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1、- 1 - / 18【2019【2019 最新最新】精选高二物理下学期精选高二物理下学期 3 3 月月考试题月月考试题 1111本试卷分第卷和第卷两部分，共 100 分，考试时间 120 分钟。分卷 I一、单选题(共 10 小题,每小题 3.0 分,共 36 分) 1.一电器中的变压器可视为理想变压器，它将 220 V 交变电流改变为110 V已知变压器原线圈匝数为 800，则副线圈匝数为( )A 200 B 400 C 1 600 D 3 2002.闭合线圈在匀强磁场中绕垂直于磁感线的轴匀速转动，线圈中产生的交变电流的瞬时值表达式为 iImsint.保持其他条件不变，使线圈的匝数及转速都增加
2、 1 倍，则电流的变化规律为( )Ai2Imsin 2t Bi4Imsin 2tCi2Imsint Di4Imsint3.远距离输电的原理图如图所示，升压变压器原、副线圈的匝数分别为 n1、n2，电压分别为 U1、U2，电流分别为 I1、I2，输电线上的电阻为 R.变压器为理想变压器，则下列关系式中正确的是( )- 2 - / 18A BI2CI1U1IR DI1U1I2U24.x 轴上有两点电荷 Q1 和 Q2，Q1 和 Q2 之间连线上各点电势高低如图曲线所示(APPB)，选无穷远处电势为 0，从图中可以看出( )AQ1 电量一定小于 Q2 电量 BBQ1 和 Q2 一定是同种电荷CP 点
3、电场强度是 0DQ1 和 Q2 之间连线上各点电场方向都指向 Q25.有一不动的矩形线圈 abcd，处于范围足够大的可转动的匀强磁场中，如图所示该匀强磁场是由一对磁极 N、S 产生，磁极以 OO为轴匀速转动在 t0 时刻，磁场的方向与线圈平行，磁极N 开始离开纸面向外转动，规定由 abcda 方向的感应电流为正，则能反映线圈中感应电流 I 随时间t 变化的图线是( )A BC D6.以下是欧姆表原理的电路示意图，正确的是( )- 3 - / 18A BC D7.如图甲所示，Q1、Q2 为两个被固定的点电荷，其中 Q1 带负电，a、b 两点在它们连线的延长线上.现有一带负电的粒子以一定的初速度沿
4、直线从 a 点开始经 b 点向远处运动(粒子只受电场力作用)，粒子经过 a、b 两点时的速度分别为 va、vb，其速度图象如图乙所示.以下说法中正确的是（ ）AQ2 一定带负电BQ2 的电量一定大于 Q1 的电量Cb 点的加速度为零，电场强度也为零D 整个运动过程中，粒子的电势能先减小后增大8.关于带电粒子所受洛伦兹力 F、磁感应强度 B 和粒子速度 v 三者方向之间的关系，下列说法正确的是( )AF、B、v 三者必定均保持垂直BF 必定垂直于 B、v，但 B 不一定垂直于 vCB 必定垂直于 F，但 F 不一定垂直于 v- 4 - / 18Dv 必定垂直于 F、B，但 F 不一定垂直于 B9
5、.如图所示，将一根绝缘金属导线弯曲成一个完整的正弦曲线形状，它通过两个小金属环与长直金属杆导通，图中 a、b 间距离为 L，导线组成的正弦图形顶部或底部到杆的距离都是 d.右边虚线范围内存在磁感应强度大小为 B、方向垂直于弯曲导线所在平面的匀强磁场，磁场区域的宽度为，现在外力作用下导线沿杆正以恒定的速度 v 向右运动，t0 时刻 a 环刚从 O 点进入磁场区域，则下列说法正确的是( )At时刻，回路中的感应电动势为 BdvBt时刻，回路中的感应电动势为 2BdvCt时刻，回路中的感应电流第一次开始改变方向Dt时刻，回路中的感应电流第一次开始改变方向10.关于电源的电动势，下列说法中正确的是(
6、)A 电动势公式 E中 W 与电压 U中的 W 是一样的，都是电场力做的功B 不管外电路的电阻如何变化，电源的电动势不变C 电动势就是电压，它们之间无区别D 外电路全部断开时，电动势将变为零- 5 - / 18二、多选题(共 4 小题,每小题 4.0 分,共 16 分) 11.(多选)下列关于电功、电功率和焦耳定律的说法中正确的是 ( )A 电功率越大，电流做功越快，电路中产生的焦耳热一定越多BWUIt 适用于任何电路，而 WI2Rtt 只适用于纯电阻电路C 在非纯电阻电路中，UII2RD 焦耳热 QI2Rt 适用于任何电路12.(多选)如图所示，Q1、Q2 带等量正电荷，固定在绝缘水平面上，
