《高考物理二轮复习题：牛顿运动定律（含2014高考题）.docx》由会员分享，可在线阅读，更多相关《高考物理二轮复习题：牛顿运动定律（含2014高考题）.docx（89页珍藏版）》请在taowenge.com淘文阁网|工程机械CAD图纸|机械工程制图|CAD装配图下载|SolidWorks_CaTia_CAD_UG_PROE_设计图分享下载上搜索。
1、精品题库试题 物理1.(2014江苏，8，3分)如图所示,A、B两物块的质量分别为2m和m,静止叠放在水平地面上。A、B间的动摩擦因数为,B与地面间的动摩擦因数为。最大静摩擦力等于滑动摩擦力,重力加速度为g。现对A施加一水平拉力F,则()A.当F3mg时,A相对B滑动D.无论F为何值,B的加速度不会超过g答案 1.BCD解析 1.对A、B整体,地面对B的最大静摩擦力为mg,故当mgF3mg时,A相对B才能滑动,故C对。当F=mg时,A、B相对静止,对整体有:mg-3mg=3ma,a=g,故B正确。无论F为何值,B所受最大的动力为A对B的最大静摩擦力2mg,故B的最大加速度aBm=g,可见D正确
2、。2.(2014重庆，5，6分)以不同初速度将两个物体同时竖直向上抛出并开始计时,一个物体所受空气阻力可忽略,另一物体所受空气阻力大小与物体速率成正比,下列用虚线和实线描述两物体运动的v-t图像可能正确的是()答案 2.D解析 2.受空气阻力作用的物体,上升过程:mg+kv=ma,得a=g+v,v减小,a减小,A错误。到达最高点时v=0,a=g,即两图线与t轴相交时斜率相等,故D正确。3.(2014四川，7，6分)如图所示,水平传送带以速度v1匀速运动,小物体P、Q由通过定滑轮且不可伸长的轻绳相连,t=0时刻P在传送带左端具有速度v2,P与定滑轮间的绳水平,t=t0时刻P离开传送带。不计定滑轮
3、质量和摩擦,绳足够长。正确描述小物体P速度随时间变化的图像可能是()答案 3.BC解析 3.若v2v1且mQgmPg,则mPg-mQg=(mP+mQ)a1,当P加速运动速度达到v1后,与皮带一起匀速运动,直到离开传送带(也可能加速过程中就离开传送带),所以B项正确。若v2mPg,则P先匀减速到零再反向加速到离开传送带(也可能减速过程中就离开传送带);若v2v1,且mQgv1且mQgmPg,满足mQg+mPg=(mP+mQ)a2,中途减速至v1,以后满足mQg-mPg=(mP+mQ)a3,以a3先减速到零再以相同的加速度返回直到离开传送带(也可能减速过程中就离开传送带),故C正确,A、D错误。4
4、.(2014福建，18，6分)如图,两根相同的轻质弹簧,沿足够长的光滑斜面放置,下端固定在斜面底部挡板上,斜面固定不动。质量不同、形状相同的两物块分别置于两弹簧上端。现用外力作用在物块上,使两弹簧具有相同的压缩量;若撤去外力后,两物块由静止沿斜面向上弹出并离开弹簧,则从撤去外力到物块速度第一次减为零的过程,两物块()A.最大速度相同B.最大加速度相同C.上升的最大高度不同D.重力势能的变化量不同答案 4.C解析 4.物块在刚撤去外力时加速度最大,由牛顿第二定律得:kx-mg sin =ma,即a=-g sin ,由于两物块k、x、均相同,m不同,则a不同,B错误。当mg sin =kx0即x0
5、=时,速度最大,如图,设两物块质量m1m2,其平衡位置分别为O1、O2,初始位置为O,则从O至O2的过程中,由W弹-WG=Ek及题意知,W弹相同,WG1Ek2,即v1v2,而此时m2的速度v2已达最大,此后,m1的速度将继续增大直至最大,而m2的速度将减小,故一定是质量小的最大速度大,A错误。从开始运动至最高点,由Ep=mgh及题意知重力势能的变化量Ep=mgh相同,m不同,h也不同,故C正确,D错误。5.(2014福建，15，6分)如右图,滑块以初速度v0沿表面粗糙且足够长的固定斜面,从顶端下滑,直至速度为零。对于该运动过程,若用h、s、v、a分别表示滑块的下降高度、位移、速度和加速度的大小
