《(通用版)2020版高考生物二轮复习第1部分专题6遗传定律、伴性遗传和人类遗传病考点1孟德尔遗传定律.pdf》由会员分享，可在线阅读，更多相关《(通用版)2020版高考生物二轮复习第1部分专题6遗传定律、伴性遗传和人类遗传病考点1孟德尔遗传定律.pdf（23页珍藏版）》请在taowenge.com淘文阁网|工程机械CAD图纸|机械工程制图|CAD装配图下载|SolidWorks_CaTia_CAD_UG_PROE_设计图分享下载上搜索。
1、孟德尔遗传定律及应用 1孟德尔遗传定律发现的“假说演绎法”2分离定律的三个关键点(1）判断性状的显隐性 相同性状的亲本杂交或自交子代出现性状分离，则新出现的性状为隐性性状，亲本性状为显性性状。如甲甲或甲自交，子代有乙性状，则甲为显性性状,乙为隐性性状.不同性状(或相对性状)亲本杂交多数子代只出现一种性状，此性状一般为显性性状。(2）确认纯合子、杂合子 自交法:此法主要用于植物，而且是最简便的方法。错误!错误!错误!测交法：待测对象若为雄性动物，注意与多个隐性雌性个体交配，以产生更多的后代个体，使结果更有说服力.错误!错误!错误!注：对植物而言，还可采用花粉鉴定法及单倍体育种法，若花粉类型或由花
2、粉发育成的植株（经秋水仙素诱导）不同,则为杂合子，相同则为纯合子.(3)连续自交提高纯合度，如下图所示(纯合子比例越来越接近于 1）3自由组合定律的三个关键点(1）AaBb(两对基因独立遗传）自交、测交后代的基因型 AaBbAaBb 9A_B_ 3A_bb 3aaB_ 1aabb 1AABB 1AAbb 1aaBB 1aabb 2AaBB 2Aabb 2aaBb 2AABb 4AaBb AaBbaabb 1Aabb 1aaBb 1AaBb 1aabb （或 aaBb）（或 Aabb)（2）用“逆向组合法”推断亲本基因型(用 A、a 与 B、b 表示)子代表现型比例为 9331(31）（31）亲
3、代基因型为 AaBbAaBb.子代表现型比例为 3311（31）(11)亲代基因型为 AaBbAabb 或AaBbaaBb。子代表现型比例为 1111(11）(11）亲代基因型为 AaBbaabb 或aaBbAabb。（3)辨析杂合子自交后代中五种数量关系（n为等位基因对数，独立遗传、完全显性）配子组合数：4n，基因型种类：3n，表现型种类：2n，纯合子种类：2n，杂合子种类:3n2n。4性状分离比出现偏离的原因（1)具有一对相对性状的杂合子自交 AaAa1AA2Aa1aa 21显性纯合致死，即 AA 个体不存活。全为显性隐性纯合致死，即 aa 个体不存活。121不完全显性，即 AA、Aa、a
4、a 的表现型各不相同。（2）两对相对性状的遗传现象 自由组合定律的异常分离比：F1：AaBb F2：性状分离比错误!基因完全连锁 图 1 个体错误!图 2 个体错误!两对基因之间染色体部分交叉互换 图 1 个体错误!图 2 个体错误!1科学家将耐盐植物的耐盐基因成功导入了某植物体内,结果发现一批植物自交后代中耐盐不耐盐31，另一批植物自交后代中耐盐不耐盐151。请你解释这一现象。提示：自交后代中耐盐不耐盐31 的植物，其亲本只在一条染色体上导入了耐盐基因。自交后代中耐盐不耐盐151 的植物，其亲本两条非同源染色体上导入了耐盐基因。2基因型为 AaDdTt 的植株产生配子的种类及比例为：AtDa
5、TDATDatDAtdaTdATdatd99119911,请解释其产生的原因(不考虑突变和致死情况).提示:（1)A、t 基因在一条染色体上，a、T 基因在对应的同源染色体上，D、d 基因在另一对同源染色体上。(2)在减数分裂过程中,Aa 和 Tt 所在的染色体发生了部分交叉互换。3果蝇翅膀的形状有卷翅和正常翅，是由常染色体上的一对等位基因控制的。研究表明卷翅基因具有如下遗传特性：卷翅基因为显性，并且有纯合致死效应。现有卷翅雄果蝇、正常翅雌果蝇和正常翅雄果蝇，请设计实验证明卷翅基因的遗传特性。（要求:写出杂交方案并预期实验结果)提示：让卷翅雄果蝇与正常雌果蝇杂交得到 F1,再让 F1中卷翅雌、
6、雄果蝇相互交配（或F1中卷翅雌果蝇与亲代卷翅雄果蝇杂交），F2果蝇出现卷翅正常翅21，则证明卷翅基因为显性,并且有纯合致死效应.4研究者发现在两个纯种的小鼠品系内均发生了眼睛变小的隐性突变个体，欲通过一代杂交实验确定这两个隐性突变基因是否为同一基因的等位基因，请设计杂交实验并预测实验结果。提示：让两个纯种品系的小鼠杂交,观察子代的性状。若子代小鼠的眼睛都变小，则突变的两个基因为同一基因的等位基因；若子代眼睛正常，则突变的两个基因不是同一基因的等位基因。5实验室中有一批未交配的纯种灰体紫眼和纯种黑体红眼果蝇，每种果蝇雌雄个体都有。已知：上述两对相对性状均属完全显性遗传，性状的遗传遵循遗传的基本定