7、在其连线上有一光滑绝缘杆，杆上套一带正电的小球，杆所在的区域存在一个匀强磁场，方向如图所示，小球重力不计现将小球从图示位置由静止释放，在小球运动过程中，下列说法中正确的是( )A 小球所受的洛伦兹力大小变化，但方向不变B 小球的加速度将不断变化C 小球所受洛伦兹力将不断变化D 小球速度一直增大13.(多选)理想变压器原、副线圈匝数比为 101，以下说法中正确的是( )A 穿过原、副线圈每一匝磁通量之比是 101B 穿过原、副线圈每一匝磁通量的变化率相等- 6 - / 18C 原、副线圈每一匝产生的电动势瞬时值之比为 101D 正常工作时原、副线圈的输入、输出功率之比为 1114.(多选)如图所
8、示，O 为两个等量异种电荷连线的中点，P 为连线中垂线上的一点，对 O、P 两点的比较正确的是( )AOP，EOEPBOP，EOEPC 负电荷在 P 点的电势能大DO、P 两点所在直线为等势面分卷 II三、实验题(共 2 小题,每小题 10.0 分,共 20 分) 15.在研究电磁感应现象的实验中所用的器材如图所示它们是： 电流计 直流电源 带铁芯(图中未画出)的线圈 A 线圈 B 开关 滑动变阻器(1)按实验的要求在实物图上连线(图中已连好一根导线)(2)怎样才能使线圈 B 中有感应电流产生？试举出两种方法：_；_- 7 - / 18_.16.(1)如图为多用电表的示意图，其中 S、K、T
9、为三个可调节的部件，现用此电表测量一阻值约为 2030 的定值电阻，测量的某些操作步骤如下：调节可调节部件 S，使电表指针停在位置_；(选填“电流 0刻度”、“欧姆 0 刻度”)调节可调节部件 K，使它在尖端指向欧姆挡_位置；(选填“1 k”、“100”、“10”、“1”)将红、黑表笔分别插入“”、“”插孔，笔尖相互接触，调节可调节部件_，使电表指针指向_位置(选填“电流0 刻度”、“欧姆 0 刻度”)(2)欧姆表调零后，用“10”挡测量另一个阻值未知的电阻阻值，发现指针偏转角度很小，则下列说法和做法中正确的是( )A这个电阻的阻值很小B这个电阻的阻值很大C为测得更准确些，应当换用“1”挡，并
10、且重新调零后进行测量D为测得更准确些，应当换用“100”挡，并且重新调零后进行测量四、计算题(共 4 小题) - 8 - / 1817.如图所示，匀强磁场的磁感应强度方向垂直于纸面向里，大小随时间的变化率k，k 为负的常量用电阻率为 、横截面积为 S 的硬导线做成一边长为 l 的方框将方框固定于纸面内，其右半部分位于磁场区域中，求：(1)导线中感应电流的大小；(2)磁场对方框作用力的大小随时间的变化率18.如图所示为两根竖直地放置在地面上的金属框架，框架的上端接有一电容量为 C 的电容器框架上有一质量为 m，长为 L 的金属棒，平行于地面放置，与框架接触良好无摩擦，棒离地面高度为 h.强度为B
11、 的匀强磁场与框架平面相垂直开始时电容器不带电自静止起将棒释放，问棒落到地面需要多少时间？19.如图，A、B 为两块水平放置的带等量异种电荷的平行金属板，一个质量 m104kg、电荷量 q5105C 的带正电粒子静止于两板的正中央，已知两板间距离为 20 cm，g10 m/s2，求：(1)两板间匀强电场的场强大小；(2)两板间的电势差；(3)若用某种方法将带电粒子的带电荷量减少一半，使带电粒子从两板正中央由静止开始运动，则经过多长时间粒子撞到板上- 9 - / 1820.如图所示，一对光滑的平行金属导轨固定在同一水平面内，导轨间距 l0.5 m，左端接有阻值 R0.3 的电阻一质量 m0.1
12、kg、电阻 r0.1 的金属棒 MN 放置在导轨上，整个装置置于竖直向上的匀强磁场中，磁场的磁感应强度 B0.4 T金属棒在水平向右的外力作用下，由静止开始以 a2 m/s2 的加速度做匀加速运动，当金属棒的位移 x9 m 时撤去外力，金属棒继续运动一段距离后停下来，已知撤去外力前后回路中产生的焦耳热之比 Q1Q221.导轨足够长且电阻不计，金属棒在运动过程中始终与导轨垂直且两端与导轨保持良好接触求：(1)金属棒在匀加速运动过程中，通过电阻 R 的电荷量 q；(2)撤去外力后回路中产生的焦耳热 Q2；(3)外力做的功 WF.答案解析1.【答案】B【解析】根据理想变压器原、副线圈电压与匝数的关系