6、,t表示时间,则下列图象最能正确描述这一运动规律的是()答案 5.B解析 5.设斜面倾角为,滑块沿斜面下滑时,由牛顿第二定律有mg sin -mg cos =ma,a=g sin -g cos ,因此滑块下滑时加速度不变,选项D错误;滑块加速下滑时的位移s=v0t+at2,选项B正确;滑块下降高度h=ssin =v0 sin t+a sin t2,选项A错误;滑块下滑时的速度v=v0+at,选项C错误。6.(2014山东，15，6分)一质点在外力作用下做直线运动,其速度v随时间t变化的图像如图。在图中标出的时刻中,质点所受合外力的方向与速度方向相同的有()A.t1B.t2C.t3D.t4答案
7、6.AC解析 6.v-t图像中,纵轴表示各时刻的速度,t1、t2时刻速度为正,t3、t4时刻速度为负,图线上各点切线的斜率表示该时刻的加速度,t1、t4时刻加速度为正,t2、t3时刻加速度为负,根据牛顿第二定律,加速度与合外力方向相同,故t1时刻合外力与速度均为正,t3时刻合外力与速度均为负,A、C正确,B、D错误。7.(2014北京，19，6分)伽利略创造的把实验、假设和逻辑推理相结合的科学方法,有力地促进了人类科学认识的发展。利用如图所示的装置做如下实验:小球从左侧斜面上的O点由静止释放后沿斜面向下运动,并沿右侧斜面上升。斜面上先后铺垫三种粗糙程度逐渐降低的材料时,小球沿右侧斜面上升到的最
8、高位置依次为1、2、3。根据三次实验结果的对比,可以得到的最直接的结论是()A.如果斜面光滑,小球将上升到与O点等高的位置B.如果小球不受力,它将一直保持匀速运动或静止状态C.如果小球受到力的作用,它的运动状态将发生改变D.小球受到的力一定时,质量越大,它的加速度越小答案 7.A解析 7.根据实验结果,得到的最直接的结论是如果斜面光滑,小球将上升到与O点等高的位置,A项正确。而小球不受力时状态不变,小球受力时状态发生变化,是在假设和逻辑推理下得出的结论,不是实验直接结论,所以B和C选项错误。而D项不是本实验所说明的问题,故错误。8.(2014北京，18，6分)应用物理知识分析生活中的常见现象,
9、可以使物理学习更加有趣和深入。例如平伸手掌托起物体,由静止开始竖直向上运动,直至将物体抛出。对此现象分析正确的是()A.手托物体向上运动的过程中,物体始终处于超重状态B.手托物体向上运动的过程中,物体始终处于失重状态C.在物体离开手的瞬间,物体的加速度大于重力加速度D.在物体离开手的瞬间,手的加速度大于重力加速度答案 8.D解析 8.物体由静止开始向上运动时,物体和手掌先一起加速向上,物体处于超重状态,之后物体和手掌分离前,应减速向上,物体处于失重状态,故A、B均错误。当物体和手分离时,二者速度相同,又因均做减速运动,故分离条件为a手a物,分离瞬间物体的加速度等于重力加速度,则手的加速度大于重
10、力加速度,选项D正确,C错误。9.(2014课标全国卷，17，6分)如图,一质量为M的光滑大圆环,用一细轻杆固定在竖直平面内;套在大环上质量为m的小环(可视为质点),从大环的最高处由静止滑下。重力加速度大小为g。当小环滑到大环的最低点时,大环对轻杆拉力的大小为()A.Mg-5mgB.Mg+mgC.Mg+5mgD.Mg+10mg答案 9.C解析 9.解法一以小环为研究对象,设大环半径为R,根据机械能守恒定律,得mg2R=mv2,在大环最低点有FN-mg=m,得FN=5mg,此时再以大环为研究对象,受力分析如图,由牛顿第三定律知,小环对大环的压力为FN=FN,方向竖直向下,故F=Mg+5mg,由牛
11、顿第三定律知C正确。解法二设小环滑到大环最低点时速度为v,加速度为a,根据机械能守恒定律mv2=mg2R,且a=,所以a=4g,以整体为研究对象,受力情况如图所示。F-Mg-mg=ma+M0所以F=Mg+5mg,C正确。10.（2014重庆一中高三下学期第一次月考理综试题，5）如题5所示，水平传送带AB距离地面的高度为h，以恒定速率v0顺时针运行。甲、乙两相同滑块（视为质点）之间夹着一个压缩轻弹簧（长度不计），在AB的正中间位置轻放它们时，弹簧瞬间恢复原长，两滑块以相同的速率分别向左、右运动。下列判断正确的是（ ） A甲、乙滑块不可能落在传送带的左右两侧B甲、乙滑块可能落在传送带的左右两侧，但
