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1、准兑市爱憎阳光实验学校高三物理第二轮复习：模准兑市爱憎阳光实验学校高三物理第二轮复习：模拟一拟一【本讲信息本讲信息】一.教学内容：第一次模拟考试【模拟试题】【模拟试题】一.单项选择题：1.AB 和 CD 为圆上两条相互垂直的直径，圆心为 O。将电量分别为+q 和q的两点电荷放在圆周上，其位置关于 AB 对称且距离于圆的半径，如下图。要使圆心处的电场强度为零，可在圆周上再放一个适当的点电荷Q，那么该点电荷QA.放在 A 点，Q=2qB.放在 B 点，Q=2qC.放在 C 点，Q=qD.放在 O 点，Q=q2.2006 年 2 月 10 日，如下图最终被确为中国月球探测工程形象标志。它国书法的笔触
2、，抽象地勾勒出一轮明月，一双脚印踏在其上，象征着月球探测的终极梦想，一位敢于思考的同学，为探月宇航员设计了测量一颗卫星绕某星球外表做圆周运动的最小周期的方法：在某星球外表以初速度 V0竖直上抛一个物体，假设物体只受该星球引力的作用，忽略其它力的影响，物体上升的最大高度为 h，该星球的直径为 d，如果在这个星球上发颗绕它运行的卫星，其做圆周运动的最小周期为A.dh B.2dh C.dd000h D.20h3.如下图，a和b两束光平行射入一半圆柱体玻璃砖，且入射光线与AOB面垂直，假设从圆面射出时，两光束交于P点，那么以下说法中正确的选项是A.在同一玻璃中a光传播速度大B.用同一双缝干预装置分别以
3、a、b光做，a光干预条纹间距小于b光的干预条纹间距C.假设a光是氢原子的核外电子从第三轨道向第二轨道跃迁时产生，那么b光可能是氢原子的核外电子从第四轨道向第三轨道跃迁时产生的D.假设b光照射某一光电管恰能发生光电效，那么a光照射光电管时，也一能发生光电效4.K介子衰变的方程为K0，其中K介子和介子带负的元电荷e，0介子不带电。如下图，两匀强磁场方向相同，以虚线MN为理想边界，磁感强度分别为B1、B2今有一个K介子沿垂直于磁场的方向射入匀强磁场B1中，其轨迹为圆弧AP，P在MN上，K在P点时的速度为v，方向与MN垂直在P点该介子发生了上述衰变衰变后产生的 介子沿v反方向射出，其运动轨迹为如图虚线
4、所示的“心形图线。那么以下说法正确的选项是A.介子的运行轨迹为PENCMDPB.介子运行一周回到P用时为T 2mB e2C.B14B2D.0介子作匀速圆周运动的半径是2mvB2e5.如下图电路中的变压器为理想变压器，S 为单刀双掷开关。P 是滑动变阻器 R 的滑动触头，U1为加在原线圈两端的交变电压，I1、I2分别为原线圈和副线圈的电流。以下说法正确的选项是A.保持P的位置及U1不变，S由a切换到b，那么I2减小B.保持P的位置及U1不变，S由b切换到a，那么I1减小C.保持P的位置及U1不变，S由b切换到a，那么R上消耗的功率增大D.保持U1不变，S接在b端，将P向上滑动，那么I1减小二.不
5、项选择题：6.A、B 两物体叠放在一起，放在光滑的水平面上，从静止开始受到一变力的作用，该力与时间的关系如下图，A、B 始终相对静止，那么以下说法正确的选项是A.t0时刻，A、B 间静摩擦力最大B.t0时刻，B 速度最大C.2t0时刻，A、B 间静摩擦力最大D.2t0时刻，A、B 位移最大7.一列简谐横波某时刻的波形图如下图，此时质点P 的速度大小为 v，经过0.2s 它的速度大小，方向第一次与 v 相同。再经过 1.0s 它的速度大小，方向第二次与 v 相同，那么以下说法中正确的选项是A.波沿方向传播，波速为 5m/s；B.质点 M 与质点 Q 的位移大小总是相、方向总是相反C.假设某时刻质