7、律，灰体和黑体这对相对性状由一对位于第 1 号同源染色体上的等位基因控制,所有果蝇都能正常生活。如果控制果蝇紫眼和红眼的基因也位于常染色体上，请设计一个杂交方案，以确定控制紫眼和红眼的基因是否也位于第 1 号同源染色体上，并预期结果和结论。提示：实验方案：让纯种灰体紫眼果蝇和纯种黑体红眼果蝇交配得 F1，再让 F1雌、雄果蝇杂交得 F2，观察并记录 F2的性状分离比。预期实验结果和结论:如果 F2出现 4 种性状,其分离比为 9331,则说明控制紫眼和红眼的基因不是位于第 1 号同源染色体上。如果 F2不出现 9331 的分离比，则说明控制紫眼和红眼的基因位于第 1 号同源染色体上。1（201
8、9全国卷）假设在特定环境中,某种动物基因型为 BB 和 Bb 的受精卵均可发育成个体，基因型为 bb 的受精卵全部死亡。现有基因型均为 Bb 的该动物 1 000 对(每对含有1 个父本和 1 个母本),在这种环境中，若每对亲本只形成一个受精卵，则理论上该群体的子一代中 BB、Bb、bb 个体的数目依次为()A250、500、0 B250、500、250 C500、250、0 D750、250、0 A 由题意可知,1 000 对基因型均为 Bb 的亲本交配,每对亲本只形成一个受精卵，若不考虑致死,一对基因型为 Bb 的亲本产生基因型为 BB、Bb、bb 的受精卵的概率分别为错误!、错误!、错误
9、!，1 000 对基因型均为 Bb 的亲本交配，产生基因型为 BB、Bb、bb 的受精卵的数目分别为 250、500、250，由于基因型为 bb 的受精卵全部死亡，所以该群体的子一代中 BB、Bb、bb 个体的数目依次为 250、500、0，A 项符合题意。2（2019全国卷）某种植物的羽裂叶和全缘叶是一对相对性状。某同学用全缘叶植株(植株甲)进行了下列四个实验.让植株甲进行自花传粉，子代出现性状分离 用植株甲给另一全缘叶植株授粉，子代均为全缘叶 用植株甲给羽裂叶植株授粉,子代中全缘叶与羽裂叶的比例为 11 用植株甲给另一全缘叶植株授粉，子代中全缘叶与羽裂叶的比例为 31 其中能够判定植株甲为
10、杂合子的实验是(）A或 B或 C或 D或 B 实验中植株甲自交，子代出现了性状分离,说明作为亲本的植株甲为杂合子。实验中植株甲与另一具有相同性状的个体杂交，后代出现 31 的性状分离比,说明亲本均为杂合子。在相对性状的显隐性不确定的情况下,无法依据实验判定植株甲为杂合子。3（2017全国卷）若某哺乳动物毛色由 3 对位于常染色体上的、独立分配的等位基因决定，其中，A 基因编码的酶可使黄色素转化为褐色素；B 基因编码的酶可使该褐色素转化为黑色素；D基因的表达产物能完全抑制 A 基因的表达；相应的隐性等位基因 a、b、d 的表达产物没有上述功能。若用两个纯合黄色品种的动物作为亲本进行杂交，F1均为
11、黄色,F2中毛色表现型出现了黄褐黑5239 的数量比，则杂交亲本的组合是（）AAABBDDaaBBdd 或 AAbbDDaabbdd BaaBBDDaabbdd 或 AAbbDDaaBBDD CaabbDDaabbdd 或 AAbbDDaabbdd DAAbbDDaaBBdd 或 AABBDDaabbdd D 本题考查基因的自由组合定律、基因互作。F2中毛色表现型出现了黄褐黑5239 的数量比，总数为 64,故 F1中应有 3 对等位基因，且遵循自由组合定律。AAbbDDaaBBdd或 AABBDDaabbdd 的 F1中含有 3 对等位基因，F1均为黄色，F2中毛色表现型会出现黄褐黑5239
12、 的数量比，D 正确。4(2019全国卷)玉米是一种二倍体异花传粉作物，可作为研究遗传规律的实验材料。玉米子粒的饱满与凹陷是一对相对性状，受一对等位基因控制。回答下列问题。（1)在一对等位基因控制的相对性状中，杂合子通常表现的性状是_。（2)现有在自然条件下获得的一些饱满的玉米子粒和一些凹陷的玉米子粒，若要用这两种玉米子粒为材料验证分离定律，写出两种验证思路及预期结果.解析：（1)在一对等位基因控制的相对性状中,杂合子通常表现为显性性状。(2)欲验证基因的分离定律，可采用自交法和测交法.根据题意，现有在自然条件下获得的具有一对相对性状的玉米子粒若干，其显隐性未知，若要用这两种玉米子粒为材料验证