12、距释放点的水平距离一定相等C甲、乙滑块可能落在传送带的同一侧，但距释放点的水平距离一定不相等D若甲、乙滑块能落在同一点，则摩擦力对甲乙做的功一定相等答案 10.5D解析 10.：设v大于v0。弹簧立即弹开后，甲物体向左做初速度为v，加速度为a的匀减速运动；乙物体向向右做初速度为v，（若v大于v0），则乙也做加速度为a的匀减速运动；若甲乙都一直做匀减速运动，两个物体落地后，距释放点的水平距离相等，若甲做匀减速运动，乙先做匀减速后做运动，则水平距离不等，故AB错误。若v小于v0，弹簧立即弹开后，甲物体向左做初速度为v，加速度为a的匀减速运动, 速度为零后可以再向相反的方向运动，整个过程是做初速度为
13、v，加速度和皮带运动方向相同的减速运动；乙物体做初速度为v，加速度为a的匀加速运动，运动方向和加速度的方向都和皮带轮的运动方向相同，甲乙到达B点时的速度相同，落地的位置在同一点，此过程摩擦力对甲乙做的功一定相等。故C错误，D正确。11.（2014重庆一中高三下学期第一次月考理综试题，4）如题4所示，在倾角为30的光滑斜面上端系有一劲度系数为200N/m的轻质弹簧，弹簧下端连一个质量为2kg的小球，球被一垂直于斜面的挡板A挡住，此时弹簧没有形变若挡板A以4m/s2的加速度沿斜面向下做匀加速运动，取m/s2，则（ ）A小球从一开始就与挡板分离B小球速度最大时与挡板分离C小球向下运动0.01 m时与
14、挡板分离D小球向下运动0.02m时速度最大答案 11.4C解析 11.：设球与挡板分离时位移为x，经历的时间为t，从开始运动到分离的过程中，m受竖直向下的重力，垂直斜面向上的支持力FN，沿斜面向上的挡板支持力F1和弹簧弹力F。根据牛顿第二定律有：mgsin30-kx-F1=ma，保持a不变，随着x的增大，F1减小，当m与挡板分离时，F1减小到零，则有mgsin30-kx=ma，解得xm0.01m，即小球向下运动0.01m时与挡板分离，故A错误，C正确；球和挡板分离前小球做匀加速运动；球和挡板分离后做加速度减小的加速运动，当加速度为零时，速度最大，故B错误；球和挡板分离后做加速度减小的加速运动，
15、当加速度为零时，速度最大，此时物体所受合力为零，即kxm=mgsin30，解得xm=m0.05m，由于开始时弹簧处于原长，所以速度最大时小球向下运动的路程为0.05m, 故D错误。12.（2014天津蓟县第二中学高三第一次模拟考试理科综合试题，1）两辆质量不同的汽车在路面情况相同的公路上直线行驶，下面关于两车车速、动能、动量、惯性、质量和滑行路程的讨论，正确的是（ ）A、车速越大车，它的惯性越大B、质量越大车，它的惯性越大C、动量越大的车，刹车后滑行的路程越长D、动能大的车，刹车后滑行的路程越长，所以惯性越大答案 12.1B解析 12.解析：质量是物体惯性大小的唯一的量度，与物体的运动状态无关
16、，质量越大，汽车越大，故A错误，B正确；根据动能定理得：-fs=0-mv2，则得：s=，又动量P=mv，联立得：s=，可知车刹车后滑行的路程与车的初动量、质量和阻力有关，动量越大，刹车后滑行的路程不一定越大，故C错误；由上题s=，可知动能大的车，刹车后滑行的路程越长，但质量不一定越大，惯性不一定越大，故D错误。13.（2014天津蓟县邦均中学高三模拟理科综合能力测试，6）如图所示，一名消防队员在模拟演习训练中，沿着长为12m的竖立在地面上的钢管住下滑。已知这名消防队员的质量为60，他从钢管顶端由静止开始先匀加速再匀减速下滑，滑到地面时速度恰好为零。如果他加速时的加速度大小是减速时的2倍，下滑的