6、点 M 到达波谷处，那么质点 P 一到达波峰处D.从图示位置开始计时，在 s 时刻，质点 P 的位移为20cm8.离子气流由左方连续以v0射入P1和P2两板间的匀强磁场中，ab直导线与P1、P2相连接，线圈A与直导线cd连接。线圈 A 内有随图乙所示的变化磁场，且磁场 B 的正方向规为向左，如图甲所示，那么以下表达正确的选项是A.01s 内ab、cd导线互相排斥B.12s 内ab、cd导线互相吸引C.23s 内ab、cd导线互相吸引D.34s 内ab、cd导线互相排斥三.非选择题9.1两个同学根据不同的条件进行了“探究平抛运动规律的：甲同学采用如图 1 所示装置，用小锤打击弹性金属片，金属片把
7、球 A沿水平方向弹出，同时球 B 被松开，自由下落，观察到两球同时落地，改变小锤打击的力度，即改变球 A 被弹出时的速度，两球仍然同时落地，这说明 乙同学采用如图 2 所示的装置，两个相同的弧形轨道 M、N，分别用于发射小铁球 P、Q，其中N 的末端与可看作光滑的水平板相切；两轨道上端分别装有电磁铁 C、D；调节电磁铁 C、D 的高度，使 AC=BD，从而保证小铁球 P、Q在轨道出口处的水平初速度 v0相，现将小铁球 P、Q 分别吸在电磁铁 C、D 上，然后切断电源，使两小铁球能以相同的初速度 v0同时分别从轨道 M、N 的下端射出，可观察到的现象是。仅仅改变弧形轨道 M 的高度，重复上述，仍
8、能观察到相同的现象，这说明。2横截面为正方形的薄壁管示意图如图甲所示，用游标为 20 分度的游标卡尺测量其外部边长 L，示数如图乙所示；用螺旋测微器测其管壁厚度 d，示数如图丙所示。此管外部边长的测量值为L=cm；管壁厚度的测量值为d=mm。3某同学测量一只未知阻值的电阻 他先用多用电表进行测量，按照正确的步骤操作后，测量的结果如图甲所示，请你读出其阻值大小为，为了使多用电表测量的结果更准确，该同学接着该进行哪些操作？答。假设该同学再用“伏安法测量该电阻，所用器材如图乙所示，其中电压表内阻约为 5 k，电流表内阻约为 5，变阻器阻值为 50。图中连线已经连接好，为了尽可能准确地测量电阻，请你完
9、成其余的连线。该同学按照“伏安法测量电阻的要求连接好图乙电路后，测得的电阻值将填“大于、“小于或“于被测电阻的实际阻值。10.如图甲所示，质量mB=1 kg 的平板小车 B 在光滑水平面上以v1=1 ms的速度向左匀速运动。当t=0 时，质量mA=2kg 的小铁块 A 以v2=2 ms 的速度水平向右滑上小车，A与小车间的动摩擦因数为=0.2。假设 A 最终没有滑出小车，取水平向右为正方向，g10ms2，求：1A 在小车上停止运动时，小车的速度为多大?2小车的长度至少为多少?3在图乙所示的坐标纸中画出 s 内小车 B 运动的速度一时间图象。11.如下图，abcd为质量M=2kg的导轨，放在光滑
10、绝缘的水平面上，另有一根质量m=0.6kg的金属棒PQ平行bc放在水平导轨上，PQ棒左边靠着绝缘固的竖直立柱ef竖直立柱光滑，且固不动，导轨处于匀强磁场中，磁场以OO为界，左侧的磁场方向竖直向上，右侧的磁场方向水平向右，磁感强度均为B=0.8T.导轨的bc段长l 0.5m，其电阻r 0.4，金属棒的电阻R=0.2，其余电阻均可不计，金属棒与导轨间的动摩擦因数 0.2.假设在导轨上作用一个方向向左、大小为F=2N的水平拉力，设导轨足够长，g取10m/s2，试求：1导轨运动的最大加速度。2导轨的最大速度。3拉力 F 的最大功率。12.如图甲所示，两平行金属板间接有如图乙所示的随时间t变化的电压u，
11、两板间电场可看作是均匀的，且两板外无电场，极板长L=0.2m，板间距离d=0.2m，在金属板右侧有一边界为 MN 的区域足够大的匀强磁场，MN 与两板中线 OO垂直，磁感强度B=5103T，方向垂直纸面向里。现有带正电的粒子流沿两板中线OO连续射入电场中，每个粒子的速度v0=105m/s，比荷q/m=108C/kg，重力忽略不计，在每个粒子通过电场区域的极短时间内，电场可视作是恒不变的。1试求带电粒子射出电场时的最大速度。2证明任意时刻从电场射出的带电粒子，进入磁场时在 MN 上的入射点和出磁场时在 MN 上的出射点间的距离为值。写出表达式并求出这个值。3从电场射出的带电粒子，进入磁场运动一段
