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1、准兑市爱憎阳光实验学校高考物理二模试卷准兑市爱憎阳光实验学校高考物理二模试卷一、第 I 卷单项选择题共 16 分，每题 2 分每题只有一个正确选项 1 2 分 2021二模以下单位属于单位制中的根本单位的是A牛顿NB安培AC特斯拉TD库仑C考力学单位制点：分单位制规了七个根本物理量分别为长度、质量、时间、热力学温度、电流、光强度、物质的量它们析：的在单位制中的单位称为根本单位，而物理量之间的关系式推到出来的物理量的单位叫做导出单位解解：A、牛顿根据牛顿第二律推导出来的，是导出单位，故A 错误答：B、安培是电流的单位，是根本单位，故B 正确C、特斯拉是磁感强度的单位，是导出单位，故C 错误D、库
2、仑是电量的单位，是导出单位，故D 错误应选 B点单位制规了七个根本物理量，这七个根本物理量分别是谁，它们在单位制分别是谁，这都是需要学生自评：己记住的2 2 分 2021二模关于液体的微观结构，以下说法正确的选项是A 液体分子间距离很大，相互作用力很弱B 液体分子在杂乱无章地运动，无任何规律性C 液体分子在振动，但无确的平衡位置D 液体分子排列整齐，在确的平位置附近振动考点：*液体的微观结构分析：液体具有流动性，很难压缩，大量分子表现出统计规律解答：解：A、液体很难压缩，说明液体分子间距较小，故A 错误；B、液体分子在永不停息的做无规那么热运动，单个分子运动无规律，但大量分子运动表现出统计规律
3、，故 B 错误；C、D、液体分子在振动，由于流动性，无确的平衡位置，故C 正确，D 错误；应选 C点评：此题关键明确液体分子的微观模型：流动性、间距小、有统计规律，根底题3 2 分 2021二模关于能量转化与守恒的理解，以下说法中正确的选项是A 但凡能量守恒的过程就一会发生B 摩擦生热的过程是不可逆过程C 空调机既能致热又能制冷，说明热传递不存在方向性D 由于能量的转化过程符合能量守恒律，所以不会发生能源危机考点：能量守恒律；热力学第二律；能源的利用与环境保护分析：热力学第二律反映了自然界的宏观过程具有方向性，虽然总能量守恒，但能量可以利用的品质降低了解答：解：A、各种物理过程能量是守恒的，但
4、是自然界的宏观过程具有方向性，故A 错误；B、通过摩擦生热，能量耗散了，即能量可以利用的品质降低了，这是不可逆过程，故B 正确；C、空调机既能致热又能制冷，但是要耗电，即热传递有方向性，热量只能自发地由高温物体传向低温物体，故 C 错误；D、虽然总能量守恒，但随着能量耗散，能量可以利用的品质降低了，故D 错误；应选 B点评：此题关键是根据热力学第二律进行分析，即能量虽然守恒，但热过程具有方向性，故热机的效率一小于百分之百4 2 分 2021二模下面是历史上发现原子内部结构的几个著名的装置图，其中发现质子的装置是ABCD考 粒子散射点：分 A 图为 粒子轰击氮核的，B 图是阴极射线发生偏转的，C
5、 图是 粒子的散射，析 D 图是 粒子轰击铍核的：解 解：A、A 图通过 粒子轰击氮核得到质子，是发现质子的装置故A 正确答 B、B 图是阴极射线偏转，从而确阴极射线是电子流，该装置是发现电子的装置 故：B 错误C、C 图 粒子的散射，得出了原子的核式结构模型故C 错误D、D 图 粒子轰击铍核得到中子的，该装置是发现中子的装置故D 错误应选 A点 解决此题的关键了解物理学史，要熟悉教材，知道发现每个粒子所对的装置评：5 2 分 2021二模某单色光照射某金属时不能产生光电效，以下措施中可能使该金属产生光电效的是A 光照时间B增大光的强度C 换用频率较低的光照射D换用波长较短的光照射考点：光电效
6、专题：光电效专题分析：发生光电效的条件是入射光的频率大于金属的截止频率，要使该金属产生光电效，可以增大入射光的频率，光的强度在发生光电效时只会影响单位时间内发出光电子的数目，假设不能发生光电效，增大光的强度和光照时间都不会使金属发生光电效解答：解：要使该金属产生光电效，可以增大入射光的频率或减短入射光的波长，作用时间，增大光的强度都不会使金属发生光电效，故A、B、C 错误，D 正确应选 D点评：解决此题的关键是掌握发生光电效的条件：入射光的频率大于金属的截止频率6 2 分 2021二模关于自由落体运动，以下说法中正确的选项是A 在任何相的时间内速度的变化量相B 在连续相的位移内平均速度相C 在