17、总时间为3， g取10ms2，那么该消防队员（ ）A下滑过程中的最大速度为4 msB加速与减速过程的时间之比为12C加速与减速过程中所受摩擦力大小之比为17D加速与减速过程的位移之比为14答案 13.解析 13.：设下滑过程中的最大速度为v，则消防队员下滑的总位移x=t1+t2=t，得到v=m/s=8m/s，故A错误；设加速与减速过程的时间分别为t1、t2，加速度大小分别为a1、a2，则v=a1t1，v=a2t2，得到t1：t2=a2：a1=1：2，故B正确；由t1：t2=1：2，又t1+t2=3s，得到t1=1s，t2=2s，a1=8m/s2，a2=4m/s2，根据牛顿第二定律得：加速过程：
18、mg-f1=ma1，f1=mg-ma1=2m，减速过程：f2-mg=ma2，f2=mg+ma2=14m ，所以f1：f2=1：7，故C正确；加速与减速过程的平均速度相同，时间之比为1：2，故位移之比为1：2，故D错误。14.（2014山东潍坊高三3月模拟考试理科综合试题，15）如图所示，两相同小球a、b用轻弹簧A、B连接并悬挂在天花板上保持静止，水平力F作用在a上并缓慢拉a，当B与竖直方向夹角为60o时，A、B伸长量刚好相同若A、B的劲度系数分别为k1、k2，则以下判断正确的是（ ） A B C撤去F的瞬间，a球的加速度为零 D撤去F的瞬间，b球处于失重状态答案 14.15B解析 14.：先对
19、b球受力分析，受重力和拉力，根据平衡条件，有：F1=mg再对a、b球整体受力分析，受重力、拉力和弹簧的拉力，如图所示：根据平衡条件，有：F2=4mg，根据胡克定律，有：F1=k1x，F2=k2x，故，故A错误，B正确；球a受重力、拉力和两个弹簧的拉力，撤去拉力F瞬间，其余3个力不变，故加速度一定不为零，故C错误；球b受重力和拉力，撤去F的瞬间，重力和弹力都不变，故加速度仍然为零，处于平衡状态，故D错误。15.（2014江西重点中学协作体高三年级第一次联考，20）如图甲所示，一可视为质点的物块在外力F的作用下由静止沿光滑斜面向上运动（斜面足够长），0T秒内，力F做功为W，T秒末撤去外力F，已知该
20、物块从零时刻出发，在2T时刻恰好返回出发点，其图像如图乙所示。则下列说法正确的是（ ）A物块在0T与T2T时间内的位移相同B物块在1.5T秒末离出发点最远C物块返回出发点时动能为WD0T与T2T时间内的加速度大小之比为1: 3答案 15.20CD解析 15.：0T与T2T时间内的初、末位置恰好相反，故位移方向相反，故A错误；当速度为零时，质点离出发点最远，显然与图象矛盾，故B错误；根据动能定理可得W=Ek, 故物块返回出发点时动能为W，C正确；设T时刻速度为v1，2T时刻速度为v2，0T与T2T时间内的位移相反，故：TT，解得v2=-2v1 ，0T时间内的加速度为a1，T2T时间内的加速度为：
21、a2，故1: 3，故D正确。w!w!w.!x!k!b!16.（2014江苏南通高三2月第一次调研测试物理试题，6）如图所示，斜面ABC中AB段光滑，BC段粗糙一小物块由A点静止释放，沿斜面下滑到C点时速度恰好为零若物块运动的速度为v，加速度为a，位移为x，物体所受合外力为F，运动时间为t，以沿斜面向下为正方向，则下列图象中可能正确的是（ ）答案 16.6AB解析 16.：由于AB段光滑，物体在AB段受重力和斜面支持力做加速度运动，物体加速度为：a1gsin，BC段粗糙，故物体比AB段多一个沿斜面向上的摩擦力，由于一小物块由A点静止释放，沿斜面下滑到C点时速度恰好为零，可知物体先做加速后减速，故
22、可知BC段加速度向上，其大小为：a2gsin，故A正确，B正确；物体在AB段受重力和斜面支持力做加速度运动，其位移为：xa1t2，可知位移时间图象应该是开口向上的抛物线，故C错误；AB和BC段的受力都是恒定的，故D错误。17.（2014吉林实验中学高三年级第一次模拟，14）两物体甲和乙在同一直线上运动，它们在00.4s时间内的vt图象如图所示。若仅在两物体之间存在相互作用力，则物体甲与乙的质量之比和图中时间分别为（ ） A和0.28sB3和0.28s C和0.30sD3和0.30s答案 17.14D解析 17.：根据三角形相似得：，得t1=0.3s根据速度图象的斜率等于加速度，得到甲的加速度大