13、分离定律，可让两种性状的玉米分别自交，若某些亲本自交后，子代出现 31 的性状分离比，则可验证分离定律;若子代没有出现 31 的性状分离比，说明亲本均为纯合子，在子代中选择两种性状的玉米杂交得 F1,F1自交得 F2，若 F2出现 31 的性状分离比，则可验证分离定律。也可让两种性状的玉米杂交,若 F1只表现一种性状,说明亲本均为纯合子，让 F1自交得 F2，若 F2出现 31的性状分离比,则可验证分离定律;若 F1表现两种性状，且表现为 11 的性状分离比，说明该亲本分别为杂合子和纯合子，则可验证分离定律.答案：(1）显性性状(2）答：思路及预期结果 两种玉米分别自交,若某些玉米自交后,子代
14、出现 31 的性状分离比，则可验证分离定律。两种玉米分别自交，在子代中选择两种纯合子进行杂交，F1自交，得到 F2,若 F2中出现 31 的性状分离比，则可验证分离定律.让子粒饱满的玉米和子粒凹陷的玉米杂交，如果 F1都表现一种性状，则用 F1自交，得到F2,若 F2中出现 31 的性状分离比，则可验证分离定律.让子粒饱满的玉米和子粒凹陷的玉米杂交，如果 F1表现两种性状，且表现为 11 的性状分离比,则可验证分离定律。（任答两种即可)5（2019全国卷）某种甘蓝的叶色有绿色和紫色。已知叶色受 2 对独立遗传的基因A/a 和 B/b 控制，只含隐性基因的个体表现隐性性状,其他基因型的个体均表现
15、显性性状.某小组用绿叶甘蓝和紫叶甘蓝进行了一系列实验。实验：让绿叶甘蓝(甲）的植株进行自交，子代都是绿叶。实验:让甲植株与紫叶甘蓝(乙）植株进行杂交，子代个体中绿叶紫叶13。回答下列问题.（1)甘蓝叶色中隐性性状是_，实验中甲植株的基因型为_。(2)实验中乙植株的基因型为_，子代中有_种基因型。（3）用另一紫叶甘蓝（丙）植株与甲植株杂交，若杂交子代中紫叶和绿叶的分离比为11，则丙植株所有可能的基因型是_；若杂交子代均为紫叶,则丙植株所有可能的基因型是_；若杂交子代均为紫叶，且让该子代自交，自交子代中紫叶与绿叶的分离比为 151，则丙植株的基因型为_.解析:(1）（2)根据题干信息可知,甘蓝叶色
16、受 2 对独立遗传的基因 A/a 和 B/b 控制，只含隐性基因的个体表现为隐性性状，其他基因型的个体均表现为显性性状。由于绿叶甘蓝(甲)植株的自交后代都表现为绿叶，且绿叶甘蓝(甲)和紫叶甘蓝（乙)的杂交后代中绿叶紫叶13，可推知甲植株的基因型为 aabb，乙植株的基因型为 AaBb。实验中 aabb（甲)AaBb（乙）Aabb（紫叶）、AaBb（紫叶)、aaBb（紫叶）、aabb（绿叶）,故实验中子代有 4种基因型。（3)紫叶甘蓝（丙）可能的基因型为 AABB、AABb、AAbb、AaBb、AaBB、Aabb、aaBB、aaBb，甲植株与紫叶甘蓝(丙）植株杂交，可能出现的结果为 aabbAa
17、bbAabb(紫叶）、aabb(绿叶）或 aabbaaBbaaBb（紫叶)、aabb(绿叶）或 aabbAABBAaBb（紫叶)或aabbAABbAaBb（紫 叶）、Aabb（紫 叶)或aabbAAbbAabb（紫 叶)或aabbAaBBAaBb(紫叶)、aaBb(紫叶）或 aabbaaBBaaBb（紫叶）或 aabbAaBbAaBb（紫叶）、Aabb(紫叶)、aaBb（紫叶)、aabb（绿叶)，故若杂交子代中紫叶和绿叶的分离比为 11，则丙植株所有可能的基因型是 Aabb、aaBb；若杂交子代均为紫色,则丙植株所有可能的基因型是AABB、AAbb、aaBB、AaBB、AABb。aabbAAB
18、BF1AaBb(紫叶），F1自交，F2 的基因型为 9/16A_B_(紫叶)、3/16A_bb（紫叶)、3/16aaB_(紫叶)、1/16aabb(绿叶），即紫叶绿叶151。答案：(1）绿色 aabb（2）AaBb 4（3）Aabb、aaBb AABB、AAbb、aaBB、AaBB、AABb AABB 6（2018全国卷）果蝇体细胞有 4 对染色体，其中 2、3、4 号为常染色体。已知控制长翅/残翅性状的基因位于 2 号染色体上，控制灰体/黑檀体性状的基因位于 3 号染色体上。某小组用一只无眼灰体长翅雌蝇与一只有眼灰体长翅雄蝇杂交，杂交子代的表现型及其比例如下：眼 性别 灰体长翅灰体残翅黑檀体