7、连续相的位移内所用时间相D 在任何相的时间内位移的变化相考点：自由落体运动专题：自由落体运动专题分析：物体只在重力的作用下，初速度为零的运动，叫做自由落体运动自由落体运动是一种理想状态下的物理模型；自由落体运动是初速度为零的匀加速直线运动解答：解：A、自由落体运动是初速度为零的匀加速直线运动，故在任何相的时间内速度的变化量相，故A正确；B、C、自由落体运动是初速度为零的匀加速直线运动，速度越来越快，故通过连续相的位移时间越来越少，故在连续相的位移内的平均速度越来越大，故B 错误，C 错误；D、匀变速直线运动，在连续相的时间内通过的位移的差是一个恒量，故D 错误；应选 A点评：此题关键明确自由落
8、体运动的运动性质，然后根据运动学公式分析求解7 2 分 2021二模福岛核电站核泄漏事故的污染物中含有，这种放射性核素通过一衰变能产生对人体有危害的辐射，的衰变过程为+那么原子核中质子数和中子数分别为A77 和 54B78 和 53C54 和 77D53 和 78考重核的裂变点：专重核的裂变和轻核的聚变专题题：分根据电荷数守恒求出 Xe 原子核的电荷数，从而确原子核中的质子数中子数于质量数减去质子数析：解解：根据电荷数守恒得，Xe 的电荷数为 53，那么质子数为53，中子数为13153=78故D 正确，A、B、答：C 错误应选 D点解决此题的关键知道在衰变的过程中电荷数守恒、质量数守恒 以及知
9、道质量数于质子数与中子数之和评：8 2 分 2021二模一个单摆在竖直平面内做小幅振动，周期为 2s如果从单摆向右运动通过平衡位置时开始计时，那么在 t=1.6s 至 t=s 的过程中，摆球的A 速度向左在减小，加速度向右在增大B 速度向左在增大，加速度向左在增大C 速度向右在增大，加速度向右在减小D 速度向右在减小，加速度向左在减小考点：简谐运动的振幅、周期和频率；简谐运动的回复力和能量专题：单摆问题分析：单摆的周期是 2s，分析出t=1.6 秒至 t=秒的过程中向哪个方向运动，即可分析出速度加速度的变化解答：解：由题，单摆的周期是2s，一个周期分成四个周期，从单摆向右运动通过平衡位置时开始
10、计时，那么在 t=1.6 秒至 t=秒的过程中，单摆是由平衡位置向右向最大位移处运动，所以速度向右在减小，加速度方向向右在增大故A、B、D 错误，C 正确应选 C点评：解决此题的关键熟悉简谐运动的规律，如从平衡位置向最大位移处做加速度增大的减速运动，由最大位移处向平衡位置做加速度减小的加速运动二、选择题共 8 小题，每题 3 分，总分值 24 分9 3 分 2021二模为了节约用电，一种型双门电冰箱安装了如下控制装置：只要有一扇门没有关紧，器就鸣响如果规：门关紧时输入信号为“1”，未关紧时输入信号为“0”；当输出信号为“1”时，器就鸣响，输出信号为“0”时，器就不鸣响那么能正确表示该控制装置工
11、作原理的逻辑门是A与门B或门C非门D与非门考简单的逻辑电路点：专恒电流专题题：分门关紧时输入信号为“1”，未关紧时输入信号为“0”；当输出信号为“1”时，器就鸣响，输出信号析：为“0”时，器就不鸣响该控制装置工作原理的逻辑门是与非门解解：因为输入“1，0”“0，1”“0，0”输出都为“1”，而输入“1，1”输出为“0”，知该逻辑门是答：与非门故 D 正确，A、B、C 错误应选 D点该题容易误选或门，注意假设是或门输入“1，1”输出为“1”，器就鸣响评：10 3 分 2021二模如下图，用绝缘细线将两个带有同种电荷的小球悬挂在天花板上，静止时悬线与竖直方向的夹角分别为 1和 2，且 12，两小球
12、在同一水平面内两小球的质量分别为m1、m2，带电量分别为q1、q2那么以下说法正确的选项是A m1可能小于 m2，q1一小于 q2Bm1一小于 m2，q1可能小于 q2C m1可能大于 m2，q1一大于 q2Dm1一大于 m2，q1可能大于 q2考点：库仑律专题：电场力与电势的性质专题分析：对小球受力分析，根据受力平衡可得出小球的倾角与电量、重力的关系，那么可得出两小球的质量的大小关系解答：解：对 m1、m2球受力分析，根据共点力平衡和几何关系得：m1g=F1cos1，m2g=F2cos2由于 F1=F2，12所以 m1m2根据题意无法知道带电量q1、q2的关系应选 B点评：此题可明确两小球受
