《(浙江专用)2022高考物理增分冲刺综合模拟卷(十二).pdf》由会员分享，可在线阅读，更多相关《(浙江专用)2022高考物理增分冲刺综合模拟卷(十二).pdf（31页珍藏版）》请在taowenge.com淘文阁网|工程机械CAD图纸|机械工程制图|CAD装配图下载|SolidWorks_CaTia_CAD_UG_PROE_设计图分享下载上搜索。
1、浙江专用浙江专用 20222022 高考物理增分高考物理增分冲刺综合模拟卷十二冲刺综合模拟卷十二浙江专用浙江专用20222022 高考物理增分冲刺综合模拟卷十二高考物理增分冲刺综合模拟卷十二一、选择题(此题共一、选择题(此题共 8 8 小题，每题小题，每题 4 4 分，共分，共 3232分每题列出的四个备选项中只有一个是符合题分每题列出的四个备选项中只有一个是符合题目要求的，不选、多项选择、错选均不得分目要求的，不选、多项选择、错选均不得分)1 1(2022广西钦州市(2022广西钦州市 4 4 月综测)“飞针穿玻璃月综测)“飞针穿玻璃是一项高难度的绝技表演，曾引起质疑为了研是一项高难度的绝技
2、表演，曾引起质疑为了研究该问题，以下测量能够得出飞针在穿越玻璃的究该问题，以下测量能够得出飞针在穿越玻璃的时间内，对玻璃平均冲击力大小的是时间内，对玻璃平均冲击力大小的是()A A测出玻璃厚度和飞针穿越玻璃前后的速度测出玻璃厚度和飞针穿越玻璃前后的速度B B测出玻璃厚度和飞针穿越玻璃所用的时间测出玻璃厚度和飞针穿越玻璃所用的时间C C测出飞针质量、玻璃厚度和飞针穿越玻璃所测出飞针质量、玻璃厚度和飞针穿越玻璃所用的时间用的时间D D测出飞针质量、飞针穿越玻璃所用时间和穿测出飞针质量、飞针穿越玻璃所用时间和穿越玻璃前后的速度越玻璃前后的速度答案答案D D解析解析在“飞针穿玻璃的过程中，由动量定理在
3、“飞针穿玻璃的过程中，由动量定理得：得：F Ft tmvmv2 2mvmv1 1，故应测出飞针质量、飞针，故应测出飞针质量、飞针穿越玻璃所用时间和穿越玻璃前后的速度，故穿越玻璃所用时间和穿越玻璃前后的速度，故 D D2 2正确，正确，A A、B B、C C 错误错误2 2(2022教育绿色评价联盟(2022教育绿色评价联盟4 4 月模拟月模拟)如下图，如下图，A A、B B、C C为三个实心小球，为三个实心小球，A A为铁球，为铁球，B B、C C为木为木球球A A、B B两球分别连接在两根弹簧上，两球分别连接在两根弹簧上，C C球连接球连接在细线一端，弹簧和细线的下端固定在装水的杯在细线一端
4、，弹簧和细线的下端固定在装水的杯子底部，该水杯置于用绳子悬挂的静止子底部，该水杯置于用绳子悬挂的静止吊篮吊篮内假设将挂吊篮的绳子剪断，那么剪断的瞬间内假设将挂吊篮的绳子剪断，那么剪断的瞬间相相对对于于杯杯底底(不不计计空空气气阻阻力力，铁铁木木 水水)()()A AA A球将向上运动，球将向上运动，B B、C C球将向下运动球将向下运动B BA A、B B球将向上运动，球将向上运动，C C球不动球不动C CA A球将向下运动，球将向下运动，B B球将向上运动，球将向上运动，C C球不动球不动D DA A球将向上运动，球将向上运动，B B球将向下运动，球将向下运动，C C球不动球不动答案答案D
5、D解析解析将挂吊篮的绳子剪断瞬间，装水的杯子做将挂吊篮的绳子剪断瞬间，装水的杯子做3 3自由落体运动，水处于完全失重状态，即可以认自由落体运动，水处于完全失重状态，即可以认为水对球没有浮力以杯子作为参考系，为水对球没有浮力以杯子作为参考系，A A受到受到向上的弹力作用，向上的弹力作用，B B受到向下的弹力作用，受到向下的弹力作用，C C不不受到弹力作用，所以受到弹力作用，所以A A球将向上运动，球将向上运动，B B球将向球将向下运动，下运动，C C球不动球不动3 3(2022全国卷18)如图，篮球架下的运(2022全国卷18)如图，篮球架下的运发动原地垂直起跳扣篮，离地后重心上升的最大发动原地
6、垂直起跳扣篮，离地后重心上升的最大高度为高度为H H.上升第一个上升第一个 所用的时间为所用的时间为t t1 1，第四个第四个4 44 4H HH Ht t2 2所用的时间为所用的时间为t t2 2.不计空气阻力，那么不计空气阻力，那么满足满足t t1 1()t t2 2A A11 22t t1 1t t2 2C C33 44t t1 1t t2 2B B22 33t t1 1t t2 2D D44 55t t1 14 4答案答案C C解析解析此题应用逆向思维法求解，即运发动的竖此题应用逆向思维法求解，即运发动的竖直上抛运动可等同于从一定高度处开始的自由直上抛运动可等同于从一定高度处开始的自由