13、，得n2400，选项 B 正确2.【答案】A【解析】根据 EmNBS，2n 可得当线圈的匝数及转速都增加1 倍时，该交流电的最大值变为 4Em，线圈的电阻变为原来的 2 倍，- 10 - / 18角速度变为原来的 2 倍，所以电流的最大值变为 Im2Im，故电流变化表达式为 i2Imsin 2t，故选 A.3.【答案】D【解析】对理想变压器来说，输出功率决定输入功率，两者总相等，D 正确；对于只有一组副线圈的理想变压器，通过原、副线圈的电流之比等于原、副线圈匝数之比的倒数，A 错误；输出电流决定输入电流，I2 是由用户的电流决定的，I1 是由 I2 决定的，与输电线上的电阻无关，B 错误；输出
14、功率决定输入功率，升压变压器的输入功率应等于用户的功率与输电线上消耗的功率之和，C 错误4.【答案】D【解析】由图象可以发现，离 Q1 越近电场中的电势越高，由此可以判断 Q1 为正电荷，同理，由于离 Q2 越近电势越低，所以 Q2 为负电荷，在它们的连线上的 P 点的电势是零，但 P 点离 Q2 近，所以 Q1 的电荷量要大于 Q2 的电荷量，所以 A、B 错误由于 Q1 和 Q2 为异种电荷，并且 Q1 为正电荷，Q1 在 x 轴正半轴上的电场方向向右，Q2 为负电荷，Q2 在 Q1 和 Q2 之间的电场方向也向右，所以 P 点电场强度是Q1 和 Q2 在 P 点产生的电场强度的和，方向指
15、向 Q2，所以 C 错误，D正确5.【答案】C【解析】磁极以 OO为轴匀速转动可等效为磁场不动线圈向相反方向- 11 - / 18转动，在 t0 时刻，由右手定则可知，产生的感应电流方向为abcda，磁场的方向与线圈平行，感应电流最大，故选项 C正确6.【答案】C【解析】选项 B 的欧姆表中没有可调电阻，B 错；选项 D 电流表的负极接到了电源的正极，D 错；红表笔应接电源的负极，黑表笔应接电源的正极，A 错，C 对7.【答案】C【解析】从速度图象上看，a 到 b 做加速度减小的减速运动，在 b 点时粒子运动的加速度为零，则电场力为零，所以该点场强为零.Q1 对负电荷的电场力向右，则 Q2 对
16、负电荷的电场力向左，所以 Q2 带正电.故A 错误，C 正确.b 点场强为零，可见两点电荷在 b 点对负电荷的电场力相等，根据知，b 到 Q1 的距离大于到 Q2 的距离，所以 Q1 的电量大于 Q2 的电量.故 B 错误.整个运动过程动能先减小后增大，根据能量守恒得电势能先增大后减小.故 D 错误.故选 C.8.【答案】B【解析】速度 v 的方向可以垂直于磁感应强度 B 的方向，也可以不垂直于磁感应强度 B 的方向，但是洛伦兹力 F 的方向一定垂直于磁感应强度 B 的方向，也一定垂直于速度 v 的方向9.【答案】D- 12 - / 18【解析】导线切割磁感线产生的感应电动势：EBlvByv，
17、其中 l指的是有效长度，为纵坐标大小，即：ydsindsintdsintdsintdsin，当 t时，导线切割磁感线的有效长度 l0，所以感应电动势为 0，故 A 错误；当 t，l为 d，所以感应电动势 EBdv，故 B 错误；由 EBdvsin(vt)知，在vt0.5 L 处(相当于 处)感应电流第一次改变方向，所以 t时刻，回路中的感应电流第一次开始改变方向，故 C 错误，D 正确；故选 D.10.【答案】B【解析】E中 W 为非静电力做功，而 U中 W 为静电力做功，所以 A错误；电动势和电压用同样的单位，但是它们是不同的物理量，所以C 项错误；电动势与电路连接无关，所以 D 项也错误1