13、到的库仑力相，再根据共点力的平衡条件即可得了两小球偏转角度的关系11 3 分 2021二模把一个上为平面、下为球面的凸透镜平放在平行玻璃板上，如下图，现用单色光垂直于平面照射，在装置的上方向下观察，可以看到一的圆，以下说法正确的选项是A 这是光的干预现象，圆间隔均匀B 这是光的干预现象，圆间隔不均匀C 这是光的衍射现象，圆间隔均匀D 这是光的衍射现象，圆间隔不均匀考点：光的干预分析：将一曲率半径相当大的平凸玻璃透镜放在一平面玻璃的上面，那么在两者之间形成一个厚度随直径变化的空气薄膜空气薄膜的厚干预条纹是一组明暗相间的环解答：解：平面玻璃和凸透镜之间形成一个厚度随直径变化的空气薄膜，光在空气膜的
14、前后外表发生反射，产生叠加，形成干预条纹，当路程差于半波长的偶数倍时，出现明条纹，当路程差于半波长的奇数倍时，出现暗条纹，空气薄膜的厚干预条纹是一组明暗相间的环空气薄层厚度不是均匀增加，而是越向外越厚，所以干预条纹不是疏密均匀的圆故B 正确，A、C、D 错误应选 B点评：理解了该的原理即可顺利解决此题，故在学习过程中要深入理解各个物理现象产生的机理是什么12 3 分 2021二模如下图，一只半球形碗倒扣在水平桌面上处于静止状态，球的半径为 R，质量为 m 的蚂蚁只有在离桌面的高度大于或于 R 时，才能停在碗上，假设最大静摩擦力于滑动摩擦力，那么蚂蚁和碗面间的动摩擦因数为ABCD考共点力平衡的条
15、件及其用；力的合成与分解的运用点：专共点力作用下物体平衡专题题：分蚂蚁受重力、支持力和静摩擦力处于平衡，根据平衡求出蚂蚁和碗面间的动摩擦因数析：解解：蚂蚁受重力、支持力和摩擦力处于平衡，根据平衡有：f=mgsin，N=mgcos答：而 cos=所以故 C 正确，A、B、D 错误应选 C点解决此题的关键能够正确地受力分析，运用共点力平衡进行求解评：13 3 分 2021二模小车上有一根固的水平横杆，横杆左端固的斜杆与竖直方向成 角，斜杆下端连接一质量为 m 的小铁球横杆右端用一根细线悬挂一相同的小铁球，当小车在水平面上做直线运动时，细线保持与竖直方向成角，设斜杆对小铁球的作用力为 F，以下说法正
16、确的选项是AF 沿斜杆向上，F=BF 沿斜杆向上，F=CF 平行于细线向上，F=DF 平行于细线向上，F=考点：牛顿第二律专题：牛顿运动律综合专题分析：先对细线吊的小球分析进行受力，根据牛顿第二律求出加速度 再对轻杆固的小球用牛顿第二律研究，得出轻杆对球的作用力大小和方向解答：解：对右边的小铁球研究，受重力和细线的拉力，如图根据牛顿第二律，得：mgtan=ma，得到 a=gtan对左边的小铁球研究，受重力和细杆的弹力，如图，设轻杆对小球的弹力方向与竖直方向夹角为由牛顿第二律，得：mgtan=ma因为 a=a，得到=，那么：轻杆对小球的弹力方向与细线平行，大小为；应选 D点评：绳子的模型与轻杆的
17、模型不同：绳子的拉力一沿绳子方向，而轻杆的弹力不一沿轻杆方向，与物体的运动状态有关，可根据牛顿律确14 3 分 2021二模把一重为 G 的物体用一个水平推力 F=ktk 为恒量，t 为时间压在竖直且足够高的平整的墙上，如下图，假设物体和竖直墙壁间的动摩擦因数为，那么从 t=0 开始A 物体在运动过程中所受摩擦力于G 时，速度到达最大值B 物体所受摩擦力于 G 时，开始做匀速直线运动C 物体在运动过程中所受摩擦力的最大值于GD物体在竖直墙上先做加速运动后做减速运动直至静止，其运动时间为t=考点：滑动摩擦力；力的合成与分解的运用专题：摩擦力专题分析：由题意可知，随着时间的推移，压力不断增大，导致
18、物体从滑动到静止那么物体所受的摩擦力先是滑动摩擦力后是静摩擦力而滑动摩擦力的大小与推物体的压力大小成正比，而静摩擦力的大小与重力大小相解答：解：如下图，从t=0 开始水平推力 F=Kt，即压力不断增大，那么物体受到滑动摩擦力作用，所以滑动摩擦力的大小与压力正比因此滑动摩擦力不断增大物体开始做加速度减小的加速运动；当物体的滑动摩擦力于重力时，物体处于最大速度状态；当推力继续增大，滑动摩擦力的大小大于重力，导致物体向下做减速运动，直到静止A、当物体在运动过程中所受摩擦力于G 时，速度到达最大值，故A 正确；B、物体所受摩擦力于 G 时，开始做减速运动，故B 错误；C、物体在运动过程中所受摩擦力的最
19、大值大于重力，导致其做减速运动，故C 错误；D、物体在竖直墙上先做加速运动后做减速运动直至静止，其运动时间为t，故 D 错误；应选：A点评：考查滑动摩擦力与压力成正比，而静摩擦力却与引起相对运动趋势的外力有关 同时随着推力的增大，导致物体的最大静摩擦力也增大15 3 分 2021二模有一场强方向与x 轴平行的静电场，电势 随坐标 x变化的图线如下图，如规 x 轴正方向为场强的正方向，那么该静电场的场强 E随 x 变化的图线是图中的ABCD考匀强电场中电势差和电场强度的关系；电场强度点：专电场力与电势的性质专题题：分此题可采用排除法：先根据电势升高或降低判断电场强度方向，排除A，C；再根析：据电