23、小为a甲=m/s2，乙的加速度大小为a乙=m/s2=10m/s2，据题，仅在两物体之间存在相互作用，根据牛顿第三定律得知，相互作用力大小相等，由牛顿第二定律F=ma得两物体的加速度与质量成反比，则有质量之比为m甲：m乙=a乙：a甲=3：1，故D正确。18.(武汉市2014届高中毕业生二月调研测试) 如图所示，倾斜传送带沿逆时针方向匀速转动，在传送带的A端无初速度放置一物块。选择B端所在的水平面为参考平面，物块从A端运动到B端的过程中，其机械能E与位移x的关系图象可能正确的是：答案 18.20BD解析 18.设物块在传送带上运动位移为x，下落高度h，物体从A到B运动过程中，机械能：E=Ek+Ep
24、=（mgcos+mgsin）x+mgh=（mgcos+mgsin）x+mgxsin，若物块放上后一直加速，且到B点速度仍小于v，则物块机械能一直增大，但E与x不成正比，故A错误，B正确；若物块在到达B点之前，速度达到v，则物块将和传送带一起匀速运动，但重力势能减小，故机械能减小，故C错误，D正确。19.(湖北省八校2014届高三第二次联考) 如图所示，倾斜的传动带以恒定的速度v2向上运动，一个小物块以初速度v1从底端冲上传动带，且v1大于v2，小物块从传动带底端到达顶端的过程中一直做减速运动，则A小物块到达顶端的速度可能等于零B小物块到达顶端的速度不可能等于v2C小物块的机械能一直在减小D小物
25、块所受的合外力一直做负功答案 19.21AD解析 19.小物块以初速度v1从底端冲上传动带，且v1大于v2，所以物块在重力沿斜面的分量及摩擦力作用下做匀减速运动，当速度减为v2后，重力沿斜面的分量大于向上的摩擦力，物体继续减速，到达顶端时，速度正好减为零，故A正确；小物块从传动带底端到达顶端的过程中一直做减速运动，减到顶端时速度刚好与传送带速度相等，故B错误；除重力以外的力做的功等于机械能的变化量，刚开始v1大于v2，摩擦力方向向下，做负功，机械能减小，当速度减为v2后，再减速时，摩擦力方向向上，做正功，机械能增大，故C错误；根据动能定理可知，W合=EK，因为物体一直做减速运动，速度动能一直减
26、小，合外力一直做负功，故D正确。20.（河南省豫东豫北十所名校2014届高中毕业班阶段性测试（四）一根轻绳跨过一光滑的定滑轮，质量为m的人抓着轻绳的一端，轻绳另一端系着一个质量为m的物体。已知重力加速度为g，若人相对于轻绳匀速向上爬时，物体上升的加速度为 A . g Bg Cg Dg答案 20.17B解析 20.人相对于轻绳匀速上爬时，则相对于地面有向下的加速度，与物体的加速度大小相同。根据牛顿第二定律有：mg-T=ma，对物体分析，根据牛顿第二定律得，T-mgma，解得a=g，故B正确，A、C、D错误。21.（桂林中学2014届三年级2月月考）A、B两物体叠放在一起, 放在光滑水平面上, 如
27、图甲, 它们从静止开始受到一个变力F的作用, 该力与时间的关系如图乙所示, A、B始终相对静止. 则 ：A. 在时刻，A、B两物体速度最大B. 在时刻，A、B两物体间的静摩擦力最大C. 在时刻，A、B两物体的速度最大D. 在时刻，A、B两物体又回到了出发点答案 21.14A解析 21.以整体为研究对象，根据牛顿第二定律分析得知，0、2t0时刻整体所受的合力最大，加速度最大，再以A为研究对象，分析可知，A受到的静摩擦力最大，故B错误；整体在0-t0时间内，做加速运动，在t0-2t0时间内，向原方向做减速运动，则t0时刻，A、B速度最大，在2t0时刻两物体速度为零，速度最小，故A正确、C错误；2t