19、长翅黑檀体残翅 1/2有眼 1/2雌 9331 1/2雄 9331 1/2无眼 1/2雌 9331 1/2雄 9331 回答下列问题：（1)根据杂交结果,_(填“能或“不能”）判断控制果蝇有眼/无眼性状的基因是位于 X 染色体还是常染色体上.若控制有眼/无眼性状的基因位于 X 染色体上，根据上述亲本杂交组合和杂交结果判断，显性性状是_，判断依据是_.(2)若控制有眼/无眼性状的基因位于常染色体上,请用上表中杂交子代果蝇为材料设计一个杂交实验来确定无眼性状的显隐性(要求：写出杂交组合和预期结果）._ _ _.（3)若控制有眼/无眼性状的基因位于 4 号染色体上，用灰体长翅有眼纯合体和黑檀体残翅无
20、眼纯合体果蝇杂交，F1相互交配后,F2中雌雄均有_种表现型，其中黑檀体长翅无眼所占比例为 3/64 时，则说明无眼性状为_(填“显性”或“隐性”)。解析：(1）控制果蝇有眼/无眼性状的基因无论是位于 X 染色体上还是常染色体上,两亲本杂交，子代中雌雄个体都可能会出现数量相同的有眼和无眼个体,因此不能根据表中给出的杂交结果判断控制有眼/无眼性状基因的位置。若控制有眼/无眼性状的基因位于 X 染色体上，只有当无眼为显性性状时，子代雌雄个体中才都会出现有眼和无眼性状的分离。（2)假设控制有眼/无眼性状的基因位于常染色体上,可让表中杂交子代中无眼果蝇（）和无眼果蝇（）交配,观察子代的性状表现。若子代中
21、无眼有眼31,则无眼为显性性状,若子代全为无眼，则无眼为隐性性状。(3)若控制有眼/无眼性状的基因位于 4 号染色体上,则控制三对性状的基因独立遗传.由题表所示杂交结果可知,灰体、长翅性状为显性.用灰体长翅有眼纯合体和黑檀体残翅无眼纯合体果蝇杂交,F1中三对等位基因都杂合，故 F1相互交配后，F2中有 2228 种表现型。如果黑檀体长翅无眼所占比例为 1/43/41/43/64，则说明无眼性状为隐性.答案：（1)不能 无眼 只有当无眼为显性时,子代雌雄个体中才都会出现有眼与无眼性状的分离(2)杂交组合:无眼无眼。预期结果：若子代中无眼有眼31,则无眼为显性性状；若子代全部为无眼，则无眼为隐性性
22、状(3）8 隐性 7(2018全国卷)某小组利用某二倍体自花传粉植物进行两组杂交实验,杂交涉及的四对相对性状分别是：红果(红)与黄果(黄）、子房二室(二）与多室(多）、圆形果(圆）与长形果(长）、单一花序(单)与复状花序（复)。实验数据如下表.组别 杂交组合 F1表现型 F2表现型及个体数 甲 红二黄多 红二 450 红二、160 红多、150 黄二、50 黄多 红多黄二 红二 460 红二、150 红多、160 黄二、50 黄多 乙 圆单长复 圆单 660 圆单、90 圆复、90 长单、160 长复 圆复长单 圆单 510 圆单、240 圆复、240 长单、10 长复 回答下列问题：（1）根
23、 据 表 中 数 据 可 得 出 的 结 论 是：控 制 甲 组 两 对 相 对 性 状 的 基 因 位 于_ 上，依 据 是_；控 制 乙组 两对 相 对性 状 的基 因位于_(填“一对”或“两对）同源染色体上，依据是_ _。（2)某同学若用“长复”分别与乙组的两个 F1进行杂交，结合表中数据分析，其子代的统计结果不符合_的比例。解析:（1)依据甲组实验可知,不同性状的双亲杂交，子代表现出的性状为显性性状（红二)，F2出现 9331 的性状分离比,所以控制红果与黄果、子房二室与多室两对性状的基因位于非同源染色体上；同理可知乙组中，圆形果单一花序为显性性状，F2中圆长31、单复 31,但未出现
24、9331的性状分离比,说明两对等位基因的遗传遵循分离定律但不遵循自由组合定律，所以控制乙组两对性状的基因位于一对同源染色体上。(2）根据乙组表中的数据分析可知，乙组的两个 F1“圆单”为双显性状，则“长复”为双隐性状，且 F2未出现 9331 的性状分离比,说明 F1“圆单”个体不能产生 1111 的四种配子,因此用“长复”分别与乙组的两个 F1进行测交,其子代的统计结果不符合 1111 的比例.答案：（1）非同源染色体 F2中两对相对性状表现型的分离比符合 9331 一对 F2中每对相对性状表现型的分离比都符合 31，而两对相对性状表现型的分离比不符合9331（2)1111 年份 考查内容和