20、势随距离均匀变化，是匀强电场解解：A、02m，电势 升高，逆着电场线，那么知电场线方向为x 轴负方向，E答：是负的，故 A 错误 B、02m，E=2104V/m 210m，E=1104V/m 1012m，E=2104V/m故 BD 错误；C、26m，电热势降低，顺着电场线，那么知电场线方向x 轴正方向，E 是正的，故 C 正确应选 C点做选择题时常常采用直判法和排除法相结合，可提高准确率评：16 3 分 2021二模如下图，一根上粗下细上下两段各自粗细均匀的玻璃管上端开口、下端封闭，上端足够长，下端有一段水银柱封闭了一质量的理想气体现对封闭气体缓慢加热，气体温度不断升高，水银柱上升，那么以下图
21、中的图线最接近被封闭气体体积 V 和热力学温度 T 关系的是ABCD考理想气体的状态方程；封闭气体压强点：专理想气体状态方程专题题：分气体温度不断升高，水银柱上升，当水银柱未进入细管时，封闭气体压强不变，发析：生压变化，根据盖吕萨克律，体积与热力学温度成正比当水银柱进入细管时，封闭气体的压强逐渐增大当水银柱完全进入粗管时，封闭气体又压变化此题根据盖吕萨克律和气态方程研究解解：当水银柱未进入细管时，封闭气体压强不变，发生压变化，根据盖吕萨克律，答：体积与热力学温度成正比，Vt 图象是过原点的倾斜的直线当水银柱进入细管时，封闭气体的压强逐渐减小，由题可知，T 增大，V 增大，由气态方程=nR，得：
22、=，图线上的点与原点连线的斜率K=，当 P 减小时，K 增大当水银柱完全进入粗管时，封闭气体压强不变，发生压变化，根据盖吕萨克律，体积与热力学温度成正比，=c=，Vt 图象也是过原点的倾斜的直线，因为 PP那么这段直线斜率增大应选 A点此题考查分析理解物理图象的能力此题也可以就根据气态方程研究关键要抓住评：水银未进入粗管和完全进入过程，封闭气体发生压变化三、第I 卷多项选择题共16 分，每题4 分每题有两个或三个正确选项全选对的，得 4 分；选对但不全的，得 2 分；有选错或不答的，得 0 分 17 4 分 2021二模如图a所示，A、B 为相同的环形线圈，它们共轴且相距很近，线圈 A 中通有
23、如图b所示的变化电流，那么A 在 t1时刻，B 中感电流最大B 在 t1到 t2时间内，A、B 中电流方向相同C 在 t2时刻，A、B 间的相互作用力最大D 在 t2到 t3时间内，A、B 互相排斥考点：楞次律分析：根据安培那么确电流与磁场的方向关系，再根据楞次律知，感电流的磁场总是阻碍引起感电流的磁通量的变化当磁通量增大时，感电流的磁场与它相反，当磁通量减小时，感电流的磁场与它相同最后运用同向电流相互吸引，异向电流相互排斥解答：解：A、由题意可知，在 t1时刻，线圈 A 中的电流最大，而磁通量的变化率是最小的，所以线圈B 感电流也是最小，故 A 错误；B、在 t1到 t2时间内，假设设顺时针
24、方向为正，那么线圈A 电流方向顺时针且大小减小，所以根据右手螺旋那么可判穿过线圈B 方向向右的磁通量大小减小，由楞次律可知，线圈B 的电流方向顺时针方向，因此 A、B 中电流方向相同，故 B 正确；C、在 t2时刻，线圈 A 中的电流最小，而磁通量的变化率是最大的，所以线圈B 感电流也是最大，但A、B 间的相互作用力最小，故C 错误；D、在 t2到 t3时间内，假设设顺时针方向为正，那么线圈A 电流方向逆时针且大小增大，所以根据右手螺旋那么可判穿过线圈B 方向向左的磁通量大小增大，由楞次律可知，线圈B 的电流方向顺时针方向，因此 A、B 中电流方向相反，A、B 出现互相排斥，故 D 确；应选：
25、BD点评：解决此题的关键掌握安培那么、楞次律的内容，知道感电流的磁场总是阻碍引起感电流的磁通量的变化同时注意同向电流相互吸引与同种电荷相互排斥不同18 4 分 2021二模如下图，实线为一电场中的势面，是中心对称图形a、b、c、d 是心点为圆心的圆周上的四个点，那么以下说法中正确的选项是 A a、b、c、d 四点电势不，但电场强度大小相B 假设一电子从 b 点运动到 c 点，克服电场力做的功为0.4eVC 假设一电子从左侧沿中心轴线穿越电场区域，将做加速度先增加后减小的加速直线运动D 假设一束电子从左侧平行于中心轴线进入电场区域，将会从右侧平行于中心轴线穿出考点：势面；匀强电场中电势差和电场强
