如下图，一列沿x轴负方向传播的简谐横波，实线为 0 时刻的波形图，虚线为 0.6 s 时刻的波形图，波的周期T0.6 s，那么A波的周期为 sB在 0.9s 时，P点沿 y 轴正方向运动C经过 0.4s，P点经过的路程为 4mD在 0.5s 时，Q点到达波峰位置16在以下两个核反方程
2、中，X1、X2分别代表一种粒子23823423492U90ThX1;1H1H2HeX2，以下判断中正确的选项是A是重核裂变反B是轻核聚变反CX1是粒子，此种粒子形成的射线具有很强的贯穿本领DX2是中子，X2的质量于231H与1H质量之和减去42He的质量17如下图，一半径为R的 1/4 圆柱体放置在水平桌面上，柱体由某种玻璃材料制成。现有一束由两种单色光组成的复合光，平行于桌面射到柱体外表上，折射入柱体后再从竖直外表射出时分成两束单色A光和B光。以下说法中正确的选项是 AA光在玻璃中的速度比B光在玻璃中的速度小B假设A光和B光分别从该玻璃中射入空气发生全反A射时，A光临界角较大BCA光在玻璃中
3、的波长比B光在玻璃中的波长小D假设在同样条件下进行双缝干预，屏上B光相邻亮条纹间距较大18地球和冥王星半径分别为r1、r2，公转半径分别为r1、r2，公转线速度分别为v1、v2，外表重力加速度分别为g1、g2，平均密度分别为1、2。地球第一宇宙速度为v1，飞船贴近冥王星外表环绕线速度为v2，那么以下关系正确的选项是Av1r2r2vrBv1Cg2 g2D2221r12r21r1v22r2v2121v2r119如下图，电荷量为Q1、Q2的两个正点电荷分别置于 A 点和 B 点，两点相距L。在以L为直径的光滑绝缘半圆环上，穿着一个带电小球+q视为点电荷，在 P 点平衡，PA 与 AB 的夹角为。不计
4、小球的重力，那么Atan3Q2Q BtanQ2P1Q1CO 点场强为零 DQ1QA2OB20如下图，50 匝矩形闭合导线框 ABCD 处于磁感强度大小为T 的水平匀强磁场中，线框面积为 0.5m2，线框电阻不计。线框绕垂直于磁场的轴以 200rad/s 的角速度匀速转动，并与理想变压器原线圈相连，副线圈接入一只“220V 60W灯泡，且灯泡正常发光，熔断器允许通过的最大电流为 10A，以下说法正确的选项是A图示位置穿过线框的磁通量最小 B线框中产生交变电压的有效值为 220VC变压器原、副线圈匝数之比为 25：11 D 允许变压器输出的最大功率为50002W21如下图，质量分别为m和 2m的A
5、、B两个木块间用轻弹簧相连，放在光滑水平面上，A紧靠竖直墙。用水平力向左推B将弹簧压缩，推到一位置静止时推力大小为F0，弹簧的弹性势能为E。在此位置突然撤去推力，以下说法中正确的选项是A在A离开竖直墙前，A、B与弹簧组成的系统机械能守恒，之后不守恒B在A离开竖直墙前，A、B系统动量不守恒，之后守恒C在A离开竖直墙后，A、B速度相时的速度是22E3mD在A离开竖直墙后，弹簧的弹性势能最大ABF0值为E3第二第二非选择题非选择题共共 174174 分分22 17 分1 7 分为了测木块A和木板B之间的动摩擦因数，某同学设计了一个，平行于水平桌面的细线其装置如下图。该同学在中的主要操作有：A用弹簧秤
6、测出木块A的重力为G6.00 N；B用弹簧秤测出木板B的重力为G5 N；C按图的装置安装器材，安装过程中用手按住木块和木板；D松开按住木块和木板的手，让其运动，待弹簧秤指针稳时再读数。该同学的上述操作中多余的步骤是_。(填步骤序号)在听取意见后，该同学按正确方法操作；读数时弹簧秤的指针位置如右图所示，其示数为_N。根据该同学的测量数据，可得到木块A和木板B之间的动摩擦因数为_。(2)10 分如下图的电路中，值电阻R=15，K2为单刀双掷开关。闭合S1，将K2切换到 a 端，调节电阻箱，读出其阻值为RRX1，记录“数字式理想电压表测得的数据为Uab1；然后保持电阻箱的阻值不变，将K1切换到 b
7、端，记录“数字式理想电压表测得的数据为U2。根据电路图用画线代替导线将仪器连成电路；试写出测待测电阻RX的表达式；假设测得RX=，将K2切换到a 端，屡次调节1电阻箱，读出多组电阻箱的阻值R1U/V和记录对的“数字式理想电压表数据U，对2.0测得的数据进行处理，在11.0U1R图上描出了几0.5个点。试在00.00.1 0.10.211R/坐标上做出。11的图线。可求得电源的电动势URE=v，内阻r=3圆形磁场的最小半径Rm。25 20 分如下图，两根不计电阻的金属导线MN与PQ放在水平面内，MN是直导线，PQ的PQ1段是直导线，Q1Q2段是弧形导线，Q2Q3段是直导线，MN、PQ1、2316