28、0时刻，整体做单向直线运动，位移逐渐增大，则2t0时刻，A、B位移最大，故D错误。22.(河北省石家庄市2014届高中毕业班教学质量检测（二）) 一质量为0.6kg的物体以20m/s的初速度竖直上抛，当物体上升到某一位置时，其动能减少了18J，机械能减少了3J。整个运动过程中物体所受阻力大小不变，重力加速度g=10m/s2，则下列说法正确的是A物体向上运动时加速度大小为12m/s2B物体向下运动时加速度大小为9m/s2C物体返回抛出点时的动能为40JD物体返回抛出点时的动能为114J答案 22.17A解析 22.物体从开始到上升到高处某一位置时，受重力和空气阻力，根据动能定理，有-mglAB-
29、flAB=EKB-EKA=-18J 机械能的减小量等于克服空气阻力做的功flAB=EB-EA=3J 由可解得：lAB=2.5m，f=1.2N；物体上升过程根据牛顿第二定律有a=12m/s2，方向与初速度方向相反，故A正确；下落时，根据牛顿第二定律：a=8m/s2，故B错误；因为物体的初速度为v0=20m/s，初动能Ek0=mv02=0.6202=120J，当该物体经过斜面上某一点时，动能减少了18J，机械能减少了3J，所以当物体到达最高点时动能减少了120J，机械能减少了20J，所以物体上升过程中克服摩擦力做功是20J，全过程摩擦力做功W=-40J；从出发到返回底端，重力不做功，设回到出发点的
30、动能为EK，由动能定理可得：W=EK-EK0 ，得 EK=80J，故CD错误。23.(河北衡水中学2013-2014学年度下学期二调考试) 如图（甲）所示，静止在水平地面上的物块A，收到水平拉力F的作用，F与时间t的关系如图（乙）所示。设物块与地面间的最大静摩擦力Ffm的大小与滑动摩擦力大小相等，则t1t2时间内（）A t1时刻物块的速度为零 B t2时刻物块的加速度最大C t3时刻物块的动能最大 D t1t3时间内F对物块先做正功后做负功答案 23.19ABC解析 23.t1时刻前，推力小于最大静摩擦力，物体静止不动，位移为0，所以t1速度为零，故A正确；物块做加速运动，根据牛顿第二定律得，
31、a=，随着拉力F的增大而增大，t2时刻，拉力F最大，则合力最大，加速度最大，故B正确；t3之后合力向后，物体由于惯性减速前进，故t3时刻A的速度最大，动能最大，故C正确；t1t3时间内速度方向没有改变，力F方向也没变，所以F对物块A一直做正功，故D错误。24.(汕头市2014年普通高考模拟考试试题) 如图，物块P和M叠放在一起，且质量mp l，lb lBla l，lb l，lb lDla l答案 26.14D解析 26.静止时a、b长度为l，知滑块处于平衡，若两弹簧开始处于伸长状态，该装置加速向右运动，滑块的合力向右，则b弹簧的形变量增大，a弹簧的形变量减小，则lal，lbl；若弹簧开始处于压
32、缩状态，该装置加速向右运动，滑块的合力向右，则a弹簧弹力变大，b弹簧弹力变小，a弹簧的形变量增大，b弹簧的形变量减小，则lal，lbl，故D项正确。若弹簧开始处于原长，该装置加速向右运动，滑块的合力向右，b弹簧伸长，a弹簧压缩，则lal，lbl；故D正确，A、B、C错误27.(甘肃省兰州一中2014届高三上学期期末考试) 如图所示，三角体由两种材料拼接而成，BC界面平行底面DE，两侧面与水平面夹角分别为30和60已知物块从A由静止下滑，加速至B匀速至D；若该物块仍能由静止沿另一侧面ACE下滑，则有AAB段的运动时间小于AC段的运动时间B通过C点的速率大于通过B点的速率C将加速至C匀速至ED一直
33、加速运动到E，但AC段的加速度比CE段大答案 27.18BD解析 27.物体从倾角为的斜面滑下，根据牛顿第二定律，有mgsin-mgco=ma，解得a=gsin-gco 根据运动学公式，有=at2 由得到AC段的运动时间小于AB段的运动时间，故A错误；物体从倾角为的斜面滑下，根据动能定理，有mgh-mgco=mv2，得mgh-mghcot=mv2，可见，通过C点的速率大于通过B点的速率，故B正确；由式可知，物体将一直加速滑行到E点，但AC段的加速度比CE段大，故C错误，D正确。28.(2014年福州市高中毕业班质量检测) 如图所示，轻质弹簧的一端固定在粗糙斜面的挡板O点，另一端固定一个小物块。