25、角度 2017 选择题考查的三对基因自由组合的分析；非选择题考查了三对基因在染色体上位置的实验探究 2018 非选择题考查了显隐性性状的实验判断，三对基因的自由组合；通过表格给出杂交后代的表现型的比例，考查了基因在染色体上位置的判断，考查了对基因自由组合定律的理解 2019 选择题考查杂合子的实验判断，一对基因中的个体致死；非选择题通过实验设计考查了基因分离定律和基因自由组合定律的验证,通过基因互作，考查了基因自由组合定律的应用，考查了对分离定律和自由组合定律的理解、应用和科学探究中的演绎推理要素 备考建议 孟德尔基因遗传定律是高考的热点,要理解基因分离定律和基因自由组合定律，掌握各类型遗传题
26、的解题方法 考查孟德尔实验及科学方法 1（2019烟台期末)在孟德尔基因分离定律发现过程中,“演绎推理过程指的是（）A提出“生物的性状是由成对的遗传因子决定的 B根据 F2的性状分离比，提出“生物体产生配子时成对的遗传因子彼此分离”C根据成对遗传因子分离的假说，推断出 F1有三种基因型且比例为 121 D根据成对遗传因子分离的假说，设计测交实验并推断测交后代会出现两种性状且比例为 11 D 提出“生物的性状是由成对的遗传因子决定的”属于假说内容，A 错误；根据 F2的性状分离比，提出“生物体产生配子时成对的遗传因子彼此分离也属于假说内容，B 错误;若F1产生配子时，成对的遗传因子分离,雌雄配子
27、随机结合，在 F2中，三种基因型个体比接近121，属于假说内容，另外，孟德尔没有提出基因型的说法，C 错误；演绎是指根据假设内容推测测交实验的结果，若 F1产生配子时，成对的遗传因子分离，则测交后代的两种性状比接近 11,D 正确。2(2019广西三市联考)在孟德尔两对相对性状的杂交实验中，黄色圆粒豌豆（YyRr)自交产生 F2。下列表述正确的是（）A实验过程中孟德尔都必须在豌豆开花前对母本去雄 BF1产生基因型为 YR 的卵细胞和精子数量之比为 11 CF1自交产生的黄色圆粒豌豆中能够稳定遗传的个体占 1/9 D基因的自由组合定律是指 F1产生的 4 种类型的精子和卵细胞的自由组合 C 在孟
28、德尔两对相对性状的杂交实验中，纯合亲本杂交产生 F1的实验需要在豌豆开花前对母本去雄,F1自交的实验不需要对母本去雄,A 错误;F1的卵原细胞和精原细胞经过减数分裂，各自分别产生卵细胞和精子，由于性原细胞及过程的不同，它们的数量没有一定的比例，B 错误；F1自交产生的黄色圆粒豌豆（基因型为 YR）中能够稳定遗传的个体（基因型为 YYRR)占 1/9，C 正确；自由组合定律是指 F1产生配子时,同源染色体上的等位基因彼此分离的同时，非同源染色体上的非等位基因自由组合，D 错误。考查对孟德尔定律的理解 1（2016全国卷）用某种高等植物的纯合红花植株与纯合白花植株进行杂交，F1全部表现为红花。若F
29、1自交,得到的 F2植株中，红花为 272 株，白花为 212 株；若用纯合白花植株的花粉给 F1红花植株授粉，得到的子代植株中，红花为101 株，白花为 302 株.根据上述杂交实验结果推断，下列叙述正确的是()AF2中白花植株都是纯合体 BF2中红花植株的基因型有 2 种 C控制红花与白花的基因在一对同源染色体上 DF2中白花植株的基因型种类比红花植株的多 D 本题的切入点在“若用纯合白花植株的花粉给 F1红花植株授粉，得到的子代植株中，红花为 101 株,白花为 302 株”上，相当于测交后代表现出 13 的性状分离比,可推断该相对性状受两对等位基因控制，且两对基因独立遗传。设相关基因为
30、 A、a 和 B、b，则 A_B_表现为红色,A_bb、aaB_、aabb 表现为白色,因此 F2中的白花植株中有纯合体和杂合体，A 项错误；F2中红花植株的基因型有 AaBb、AABB、AaBB、AABb 4 种，B 项错误；控制红花与白花的两对基因独立遗传，位于两对同源染色体上，C 项错误；F2中白花植株的基因型有 5 种，红花植株的基因型有 4 种，D 项正确。2（2019泉州市一检)某种植物的叶色与花色皆是由一对等位基因控制。研究人员任取红叶植株与绿叶植株杂交,F1均表现淡红叶；任取红花植株与白花植株杂交，F1均表现淡红花。研究人员经分析认为叶色和花色是由同一对基因控制的，若让淡红叶淡
31、红花植株自交，则下列关于子代的预期不能支持该看法的是（）A红叶植株皆开红花 B绿叶植株皆开白花 C淡红叶淡红花植株占 1/4 D红叶红花植株占 1/4 C 红叶和红花是由于细胞中具有相应的红色色素。若叶色和花色是由一对基因控制的，由于叶片和花瓣细胞的基因型相同，具有相同的色素基因,产生相同的色素，使叶片和花瓣都出现红色；若不具有该基因，则叶片呈绿色，花瓣呈白色。A、B 支持该看法。若叶色和花色是由同一对基因控制的,依题意，淡红叶淡红花的基因型为 Aa，自交子代淡红叶淡红花植株应占 1/2，红叶红花植株占 1/4，故 C 不能支持该看法，D 支持该看法.考查自交、自由交配的区分（2019衡水中学