26、度的关系专题：电场力与电势的性质专题分析：静电场中电势相的各点构成的面叫做势面；电场线总是从电势高的势面指向电势低的势面，差势面越密的地方电场强度越大解答：解：A、从图中看出，ab 两点电势为 0.3V，cd 两点电势为 0.7V，故电势不；差势面越密的地方电场强度越大，故 abcd 四点电场强度大小相，故A 正确；B、假设一电子从b 点运动到 c 点，电场力做功为：W=eUbc=e0.3V0.7V=0.4eV，电场力做正功，故 B 错误；C、假设一电子从左侧沿中心轴线穿越电场区域，势面先变密后变稀疏，故电场强度先变大后变小，故电场力先变大后变小，故加速度先变大后变小，故C 正确；D、电场线总
27、是从电势高的势面指向电势低的势面，故中间虚线上电场线是向左的直线，故电子受到的电场力向右，故一束电子从左侧平行于中心轴线进入电场区域，将会从右侧平行于中心轴线穿出，故 D 正确；应选 ACD点评：此题关键明确势面与电场线的关系，先画出电场线，再分析受力情况和运动情况19 4 分 2021二模如下图，在地面上方间距分布着足够多的、水平方向的条形匀强磁场，每一条形磁场区域的宽度及相邻区域的间距均为 d现有一边长为 lld的正方形线框在离地高 h 处以水平初速度 v0从左侧磁场边缘进入磁场，运动中线框平面始终竖直，最终落在地面上，不计空气阻力，那么A线框在空中运动的时间一为B h 越大线框运动的水平
28、位移一越大C v0越大线框运动过程中产生的焦耳热一越多D v0的大小连续变化，线框落地点也一相的连续变化考点：导体切割磁感线时的感电动势；电磁感中的能量转化专题：电磁感功能问题分析：线框 MN 边刚进入磁场时，右边切割磁感线产生感电动势，从而产生感电流，根据安培力的公式F=BIL 求解；线框水平方向上进磁场和出磁场受安培力做减速运动，在无磁场区以及在磁场中做匀速直线运动，在竖直方向上仅受重力，做自由落体运动根据自由落体运动求出线框的末速度；线框进入和穿出条形磁场区域时，才产生感电动势，才受到安培力，在水平方向做减速运动，因为线框在水平方向上做变减速运动解答：解：A、线框水平方向上进磁场和出磁场
29、受安培力做减速运动，在无磁场区以及在磁场中做匀速直线运动，在竖直方向上仅受重力，做自由落体运动根据自由落体运动，那么线框的运动的时间为，故 A 正确；B、线框运动的水平位移由水平速度与运动时间决，由于运动时间一，那么水平速度决水平位移故B 错误；C、线框进入和穿出条形磁场区域时，才产生感电动势，才受到安培力，出现安培力做功，从而产生焦耳热，由公式，得 v0越大线框运动过程中安培力越大，因为距离一，那么产生的焦耳热一越多故 C 正确；D、线框进入和穿出条形磁场区域时，才产生感电动势，才受到安培力，在水平方向做减速运动因为线框在水平方向上做变减速运动，虽然v0的大小连续变化，下落时间不变，但落地点
30、不是相的连续变化故 D 错误；应选：AC点评：解决此题的关键掌握切割产生的感电动势E=BLv以及熟练运用能量守恒在水平方向进磁场和出磁场做变减速运动，同时紧扣线框竖直方向做自由落体运动20 4 分 2021二模 如下图，A、B、C 为某三角形板的三个顶点，其中C为钝角，A、B、C 在同一水平面内现使三角形板绕其中一个顶点在水平面内沿顺时针方向匀速转动，同时有一质点 P 沿三角形板的一条边做匀速运动，在P从一个顶点运动到另一顶点的过程中，P的合速度v的大小变化情况是 A 假设绕顶点 A 转动，P 从 C 向 A 运动，那么 一直减小B 假设绕顶点 A 转动，P 从 B 向 C 运动，那么 一直减
31、小C 假设绕顶点 C 转动，P 从 A 向 B 运动，那么 先减小后增大D 假设绕顶点 C 转动，P 从 B 向 A 运动，那么 先增大后减小考点：运动的合成和分解专题：运动的合成和分解专题分析：质点参与了绕顶点的圆周运动和沿某边的匀速直线运动，根据平行四边形那么得出合速度的大小，从而判断出合速度大小的变化解答：解：A、假设绕顶点 A 转动，P 从 C 向 A 运动，两个分速度分别为r，v，那么合速度的大小为v合=，因为 v 大小不变，r 逐渐减小，那么合速度一直减小故A 正确B、假设绕顶点 A 转动，P 从 B 向 C 运动，两个分速度分别为r，v，那么合速度的大小为v合=，因为 v 大小不