34、小物块从P1位置（此位置弹簧伸长量为零）由静止开始运动，运动到最低点P2位置，然后在弹力作用下上升运动到最高点P3位置(图中未标出) 。在此两过程中，下列判断正确的是A下滑和上滑过程弹簧和小物块系统机械能守恒B下滑过程物块速度最大值位置比上滑过程速度最大位置高C下滑过程弹簧和小物块组成系统机械减小量比上升过程小D下滑过程克服弹簧弹力和摩擦力做功总值比上滑过程克服重力和摩擦力做功总值小答案 28.18B解析 28.下滑和上滑过程小物块要克服摩擦力做功，故弹簧和小物块系统机械能不守恒，项错；下滑过程中，当小物块受到的合力为零时，其速度达到最大值，即，上滑过程中，当小物块受到的合力为零时，其速度再次
35、达到最大值，即，比较上述两式可得下滑过程物块速度最大值位置比上滑过程速度最大位置高，正确；下滑和上滑过程小物块要克服摩擦力做功相等，故下滑过程弹簧和小物块组成系统机械减小量与上升过程相同，错；根据功能关系可知下滑过程克服弹簧弹力和摩擦力做功总值即为该过程中重力做功的值；上滑过程克服重力和摩擦力做功总值即为该过程中弹力做功的值，故下滑过程克服弹簧弹力和摩擦力做功总值比上滑过程克服重力和摩擦力做功总值大，错。29.(2014年安徽省江南十校高三联考) 2013年6月20日上午10时，我国首次太空授课在神州十号飞船中由女航天员王亚平执教，在太空中王亚平演示了一些奇特的物理现象，授课内容主要是使青少年
36、了解微重力环境下物体运动的特点。如图所示是王亚平在太空仓中演示的悬浮的水滴。关于悬浮的水滴，下列说法正确的是A环绕地球运行时的线速度一定大于7.9 km/sB水滴处于平衡状态C水滴处于超重状态D水滴处于失重状态答案 29.14D解析 29.7.9km/s是卫星环绕地球做匀速圆周运动的最大速度，运行的半径最小，所以神州十号飞船的线速度要小于7.9km/s故A错误；水滴随飞船绕地球做匀速圆周运动，水滴的吸引力完全用来提供向心加速度，所以是与飞船一起处于完全的失重状态，故BC错误，D正确。30.(浙江省金丽衢十二校2014届高三第一次联考) 从地面上以初速度v0竖直上抛一质量为m的小球，若运动过程中
37、受到的空气阻力与其速率成正比，小球运动的速率随时间变化的规律如图所示，t1时刻到达最高点，再落回地面，落地速率为v1，且落地前小球已经做匀速运动，则下列说法正确的是A小球加速度在上升过程中逐渐减小，在下降过程也逐渐减小B小球抛出瞬间的加速度大小为C小球被抛出时的加速度值最大，到达最高点的加速度值最小D小球上升过程的平均速度小于答案 30.12ABD解析 30.上升过程，小球受重力和阻力，合力向下，根据牛顿第二定律，有：f+mg=ma，解得a=g+g；由于是减速上升，阻力逐渐减小，故加速度不断减小；下降过程，受重力和阻力，根据牛顿第二定律，有：mg-f=ma，解得：agg；由于速度变大，阻力变大
38、，故加速度变小；即上升和下降过程，加速度一直在减小；故A正确，C错误；空气阻力与其速率成正比，最终以v1匀速下降，有：mg=kv1；小球抛出瞬间，有：mg+kv0=ma0 ；联立解得小球抛出瞬间a0(1+) g，故B正确；速度时间图象与时间轴包围的面积表示位移，从图象可以看出，位移小于阴影部分面积，而阴影部分面积是匀减速直线运动的位移，匀减速直线运动的平均速度等于，故小球上升过程的平均速度小于，故D正确；故选项D正确。31.(浙江省金丽衢十二校2014届高三第一次联考) 在动摩擦因数0.2的水平面上有一个质量为m2kg的物块，物块与水平轻弹簧相连，并由一与水平方向成45角的拉力F拉着物块，如图