32、检测）某植物可自交或自由交配，在不考虑生物变异和致死情况下，下列哪种情况可使基因型为 Aa 的该植物连续交配 3 次后所得子三代中 Aa 所占比例为2/5()A基因型为Aa的该植物连续自交 3 次,且每代子代中不去除 aa 个体 B基因型为 Aa 的该植物连续自交 3 次，且每代子代中均去除 aa 个体 C基因型为 Aa 的该植物连续自由交配 3 次，且每代子代中不去除 aa 个体 D基因型为 Aa 的该植物连续自由交配 3 次，且每代子代中均去除 aa 个体 D 基因型为 Aa 的该植物连续自交 3 次，且每代子代中不去除 aa 个体，则子三代中 Aa所占比例为 1/231/8，A 项不符合
33、题意;基因型为 Aa 的该植物连续自交 3 次,且每代子代中均去除 aa 个体，则子三代中 Aa 所占比例为 2/(231)2/9，B 项不符合题意；基因型为 Aa 的该植物连续自由交配 3 次，且每代子代中不去除 aa 个体，符合遗传平衡定律。A 的基因频率a 的基因频率1/2,而且每一代的基因型频率均不变，则子三代中 Aa 的基因型频率（所占比例)2(1/2）（1/2)1/2，C 项不符合题意；基因型为 Aa 的该植物连续自由交配 3次，且每代子代中均去除 aa 个体，由于存在选择作用,所以每一代的基因频率均会发生改变，需要逐代进行计算。基因型为 Aa 的该植物自由交配一次,子一代中 AA
34、Aaaa121，去除 aa 个体,则子一代中有 1/3AA 和 2/3Aa。子一代中 A 的基因频率1/3(1/2)（2/3）2/3，a 的基因频率1/3,子一代再自由交配，子二代中 AA 的基因型频率（2/3)24/9、Aa 的基因频率2（2/3)(1/3)4/9，去除 aa 个体，子二代中有 1/2AA和 1/2Aa。子二代中 A 的基因频率1/2(1/2)(1/2)3/4，a 的基因频率1/4，子二代再自由交配，在子三代中 AA 的基因型频率(3/4)29/16、Aa 的基因型频率2（3/4）（1/4）6/16，去除 aa 个体,则子三代中 Aa 所占比例为 6/16(9/166/16）
35、2/5，故 D项符合题意。自交与自由交配的区分（1)自交：同种基因型的个体之间交配，子代情况只需统计各自交结果.(2)自由(随机）交配:各种基因型之间均可交配，子代情况应将各自由交配后代的全部结果一并统计。在自由交配的情况下，用基因频率来分析。考查基因分离定律的应用 1(2019河南六校联考)已知某种植物的高产与低产这对相对性状受一对等位基因控制，生物兴趣小组的同学用 300 对亲本均分为 2 组进行了下表的实验。下列分析错误的是（）组别 杂交方案 杂交结果 甲组 高产低产 高产低产71 乙组 低产低产 全为低产 A高产为显性性状，低产为隐性性状 B控制高产和低产的基因的碱基排列顺序不同 C甲
36、组高产亲本中杂合子的比例是 1/3 D甲组中高产亲本自交产生的低产子代个体的比例为 1/16 C 由甲组和乙组的杂交结果判断高产为显性，低产为隐性.控制高产和低产的基因为等位基因，为不同的具有遗传效应的 DNA 片段。假设高产基因为 A,低产基因为 a，甲组杂交子代高产低产71，即低产占 1/8,说明亲本高产植株中，a 基因的频率为 1/8,高产亲本中杂合子的比例是 1/4。甲组中高产亲本中 AA 占 3/4，Aa 占 1/4,因此甲组中高产亲本自交产生的低产子代个体的比例为(1/4)(1/4)1/16。2（2019昆明检测）在某种安哥拉兔中，长毛（由基因 HL控制)与短毛（由基因 HS控制)
37、是由一对等位基因控制的相对性状。某育种基地利用纯种安哥拉兔进行如表所示杂交实验，产生了大量的F1与 F2个体，统计结果如表所示。请分析回答下列问题:实验一 雄性长毛雌性短毛 F1 雄兔 全为长毛 雌兔 全为短毛 实验二 F1雌雄个体交配 F2 雄兔 长毛短毛31 雌兔 长毛短毛13（1）根据实验结果判断控制安哥拉兔长毛、短毛的等位基因(HL、HS）位于_染色体上，F1雌雄个体的基因型分别为_.（2）F2中短毛雌兔的基因型及比例为_。(3）若规定短毛为隐性性状，需要进行测交实验以验证上述有关推测,既可让 F1长毛雄兔与多只纯种短毛雌兔杂交,也可让_杂交，后者测交子代雌兔和雄兔的表现型及比例为_.