32、变，r 逐渐减小，那么合速度一直减小故B 正确C、假设绕顶点 C 转动，P 从 A 向 B 运动，两个分速度分别为r，v，那么合速度的大小为v合=，因为 v 大小不变，r 先减小再增大，那么合速度先减小后增大故C 正确D、假设绕顶点 C 转动，P 从 B 向 A 运动，两个分速度分别为r，v，那么合速度的大小为v合=，因为 v 大小不变，r 先减小再增大，那么合速度先减小后增大故D 错误应选 ABC点评：解决此题的关键知道质点参与了两个分运动，根据平行四边形那么判断合速度的变化四、第 II 卷填空题 共 20 分，每题 4 分 本大题中第 22 题为分叉题，分 A、B 两类，考生可任选一类答题
33、假设两类试题均做，一律按 A 类题计分214 分 2021二模天然放射性元素放出的、三种射线的贯穿本领和电离本领各不相同，图为这三种射线贯穿物体情况的示意图，、各代表一种射线那么为射线，它的贯穿本领最强；射线的电离本领最强选填“最强或“最弱考点：原子核衰变及半衰期、衰变速度专题：衰变和半衰期专题分析：射线的穿透能力最强，电离能力最弱，根据该特点确射线的种类，从而确电离本领的强弱解答：解：从图中可以看成，穿透本领最强，那么为 射线，射线的穿透本领最弱，电离本领最强，那么为 射线故答案为：，最强点评：解决此题的关键知道三种射线的特点，知道、三种射线穿透本领逐渐增强，电离本领逐渐减弱22 4 分 2
34、021二模 水平面上质量为 m 的滑块 A 以速度 v 碰撞质量为 2m/3的静止滑块 B，碰撞后AB 的速度方向相同，它们的总动量为mv；如果滑块B 获得的初速为 v0，碰撞后滑块 A 的速度为考点：用动量守恒律量分析一维碰撞问题；动量 冲量分析：此题中由于碰撞过程中内力远大于外力，所以满足动量守恒的条件，可由动量守恒律解得解答：解：由动量守恒律得，碰撞后总动量不变，即P=mv，由动量守恒律可列 mv=解得v=故答案分别为：mv，点评：此题主要考查了利用动量守恒律解决一维碰撞问题244 分 2021二模两列简谐波分别沿 x 轴正方向和负方向传播，波速均为=0.4m/s，波源的振幅均为A=2c
35、m如下图为t=0时刻两列波的图象，此刻平衡位置在x=0.2m和x=0.8m的 P、Q 两质点恰好开始振动质点M 的平衡位置位于x=0.5m处那么两列波相遇的时刻为t=0.75s，当t=2.0s时质点M运动的路程为20cm考点：波长、频率和波速的关系；横波的图象分析：两列简谐波在同一介质中都匀速传播，波速相同，由t=求得两列波相遇的时刻，两列波在M 点相遇，M 点是振动的点，振幅于 4cm读出波长，求出周期根据t=2.0s 与周期的关系，求得t=2.0s时质点 M 运动的路程解答：解：由图知，P、Q 两质点间的距离 x=0.8m0.2m=0.6m，那么两列波相遇的时刻为t=s=0.75s两列波在
36、 M 点相遇，M 点是振动的点，振幅 A=4cm由图知，波长=0.4m，那么周期 T=s=1s，t=2.0s 时质点 M 振动时间为 t=2s0.75s=5s=5T，那么在这段时间内质点M 运动的路程为 S=54A=54cm=20cm故答案为：0.75，20点评：此题中 M 点是两列波的波峰与波峰相遇处，振动，此处的振幅是两列波单独传播时振幅的二倍254 分 2021二模将一弹性绳一端固在天花板上 O 点，另一端系在一个物体上，现将物体从 O 点处由静止释放，测出物体在不同时刻的速度 v 和到O 点的距离 s，得到的 vs 图象如下图物体及位移传感器的总质量为 5kg，弹性绳的自然长度为 12
37、m，那么物体下落过程中弹性绳的平均拉力大小为76.0N，当弹性绳上的拉力为 100N 时物体的速度大小为15.5m/s 不计空气阻力，重力加速度 g 取 10m/s2考点：牛顿第二律；匀变速直线运动的图像专题：牛顿运动律综合专题分析：在下落的整个过程中，只有重力和弹性绳弹力做功，根据动能理即可求得弹性绳的平均拉力大小，由图可知，当速度最大时，加速度于零，此时重力于弹簧弹力，求出弹性绳的劲度系数，根据胡克律求出当弹性绳上的拉力为100N 时的弹性绳的长度，从图中读出速度解答：解：在下落的整个过程中，只有重力和弹性绳弹力做功，根据动能理得：mghFhl0=00其中 h=35m解得：F=76.0N由