18、1.【答案】BCD【解析】电功率公式 P，表示电功率越大，电流做功越快对于一段电路，有 PIU，I，焦耳热 Q()2Rt，可见 Q 与 P、U、t、R 都有关，所以 P 越大，Q 不一定越大，A 错WUIt 是电功的定义式，适用于任何电路，而 I只适用于纯电阻电路，B 对在非纯电阻电路中，电流做的功焦耳热其他形式的能，所以WQ，即 UII2R，C 对- 13 - / 18QI2Rt 是焦耳热的定义式，适用于任何电路，D 对12.【答案】BC【解析】小球在水平方向上受到两个库伦力作用，在竖直方向上受洛伦兹力和杆对球的弹力，根据受力情况知，小球向左先加速后减速到0，然后又返回，加速度的大小在变，速
19、度的大小和方向都在变，因此洛伦兹力的大小和方向都变化，故 A 错误，B、C 正确；小球的速度向左先增大后减小，故 D 错误13.【答案】BD【解析】对于理想变压器，认为无磁通量损失，因而穿过两个线圈每一匝的磁通量相同、磁通量的变化率相同，每匝线圈产生的感应电动势相等，电压与匝数成正比理想变压器没有能量损失，输入功率等于输出功率14.【答案】AD【解析】等量异种电荷的中垂线是一条等势面，故 OP，D 对；电势能相等，C 错；从中点 O 到无穷远，电场强度越来越小，故EOEP，A 正确15.【答案】(1)实物电路图如图所示：(2)断开或闭合开关闭合开关后移动滑动变阻器的滑片【解析】(1)实物电路图
20、如图所示：- 14 - / 18(2)断开或闭合开关的过程中或闭合开关后移动滑片的过程中，穿过线圈 B 的磁通量发生，线圈 B 中有感应电流产生16.【答案】(1)电流 0 刻度 “1” T 欧姆 0 刻度 (2)BD【解析】(1)使用多用电表时，首先进行机械调零：调节可调部件S，使电表指针停在电流表、电压表的零刻度(或表盘左边的零刻度)的位置；选择合适的挡位：因电阻约为 2030 ，则选择1 即可；选挡后进行欧姆调零：将红、黑表笔分别插入“”、“”插孔，笔尖相互接触，调节可调部件 T，使电表指针指向表盘右边的欧姆挡零刻线位置(2)偏转角度小，说明电流小，则电阻大，故 A 错误，B 正确；因是
21、大电阻，则要换挡位大一些即换“100”挡每次换挡后要重新进行欧姆调零，故 C 错误，D 正确17.【答案】(1) (2)【解析】(1)导线框的感应电动势为El2B导线框中的电流为 I式中 R 是导线框的电阻，根据电阻率公式有R- 15 - / 18联立式，将k 代入得I.(2)导线框所受磁场的作用力的大小为FBIl它随时间的变化率为Il由式得.18.【答案】t【解析】设某瞬时棒的加速度为 ai，则由牛顿第二定律得 ai，Fi 是这一瞬时的安培力 FiiLBi 是这一瞬时的感应电流取一个极短的时间 t，有 iQ 为在极短时间内流过棒的电量，也就是给电容器充电的电量对于电容器，有QCU，因而 QC
22、U- 16 - / 18U 是这极短时间内电压的增量，电压的增量等于感生电动势的增量，即UBLv，而 vait，于是 aiai 与时间 t 无关，即棒做匀加速运动由 hat2得棒落到地面的时间为 t.19.【答案】(1)20 V/m (2)4 V (3)0.2 s【解析】(1)带电粒子静止，qEmg，E20 V/m.(2)电势差 UEd200.2 V4 V.(3)若带电粒子的带电荷量减少一半，则电场力减半，重力不变，则有 mgqEma，mgma，ag，xat2，即 0.15t2，解得 t0.2 s.20.【答案】(1)4.5 C (2)1.8 J (3)5.4 J【解析】(1)设金属棒匀加速运
23、动的时间为 t，回路的磁通量的变化量为 ，回路中的平均感应电动势为，由法拉第电磁感应定律得，- 17 - / 18其中 Blx，设回路中的平均电流为，由闭合电路欧姆定律得，则通过电阻 R 的电荷量为 qt，联立式，得 q代入数据得 q4.5 C(2)设撤去外力时金属棒的速度为 v，对于金属棒的匀加速运动过程，由运动学公式得v22ax，设金属棒在撤去外力后的运动过程中安培力所做的功为 W，由动能定理得W0mv2，撤去外力后回路中产生的焦耳热 Q2W，联立式，代入数据得 Q21.8 J，(3)由题意知，撤去外力前后回路中产生的焦耳热之比Q1Q221，可得 Q13.6 J，在金属棒运动的整个过程中，外力 F 克服安培力做功，由功能关系可- 18 - / 18知 WFQ1Q2，由式得 WF5.4 J.