38、解析:据实验分析可知，雄兔中长毛(由基因 HL控制）为显性，雌兔中短毛（由基因 HS控制）是显性，因此亲本基因型为(雄)HLHL、(雌）HSHS，F1的基因型为（雄）HLHS、（雌）HLHS，F1雌雄个体交配得到的 F2中，雄性：长毛(1HLHL、2HLHS)短毛（1HSHS)31,雌性：长毛(1HLHL）短毛(2HLHS、1HSHS)13.若规定短毛为隐性性状，需要进行测交实验以验证上述有关推测，既可让 F1长毛雄兔与多只纯种短毛雌兔杂交,也可让多只 F1短毛雌兔与短毛雄兔杂交，后者为测交,子代雌兔、雄兔的表现型及比例为雄免既有长毛,又有短毛，且比例为11，雌兔全为短毛。答案:(1）常 HL
39、HS、HLHS(2)HLHSHSHS 21(3)多只 F1短毛雌兔与短毛雄兔 雄兔既有长毛，又有短毛，且比例为 11,雌兔全为短毛 考查利用分解组合的方法求解自由组合问题 1（2019烟台期末)小麦粒色受不连锁的三对基因 A/a、B/b、C/c 控制。A、B 和 C 决定红色,每个基因对粒色增加效应相同且具叠加性，a、b 和 c 决定白色。将粒色最浅和最深的植株杂交得到 F1。F1的自交后代中,与基因型为 AaBbcc 的个体表现型相同的概率是()A1/64 B15/64 C6/64 D1/16 B 根据题意：将粒色最浅和最深的植株杂交,就是 AABBCC 与 aabbcc 杂交,则 F1为A
40、aBbCc.又因为每个基因对粒色增加效应相同且具叠加性，所以后代表现型与 AaBbcc 相同的个体有 AAbbcc、aaBBcc、aabbCC、AabbCc、aaBbCc。让 F1自交，将三对基因分别考虑，AaAa 的后代中 Aa 的概率为 1/2，AA 或 aa 概率为 1/4，BbBb 和 CcCc 后代同理，所以后代表现型与 AaBbcc 相同的概率为：AaBbcc(1/2）（1/2）（1/4）AAbbcc（1/4)（1/4）(1/4)aaBBcc(1/4）(1/4）(1/4）aabbCC（1/4）（1/4）（1/4)AabbCc(1/2)（1/4）(1/2)aaBbCc（1/4)（1/
41、2）（1/2)15/64,B 正确.2（2019山东五校联盟开学考，11）已知基因 A、B、C 及其等位基因分别位于三对同源染色体上，现有一对夫妇，妻子的基因型为 AaBBCc,丈夫的基因型为 aaBbCc，其子女中的基因型为 aaBBCC的比例和出现具有 aaBC表现型女儿的比例分别为（）A1/8 3/8 B1/16 3/8 C1/16 3/16 D1/8 3/16 C 子女中的基因型为 aaBBCC 的比例1/21/21/41/16，出现具有 aaBC表现型女儿的比例1/213/41/23/16，C 正确.分解组合法 所谓分解组合法是在两对或多对相对性状的遗传中，每一对相对性状的遗传都遵循
42、基因分离定律，而不同相对性状之间却存在着随机组合.因此,在解遗传题时，可先运用基因分离定律进行分析，然后再将分析结果进行组合。该类题目的解题步骤如下：（1）分解-将两对或多对基因(或性状)单独分析，分别用基因分离定律进行分析。(2）组合-将分析结果按一定方式进行组合(通常相乘）。考查常染色体上基因位置的判断与探究 1水稻的高秆和矮秆由一对等位基因控制（B、b），抗病与易感病由另一对等位基因控制（T、t)，均为完全显性，现有纯合高秆抗病和纯合矮秆易感病的两种亲本杂交，所得 F1均为高秆抗病，F1自交,多次重复实验，统计 F2的表现型及比例，都近似得到如下结果:高秆抗病高秆易感病矮秆抗病矮秆易感病
43、669916。由实验结果可知，下列说法错误的是（)A等位基因B、b 与 T、t 的遗传都符合基因的分离定律 B控制这两对相对性状的两对等位基因的遗传不符合基因的自由组合定律 C出现性状重组类型的根本原因是在减数第一次分裂时发生了基因重组 D对 F1测交，测交后代会有四种表现型，比例应接近 1111 D 高秆矮秆(669)(916)31，同理抗病易感病31，所以符合基因的分离定律，A 正确;因为 F2的表现型及比例不符合 9331，所以控制这两对相对性状的两对等位基因的遗传不符合基因的自由组合定律，B 正确；F2的表现型及比例为高秆抗病高秆易感病矮秆抗病矮秆易感病669916，最可能的原因是两对