38、图可知，当速度最大时，加速度于零，此时重力于弹簧弹力，那么有：mg=Fsl0解得：s=12.5m从图中读出对的速度为：v=15.5m/s故答案为：76.0；1点评：此题主要考查了动能理及胡克律的直接用，要求同学们能根据图象读出有效信息，难度适中264 分 2021二模如图a所示为某种灯泡的 UI 图象，现将两个这种小灯泡 L1、L2与一个阻值为 5 的值电阻 R 连成如图b所示的电路，电源的电动势为 E=6V，电键 S 闭合后，小灯泡 L1与值电阻 R 的电功率均为 P，那么 P=0.2W，电源的内阻 r=考点：描绘小电珠的伏安特性曲线专题：题；恒电流专题分析：小灯泡L1与值电阻R的电功率均为
39、P，可知此时灯泡L1的电阻，通过电阻在图象中得出电流、电压，从而得出功率 P 的大小而灯泡 L2的电流是 L1电流的 2 倍，根据 L2的电流，通过图线得出此时的电压，再根据闭合电路欧姆律求出电源的内阻解答：解：小灯泡 L1与值电阻 R 的电功率均为 P，分析知：图中 L1的电阻与 R 阻值相同，在图线上读出L1阻值为 5 欧时的电流电压值，为0.2A，1V，那么 P=UI=0.2W那么通过 L2的电流为 0.4A，电压由图线读得 4V，根据闭合电路欧姆律得，r=故答案为：0.2，点评：此题考查了求通过灯泡的电流、灯泡消耗的功率、灯泡电阻问题，分析清楚电路结构、根据电路结构及串联电路特点求出灯
40、泡两端电压，由图象求出通过灯泡的电流是正确解题的关键五、题共 24 分27 5 分 2021二模为观察电磁感现象，某学生将电流表、螺线管A 和 B、电池组、滑动变阻器、电键接成如下图的电路：1 单项选择该同学将线圈 B 放置在线圈 A 中，闭合、断开电键时，电流表指针都没有偏转，其原因是AA电键的位置接错B电流表的正、负接线柱上导线接反C线圈 B 的两个接线柱上导线接反D蓄电池的正、负极接反2电路连接的错误改正后，该同学在闭合电键时发现电流表指针向右偏转，那么如果向右移动滑动变阻器的滑片滑动变阻器接入电路的方式仍然如图中所示，那么电流表的指针向右选填“左或“右偏转考点：研究电磁感现象专题：题分
41、析：1该同学将线圈 B 放置在线圈 A 中，线圈 A 中产生感电动势；再闭合电键，磁通量不变，无感电动势，故电流表指针不偏转；2闭合电键时，磁通量增加，电流表指针向右偏转；向右移动滑动变阻器的滑片，电阻变小，电路电流变大，磁通量也增加，故感电流相同解答：解：1该同学将线圈B 放置在线圈 A 中，线圈A 中产生感电动势；再闭合电键，磁通量不变，无感电动势，故电流表指针不偏转；改为电键闭合后，再将线圈B 放置在线圈 A 中；或者将电键接在B 线圈所在回路中，应选 A2闭合电键时，磁通量增加，电流表指针向右偏转；向右移动滑动变阻器的滑片，电阻变小，电路电流变大，磁通量也增加，故感电流相同，即电流表指
42、针也向右偏转；故答案为：1A；2右点评：此题关键明确原理，同时明确只有在磁通量变化的瞬间有感电动势，电路闭合且有感电动势才会有电流28 4 分 2021二模在“用单分子油膜估测单分子的大小的中，按照酒精与油酸体积比为 m：n 配制油酸酒精溶液，现用滴管滴取油酸酒精溶液，N 滴溶液的总体积为 V1用滴管将一滴油酸酒精溶液滴入浅盘，待稳后将油酸薄膜轮廓描绘在坐标纸上，如下图坐标纸上每个小方格面积为 S，那么油膜面积为10S2估算油酸分子直径的表达式为 用题目中物理量的字母表示考点：估测油酸分子大小分析：1掌握估算油膜面积的方法：所围成的方，面积超过一半按一半算，小于一半的舍去2在油膜法估测分子大小
43、的中，让一体积的纯油酸滴在水面上形成单分子油膜，估算出油膜面积，从而求出分子直径，解答：解：1估算油膜面积时以超过半格以一格计算，小于半格就舍去的原那么，估算出10 格，那么油酸薄膜面积为 10S2油酸酒精溶液油酸的浓度为=N 滴溶液中纯油酸的体积为V=由于形成单分子的油膜，那么分子的直径为 d=故答案为：110S；2点评：掌握该的原理是解决问题的关键，该中以油酸分子呈球型分布在水面上，且一个挨一个，从而可以由体积与面积相除求出油膜的厚度，从而求出分子直径29 7 分 2021二模某研究小组设计了一种“用一把尺子测动摩擦因数的方案如下图，A 是可固于水平桌面上任意位置的滑槽滑槽末端与桌面相切，
44、B 是质量为 m 的滑块可视为质点 第一次，如图a所示，将滑槽末端与桌面右端M 对齐并固，让滑块从滑槽最高点由静止滑下，最终落在水平地面上的 P 点，测出滑槽最高点距离桌面的高度 h、M 距离地面的高度 H、M 与 P 间的水平距离 x1；第二次，如图b所示，将滑槽沿桌面向左移动一段距离并固，让滑块B 再次从滑槽最高点由静止滑下，最终落在水平地面上的 P点，测出滑槽末端与桌面右端 M 的距离 L、M 与 P间的水平距离 x21在第二次中，滑块在滑槽末端时的速度大小为x2 用中所测物理量的符号表示，重力加速度为 g 2 多项选择通过上述测量和进一步的计算，可求出滑块与桌面间的动摩擦因数，以下能引