12、时间后又射出磁场。求粒子在磁场中运动的最长时间和最短时间。结果均保存三位有效数字【试题答案】【试题答案】一.1.C分析：分析：+q 和q 关于 O 对称，所以它们在 O 点的合场强沿 OD 方向，所以为使 O 点场强为 0，所以再放一个电荷 Q 该放在 C 点。2.B分析：分析：该题目的核心内容是受力模型：m42MmT2r Gr2 mg，由题目中表达：r dv22，再利用竖直上抛的规律可以求出 g，02g h，联立上几个方程，可得T=2dh03.A分析：分析：在比拟不同色光的各个物理量时，该首先从折射率开始分析。从图中可分析出，ncb na，由n v可知，vb va，A正确。波长ba，由干预条
13、纹间距公式x ld可知，a光的干预条纹该大于b光的，所以B错误。根据氢原子核外电子跃迁规律可知，量子数n越大，能级差越小，Em En h，能级差越小，辐射光子的频率越低。由于频率是b光比a光大，那么C错误。发生光电效的条件是入射光的频率大于某种金属的极限频率，所以D错误。4.B分析：分析：根据左手那么，结合介子的速度方向，受到向上的洛伦兹力，所以轨迹是PDMCNEP,所以 A 错误。由于两侧的B 不同，所以 介子在虚线左侧完成一个圆周，在虚线右侧完成另外一个半径不同的半圆周，因此，再次回到 P 的时间是T 2mB emB e，根据几何关系，可知粒子在左侧的半径是在右侧运动半径12的 1/2，所
14、以磁感强度满足B，代入上式，那么 B 正确，C 错误。012B2介子不带电，不可能受洛伦兹力而做圆周运动，那么 D 错误。5.A分析：分析：假设保持 P 的位置及 U1不变，S 由 a 切换到 b，那么变压器副线圈的匝数减少，输出电压降低，由I2U2/R可知 I2减小，相反，当 S 由 b 切换到a 时，I22增大，R 上消耗的功率 P=I2R 增大，而I21nnI2，其中 n2、I2均增大，1因此 I1增大，A、D 正确，B 错误；假设保持 U1不变，S 接在 b 端，将 P 向上滑动，那么 R 减小，I2增大，因此 I1也增大，C 错误。二.不项选择题：6.BCD分析：分析：此题要综合运用
15、整体法和隔离法，由整体法可以知道，F 即整体的合外力，它的大小和方向影响整体的加速度的大小和方向；而由整体的加速度大小和方向可以分析出 A 所受的合外力即 B 对 A 的摩擦力大大小和方向。t0时刻，F=0，那么整体加速度为零，所以B 对 A 的摩擦力为零。A 错误。而过了 t0时刻，F 反向，那么整体开始减速，所以该时刻整体有最大速度。所以对。2t0时刻，反向最大，整体加速度反向最大，所以、间的摩擦力最大，那么对。而对于整体来说，t0时刻之前做加速度越来越小的加速，2t0时刻之后做加速度越来越大的减速，运动方向没有改变，所以该时刻该是离出发点最远。所以正确。7.ACD分析：分析：从 P 质点
16、开始分析，第一次速度与初始时刻相同，该是运动到平衡位置与之对称的位置，再次相同该是回到原位置，即过了一个周期，从第一次是 0.2s 而再经过 1.0s 是第二次可以判 P 在该时刻该是正在向上振动，那么波的传播方向是 x 轴正方向。从图中可知，6m，而 T=s，可以求出波速 v=5m/s，所以 A 正确。M 和 P 该是差半波长的点，位移大小总是相，方向总是相反，而不是和 Q，所以 B 错误，C 正确。再经过 s 该是一个周期再加 1s，根据对称性，P 回到原处后再经过 0.2s 运动到+10cm 处，再经过 0.8s 该在20cm 处。D 正确。8.BD分析：分析：先分析左侧电路，由于离子发