39、所示，此时物块处于静止平衡状态，且水平面对物块的弹力恰好为零。取g10m/s2，以下说法正确的是A此时轻弹簧的弹力大小为20NB当撤去拉力F的瞬间，物块的加速度大小为8m/s2，方向向左C若剪断弹簧，则剪断的瞬间物块的加速度大小为8m/s2，方向向右D若剪断弹簧，则剪断的瞬间物块的加速度为0答案 31.10AB解析 31.物块处于静止平衡状态时对物块受力分析如右甲所示。竖直方向：F sin=mg, 水平方向：F cos=，解得轻弹簧的弹力大小为=mg cot=20N , A项正确；若剪断弹簧，则剪断的瞬间物块的加速度由牛顿第二定律可得解得a=10m/s2，C、D两项错；当撤去拉力F的瞬间，对物
40、块受力分析如图乙所示。由牛顿第二定律可得，解得物块的加速度m/s2，方向向左，B项正确。32.(浙江省金丽衢十二校2014届高三第一次联考) 一质量m0.6kg的物体以v020m/s的初速度从倾角为30的斜坡底端沿斜坡向上运动。当物体向上滑到某一位置时，其动能减少了Ek18J，机械能减少了E3J，不计空气阻力，重力加速度g10m/s2，则A物体向上运动时加速度的大小为6m/s2B物体向下运动时加速度的大小为6m/s2C物体返回斜坡底端时的动能为40JD物体返回斜坡底端时的动能为0J答案 32.8A解析 32.（1）物体从开始到经过斜面上某一点时，受重力、支持力和摩擦力，根据动能定理，有-mgl
41、ABsin-flAB=EKB-EKA=-18J 机械能的减小量等于克服摩擦力做的功：flAB=EB-EA=3J 由可解得lAB=5m，f=0.6N因为物体的初速度为v0=20m/s，初动能Ek00.6202J=120J滑上某一位置时动能减少了Ek=18J，则此时动能Ek=102J=mv2，可得v2=340m2/s2物体在斜坡底端向上运动时受重力、支持力和摩擦力作用，物体做匀减速运动，根据匀变速直线运动的速度位移关系有：a=m/s2=-6m/s2（负号表示方向与初速度方向相反），故项正确；物体在斜坡底端向下运动时，由牛顿第二定律可得，项错；当该物体经过斜面上某一点时，动能减少了18J，机械能减少
42、了3J，所以当物体到达最高点时动能减少了120J，机械能减少了20J，所以物体上升过程中克服摩擦力做功是20J，全过程摩擦力做功W=-40J 从出发到返回底端，重力不做功，设回到出发点的动能为EK，由动能定理可得W=EK-EK0 得EK=80J，故两项错。33.(浙江省金丽衢十二校2014届高三第一次联考) 航天员王亚平在天宫一号处于完全失重状态，她在太空授课所做的实验：长为L的细线一端系着质量为m的小球，另一端系在固定支架上，小球原来静止，给小球一个初速度，小球绕着支架上的固定点做匀速圆周运动。天宫一号处的重力加速度为gt，下列说法正确的是A小球静止时细线的拉力为mgtB小球做匀速圆周的速度
43、至少为C小球做匀速圆周运动时，在任何位置细线的拉力可以小于mgtD若小球做匀速圆周运动时细线断裂，则小球做抛体运动答案 33.4C解析 33.小球处于完全失重状态，故小球静止时细线的拉力为0，A项错；小球做匀速圆周运动的速度未知，故任何位置细线的拉力可以小于mgt，亦可大于等于mgt，C项 正确；由可知小球做匀速圆周的速度可以大于，亦可大于等于，B项错；若小球做匀速圆周运动时细线断裂，则小球做匀速直线运动，D项错。34.(四川省成都市2014届高中毕业班第一次诊断性检测) 如图甲所示，轻质弹簧的下端固定在水平面上，上端放置一小物体(物体与弹簧不连接) ，初始时物体处于静止状态。现用竖直向上的拉力F作用在物体上，使物体开始向上做匀加速直线运动，拉力F与物体位移x的关系如图乙所示(g=10m/s2) ，则下列结论正确的是( )A. 物体与弹簧分离时，弹簧处于压缩状态B. 物体的质量为3 kgC. 物体的加速度大小为5 m/s2D. 弹簧的劲度系数为7.5 N/cm答案 34.5C解析 34.物体与弹簧分离时，弹簧恢复原长，故A错误；刚开始物体处于静止状态，重力和弹力二力平衡，有mg=kx 拉力F1为10N时，弹簧弹力和重力平衡，合力等于拉力，根据牛顿第二定律，有F1+kx-mg=ma 物体与弹簧分离后，拉力F2为30N，根据牛顿第二定律，有F2-mg=ma