8、 分某天，强强同学在上学途中沿平直人行道以v1=lm/s 速度向到校的 3 路公交站台走去，发现 3 路公交车正以v2=Q2Q3相互平行。M、P间接入一个阻值R=0.25 的电阻。质量m=1.0 kg、不计电15m/s 速度从身旁的平直公路同向匀速驶过，此时他们距站台s=50m。为了乘上该公交车去，他开始尽全力加速向前跑去，其最大加速度为a21=2.5m/s，能到达的最大速度vm=6m/s。假设公交车在行驶到距站台s0=25m 处开始刹车，刚好到站台停下。强强上车后公交车再启动向前开去。(不计车长)求：1假设公交车刹车过程视为匀减速运动，其加速度a的大小；2公交车刚停下时，强强距站台至少还有多
9、远。24 19 分如下图，在平面直角坐标系xoy中的第一象限内存在磁感强度大小为B、方向垂直于坐标平面向内的有界圆形匀强磁场区域图中未画出；在第二象限y内存在沿x轴负方向的匀强电场。一粒子源固在x轴C上坐标为 L，0）的A点。粒子源沿y 轴正方向释v)15N放出速度大小为v的电子，电子恰好能通过 y 轴上坐AOx标为（0，2L）的C点，电子经过磁场偏转后恰好垂直通过第一象限内与x轴正方向成 15角的射线 ON电子的质量为m，电荷量为e，不考虑粒子的重力和粒子之间的相互作用。求：1匀强电场的电场强度E的大小；2电子离开电场时的速度方向与 y 轴正方向的夹角；阻的金属棒AB能在MN、PQ上无摩擦地
10、滑动，金属棒始终垂直于MN，整个装置处于磁感强度MANB=0.5T 的匀强磁场中，磁场方向cRa竖直向下。金属棒处于位置I时，给金属棒PL1bQ1一向右的初速度vBQd2Q3Q1=4m/s，同时给一方向水平()()()向右F1=3 N的外力，使金属棒向右做匀减速直线运动；当金属棒运动到位置()时，外力方向不变，改变大小，使金属棒向右做匀速直线运动 2s 到达位置()。金属棒在位置(I)时，与MN、Q1Q2相接触于a、b两点，a、b的间距L1=1m；金属棒在位置()时，棒与MN、Q1Q2相接触于c、d两点；位置I到位置()的距离为7.5 m。求：1金属棒向右匀减速运动时的加速度大小；2c、d两点
11、间的距离L2；3金属棒从位置(I)运动到位置()的过程中，电阻R上放出的热量Q。高中第二次诊断性考试理科综合能力测试参考答案 2021.4二、选择题此题共 8 小题，每题 6 分。在每题给出的四个选项中，有的只有一个选项是正确的，有的有多个选项正确，选对的得 6 分，选对但选不全的得3 分，有选错或不答的得 0 分（14.B 15.D 16B 17B 18AD 19.A 20.C 21.BD24 19 分解：1从 A 到 C 的过程中，电子做类平抛运动，22(17 分)1B2 分02 分 0.353 分；2连线如图2 分RXR(U2U1)R1XU2 分1作图2 分 22 分2 分23 16 分
12、解：1由v2tv20 2as0得2 分公交车加速度大小：a 4.5m/s22 分2公交车从相遇处到开始刹车所用时间：ts s02551v215s 3s分刹车过程所用时间：t0v22a10s23分公交车从相遇到停下所用时间t t1t2 5s1 分强强以最大加速度到达最大速度用时间：tvv3m1a6112.5s 2s通过的位移：s112(v1vm)t3 7m分匀速运动的时间：t4 t t3 3s1 分匀速运动的位移：S2Vmt418m分S S S1S2 25m122 分212 分有：L eE22mt2分2Lvt2 分联立解得：E mv22eL2分2设电子到达 C 点的速度大小为vc，方向与 y 轴
13、正方向的夹角为。由动能理，有1mv212C2mv2 eEL2 分解得vC 2v2 分yP得 452 分COQ13画轨迹如右图所示。v)15N电子在磁场中做匀速圆周运动的半径AOxr mvCeB2mveB2 分电子在磁场中偏转 120后垂直于 ON 射出。磁场最小半径为：RPQm2 rsin603 分得：R6mvm2eB2 分25 20 分解：1金属棒从位置(I)到位置()的过程中，加速度不变，方向向左，设大小为a，在位置I 时，a、b间的感电动势为E1，感电流为I1，受到的安培力为F安1，那么E1=BL1 v11 分I1E1RF2=F安 2=4 N2 分设位置II和()之间的距离为s2，那么1
14、 分F2B2L11安 1 BI1L1R1 分s2=v2t=2 m1 分设从位置(I)到位置()的过程中，外力做功为W1，从位置()到位置()F安 1=4 N 1 分根据牛顿第二律得F安 1F1=ma 1 分a=1 m/s2 1 分2设金属棒在位置()时速度为v2，由运动学规律得2221=2a s1v2=1 m/s 2 分由于在(I)和(II)之间做匀减速直线运动，即加速度大小保持不变，外力F1恒，所以AB棒受到的安培力不变即F安 1=F安 2B2L211B2L222RR 2 分L21/2L1 2m2 分3金属棒从位置()到位置()的过程中，做匀速直线运动，感电动势大小与位置()时的感电动势大小相，安培力与位置()时的安培力大小相，所以W2，那么W1=F1 s1=2 J1 分W2=F2 s2=8 J1 分根据能量守恒得W1+W212m2112m22Q解得Q=38 J2 分1 分的过程中，外力做功为