45、起误差的是BCDAh 的测量BH 的测量CL 的测量Dx2的测量3假设中测得 h=15cm、H=25cm、x1=30cm、L=10cm、x2=20cm，那么滑块与桌面间的动摩擦因数=0.5考点：探究影响摩擦力的大小的因素专题：题；摩擦力专题分析：1由平抛运动的知识求得速度的大小2凡影响到速度大小的求解的量均会引起误差3先列出 的表达式，代入数据计算即可解答：解：1滑块在滑槽末端时的速度大小为：由竖直向：由式求得：2第一次测的速度为：物体在水平桌面上运动，由动能理：由式可得：由表达式可知会引起误差的是BCD应选：BCD3由=故答案为：1x2 2BCD 30.5点评：该有一的创性，其实很多复杂的其
46、原理都是来自我们所学的根本规律，这点要在平时训练中去体会30 8 分 2021二模某同学用如图 a所示的电路来测量电阻的阻值适当调节滑动变阻器 R后保持其滑片位置不变，将电阻箱接入a、b 之间，闭合电键 S，改变电阻箱的阻值 R，得到一组电压表的示数 U 与 R 的数据，在 UR坐标系中绘出的 UR 图象如图b所示1请用笔画线根据电路图在图c中画出缺少的两根导线2 单项选择在电路研究中常用某两个物理量间的关系图象来描述某个元件或某段电路的特征，图b中的图线反映的是CA电源的特征B电阻箱的特征Ca、b 两点间这段电路的特征D待测电阻的特征3用待测电阻Rx 替换电阻箱，读得电压表示数为5.0V，利
47、用图b中的UR 图线可得 Rx=25.04使用较长时间后，电源的电动势可认为不变，但其内阻增大，假设仍使用该装置和图b中的 UR 图象来测某一电阻，那么测结果将偏小选填“偏大或“偏小 考点：伏安法测电阻专题：题；恒电流专题分析：1根据电路图连线即可；2a、b 两点间这段电路可以当作一个效的电源；3找出纵坐标 5.0V 对的横坐标即可；4a、b 两点间这段电路可以当作一个效的电源，当效电源的内电阻变大时，外电阻相同时，外电路分得的电压减小，重作出UR 图，再判断电阻测量值大小的误差情况解答：解：1根据电路图连线，如下图；2 a、b 两点间这段电路可以当作一个效的电源，应选C；3由图b得到，当纵坐
48、标 5.0V 时，横坐标为 25.0；4a、b 两点间这段电路可以当作一个效的电源，当效电源的内电阻变大时，外电阻相同时，外电路分得的电压减小，重作出UR 图，如下图；相同的电压表读数，测量值小于真实值；故答案为：1如下图；2C；325.0；4偏小点评：此题关键明确 a、b 两点间这段电路可以当作一个效的电源，然后此题就简化为直接在外电路接一个待测电阻和电压表的问题六、计算题共 50 分23 2021二模一探测飞船，在以 X 星球中心为圆心、半径为 r1的圆轨道上运动，周期为 T1，那么 X 星球的质量为 M=；当飞船进入到离 X 星球外表更近的、半径为 r2的圆轨道上运动时的周期为 T2=引
49、力常量为G考点：万有引力律及其用专题：万有引力律的用专题分析：根据飞船的向心力由万有引力提供，即，根据半径周期可以求出中心天体的质量，再根据周期和半径的关系讨论即可解答：解：飞船绕 X 星球做圆周运动的向心力由万有引力提供，那么有可得中心天体的质量，代入数据可得 X 星球的质量 M=同理可得周期：T=所以有即故答案为：，点评：万有引力提供圆周运动的向心力可以求出中心天体的质量，这是解决此题的关键31 10 分 2021二模如下图，某三角支架ABO 中，轻杆 BO 可绕通过 O 点的光滑轴转动，B 端固一质量为 m 的小球，A、B 间用细绳连接，调节细绳长度，使 AOOB，且绳与轻杆间夹角为 3
50、7用外力保持杆 AO 竖直，使整个装置沿水平方向做直线运动重力加速度为 g，sin37=0.6，cos37=0.8求：1当整个装置做匀速直线运动时，细绳AB、轻杆OB 对小球的作用力分别为多大？2当整个装置沿水平方向以大小为a=g 的加速度做匀变速运动时，细绳AB、轻杆 OB 对小球作用力分别为多大？考点：共点力平衡的条件及其用；力的合成与分解的运用专题：共点力作用下物体平衡专题分析：1当整个装置做匀速直线运动时，小球的合力为零，分析小球的受力情况，根据平衡条件求解细绳 AB 和杆 OB 对小球作用力2当整个装置沿水平方向以大小为a=g 的加速度做匀变速运动时，由于加速度的方向未知，要分向右和