17、电原理，正电荷始终向上板累积，负电荷向下板累积，所以流过 ab 导线的电流方向始终向下。再分析右侧电路，01s 和 12s 通过螺线管的磁场分别时向右减弱和向左增强，引起的感电流的磁场都该向右，根据安培那么，流过 cd 导线的电流方向该向下，所以和 ab 导线属于同向电流，该互相吸引。同理，23s 和 34s 内该互相排斥。三.非选择题9.1 平抛运动的竖直分运动是自由落体运动分析：分析：根据合运动和分运动的时性，平抛运动的竖直分运动是自由落体运动 两球 P、Q 将相碰；平抛运动的水平分运动是匀速直线运动分析：分析：根据合运动和分运动的时性235 1.0151.017 均正确分析：分析：图乙读
18、数该是23 70.05 23.35mm 2.335cm；图丙读数该是：11.50.011.015mm3100.010将选择开关打到“100挡；将两表笔短接，调节调零旋钮，进行欧姆调零；再将被测电阻接到两表笔之间测量其阻值并读出读数；测量完毕将选择开关打到“OFF挡。分析：分析：欧姆表读数 100.010，测量时指针太偏向左端，该换高倍率档，换100 即可，换挡后该先进行调零把红黑表笔对接，调节调零电阻，令指针指零再进行测量。连线见上图。大于分析：分析：待测电阻大约 1000，属于大电阻，和电压表内阻接近，因此该防止伏特表分流，所以该用内接法，连线如图。使用内接法时，安培表准确，但伏特表偏大，所
19、以测量结果会大于真实值。10.1v=lm/s20.75m3如图分析：分析：1A 在小车上停止运动时，A、B 以共同速度运动，设其速度为 v，取水平向右为正方向，由动量守恒律得：mAv2mBv1=mA+mBv，解得，v=lms2设小车的最小长度为 L，由功能关系得：解得：L075m3设小车微变速运动的时间为 t，由动量理得：解得：t0.5s故小车的速度一时间图象如下图。11.1amax 0.4m/s22vmax 3.75m/s3Pmax 7.5W分析：分析：导轨在外力作用下向左加速运动，由于切割磁感线，在回路中要产生感电流，导轨的bc 边及金属棒 PQ 均要受到安培力作用，PQ 棒受到的支持力要
20、随电流的变化而变化，导轨受到 PQ 棒的摩擦力也要变化，因此导轨的加速度要发生改变导轨向左切割磁感线时，有，I感BlvRr导轨受到向右的安培力F1 BIl，金属棒PQ 受到向上的安培力F2 BIl，导轨受到 PQ 棒对它的摩擦力f(mg BIl)，根据牛顿第二律，有 FBIl mgBIlMa，即F1BilmgMa1当刚拉动导轨时，v0，由式可知I感 0，那么由式可知，此时有最大加速度am，即amF mgM 0.4m/s22随着导轨速度 v 增大，I感增大而 a 减小，当 a0 时，有最大速度vm，从式可得F(1)BIml mg 0，有ImgmF(1)Bl 2.5A将II(Rr)m 2.5A代入
21、式，得vmmBl 3.75m/s3P Fvm 23.75 7.5W12.11105m/s2s0.4m3t66max=210 s tmin=410 s分析：分析：1设两板间电压为U1时，带电粒子刚好从极板边缘射出电场，那么有代入数据解得：U1=100V在电压低于 100V 时，带电粒子才能从两板间射出，电压高于 100V 时，带电粒子打在极板上，不能从两板间射出。粒子刚好从极板边缘射出电场时，速度最大，设最大速度为v1U1，那么有：2mv212112mv0q2解得：v12105m/s=14105m/s2 设粒子进入磁场时速度方向与OO的夹角为，那么速度大小v v0cos，粒子在磁场中做圆周运动的轨道半径R mvmv0qBqBcos，粒子从磁场中飞出的位置与进入磁场的位置之间的距离s 2Rcos2mv0qB，代入数据，解得s=0.4m，s与无关，即射出电场的任何一个带电粒子进入磁场的入射点与出射点间距离恒为值。3粒子飞出电场进入磁场，在磁场中按逆时针方向做匀速圆周运动。粒子飞出电场时的速度方向与OO的最大夹角为，cosv02v=4512，当粒子从下板边缘飞出电场再进入磁场时，在磁场中运动时间最长，t3T43mmax2qB=3106s=2106s当粒子从上板边缘飞出电场再进入磁场时，在磁场中运动时间最短，tTmmin42qB=106s=4106s