44、基因位于一对同源染色体上，在减数分裂时发生四分体的交叉互换造成的，C 正确；因为两对基因不符合自由组合定律，所以测交后代不会出现 1111，D 错误.2(2019泉州市一检）果蝇有翅和无翅由等位基因 A、a 控制，长翅和小翅由等位基因B、b 控制。现有纯种无翅雄果蝇和纯种小翅雌果蝇杂交,F1果蝇中雌蝇全为长翅，雄蝇全为小翅；F2果蝇中雄蝇表现型及比例为长翅小翅无翅332、雌蝇表现型及比例为长翅小翅无翅332。请回答：（1)实验结果表明，显性性状是_。(2)实验结果表明，等位基因 A、a 位于_ 染色体；等位基因 B、b 位于_染色体。（3）实验结果能否表明存在含 b 基因的雄配子致死现象？说明
45、理由。解析:(1）根据杂交结果，可知有翅对无翅为显性，长翅对小翅为显性.(2)由于 F1 果蝇中雌蝇全为长翅，雄蝇全为小翅，有性别间的差异，可推知等位基因 A、a 位于常染色体;等位基因 B、b 位于 X 染色体。(3）F1雄果蝇基因型为 AaXbY，若含 b 基因的雄配子致死，则产生的配子只有 AY 和 aY 两种类型，F2中雄性果蝇长翅小翅无翅332，不存在雌性果蝇，跟实验结果不符。答案:（1)有翅、长翅 （2）常 X(3)不能；F1雄果蝇基因型为 AaXbY，若含 b 基因的雄配子致死，则产生的配子只有 AY和 aY 两种类型,F2中雄性果蝇长翅小翅无翅332，不存在雌性果蝇，跟实验结果
46、不符。或 F1雄果蝇基因型为 AaXbY，若含 b 基因的雄配子不致死，（则产生的配子有 AXb、aXb、AY 和 aY 四种类型，F2果蝇中雄蝇长翅小翅无翅为 332、雌蝇长翅小翅无翅为 332，与实验结果相符。考查对遗传中异常分离比的分析及实验探究 1（2019衡水中学五调)某种果蝇中，野生型果蝇是红眼长翅的纯合子，紫眼和卷翅是较常见的突变体，控制这两对性状的基因都位于常染色体上。用紫眼卷翅果蝇与野生型果蝇杂交，F1果蝇有红眼卷翅和红眼长翅两种类型。让 F1的红眼卷翅雌雄果蝇杂交，F2的表现型及比例为红眼卷翅紫眼卷翅红眼长翅紫眼长翅6231。下列相关分析错误的是()A这两对性状能独立遗传，
47、且卷翅果蝇中不存在纯合子 B卷翅对长翅为显性,亲代雌雄果蝇共产生 4 种基因型的配子 CF2中红眼卷翅果蝇产生基因组合为双隐性配子的比例是 1/6 DF2中的红眼卷翅雌雄个体自由交配，子代中红眼长翅果蝇的比例为 8/27 B 由 F2的表现型及比例为红眼卷翅紫眼卷翅红眼长翅紫眼长翅6231，可判断这两对性状能独立遗传。F1中卷翅的基因型为 Bb，而 F2的性状分离比是 21，说明卷翅基因纯合(BB)时致死.亲代中红眼长翅果蝇为纯合子,紫眼卷翅果蝇为杂合子,二者共产生 3种基因型的配子。2(2019哈师大附中期中）某多年生植物的高茎和矮茎由等位基因 A、a 控制，红花和白花由等位基因 B、b 控
48、制，两对基因分别位于两对染色体上.某高茎红花植株自交的子一代中高茎红花高茎白花矮茎红花矮茎白花5331。回答下列问题：(1）控制这两对相对性状的基因_（填“遵循”或“不遵循）基因的自由组合定律,理由是_。（2)已知通过受精作用得到的各种基因型的受精卵均能正常发育。为研究子一代出现该比例的原因，有人提出两种假说,假说一:亲本产生的 AB 雄配子不能受精；假说二：亲本产生的AB 的雌配子不能受精。请利用上述实验中的植株为材料，设计测交实验分别证明两种假说是否成立。(写出简要实验方案、预期实验结果）a支持假说一的实验方案和实验结果是_。b支持假说二的实验方案和实验结果是_。解析:本题主要考查自由组合
49、定律的应用。两对或多对基因位于非同源染色体上，遵循自由组合定律,双杂合子自交后代会出现 9331 的比例，题中的 5331，说明子代中双显性个体中有 4 份不存在，需要根据假说分别设计实验探究。（1）据题意，控制高茎和矮茎、红花和白花的两对基因分别位于两对染色体上,所以控制这两对相对性状的基因遵循基因的自由组合定律。（2 假说提出两种可能，AB 雄配子不能受精或 AB 雌配子不能受精，故要用高茎红花为父本与子一代矮茎白花为母本测交证明假说一，因母本只产生 ab 雌配子，高茎红花能产生 AB、Ab、aB、ab 四种雄配子，若 AB 雄配子不能受精，则子一代没有高茎红花个体；用高茎红花为母本与子一
50、代矮茎白花为父本测交证明假说二,因父本只产生 ab 雄配子，高茎红花能产生AB、Ab、aB、ab 四种雌配子，若 AB 雌配子不能受精，则子一代没有高茎红花个体。答案：（1)遵循 控制这两对性状的两对基因分别位于两对同源染色体上，在减数第一次分裂时，随着非同源染色体的自由组合进行自由组合（2）以亲本高茎红花为父本与子一代矮茎白花测交，子代出现高茎白花矮茎白花矮茎红花111（或子代仅未出现高茎红花)以亲本高茎红花为母本与子一代矮茎白花测交，子代出现高茎白花矮茎白花矮茎红花111(或子代仅未出现高茎红花）考查对基因间相互作用的分析 1(2019五省创优联考)油菜为两性花，其雄性不育（不能产生可育的