7、落体运动的逆向运动，所以第四个落体运动的逆向运动，所以第四个所用的时间所用的时间4 42 2为为t t2 2H HH H4 4，第一个，第一个 所用的时间为所用的时间为t t1 1g g4 43 32 2H H4 4H H2 2H Hg gt t2 21 1，因此有，因此有 2 2 3 3，g gt t1 12 2 3 3t t2 2即即 33 44，选项，选项 C C 正确正确t t1 14 4(2022辽宁省重点协作体模拟(2022辽宁省重点协作体模拟)某国际研究某国际研究小组借助于智利的天文望远镜，观测到了一组双小组借助于智利的天文望远镜，观测到了一组双星系统，它们绕两者连线上的某点星系
8、统，它们绕两者连线上的某点O O做匀速圆周做匀速圆周运动此双星系统中质量较小成员能“吸食另运动此双星系统中质量较小成员能“吸食另一颗质量较大星体外表物质，导致质量发生转一颗质量较大星体外表物质，导致质量发生转移，假设在演变的过程中两者球心之间的距离保移，假设在演变的过程中两者球心之间的距离保5 5持不变，那么在最初演变的过程中持不变，那么在最初演变的过程中()A A它们之间的万有引力不发生变化它们之间的万有引力不发生变化B B它们做圆周运动的角速度不断变大它们做圆周运动的角速度不断变大C C质量较大星体圆周运动轨迹半径变大，线速质量较大星体圆周运动轨迹半径变大，线速度也变大度也变大D D质量较
9、大星体圆周运动轨迹半径变大，线速质量较大星体圆周运动轨迹半径变大，线速度变小度变小答案答案C C解析解析设双星质量分别为设双星质量分别为M M1 1、M M2 2，两者球心之间，两者球心之间的距离为的距离为L L，圆周运动半径分别为，圆周运动半径分别为r r1 1、r r2 2，它们，它们M M1 1M M2 2之间的万有引力为之间的万有引力为F FG G2 2，距离，距离L L不变，不变，M M1 1与与L LM M2 2之和不变，其乘积之和不变，其乘积M M1 1M M2 2变化，那么它们的万有变化，那么它们的万有引力发生变化，引力发生变化，A A 错；依题意，双星系统绕两者错；依题意，双
10、星系统绕两者连线上某点连线上某点O O做匀速圆周运动，周期和角速度相做匀速圆周运动，周期和角速度相M M1 1M M2 2同，由万有引力定律及牛顿第二定律：同，由万有引力定律及牛顿第二定律：G G2 2L LM M1 1M M2 22 2M M1 1r r1 1，G G2 2M M2 2r r2 2，r r1 1r r2 2L L，联立解得，联立解得M M1 1L L2 26 6L LM M2 2，M M1 1r r1 1M M2 2r r2 2，那么双星的质量比等于，那么双星的质量比等于G G它们做圆周运动半径的反比，故质量较大的星体它们做圆周运动半径的反比，故质量较大的星体因质量减小，因质
11、量减小，其轨道半径将增大，其轨道半径将增大，又角速度不变，又角速度不变，故线速度也增大，故线速度也增大，B B、D D 错，错，C C 对对5 5(2022广东深圳市(2022广东深圳市 4 4 月第二次调研月第二次调研)2022)2022 珠珠海航展，我国五代战机“歼海航展，我国五代战机“歼2020再次闪亮登再次闪亮登场表演中，战机先水平向右，再沿曲线场表演中，战机先水平向右，再沿曲线abab向向上上(如图如图)，最后沿陡斜线直入云霄设飞行路径，最后沿陡斜线直入云霄设飞行路径在同一竖直面内，飞行速率不变那么沿在同一竖直面内，飞行速率不变那么沿abab段段曲线飞行时，战机曲线飞行时，战机()2
12、 23 3A A所受合外力大小为零所受合外力大小为零B B所受合外力方向竖直向上所受合外力方向竖直向上C C竖直方向的分速度逐渐增大竖直方向的分速度逐渐增大D D水平方向的分速度不变水平方向的分速度不变答案答案C C7 7解析解析战机在同一竖直面内做曲线运动，且运动战机在同一竖直面内做曲线运动，且运动速率不变，由于速度方向是变化的，那么速度是速率不变，由于速度方向是变化的，那么速度是变化的，故战机的加速度不为零，根据牛顿第二变化的，故战机的加速度不为零，根据牛顿第二定律可知，定律可知，战机所受的合外力不为零，战机所受的合外力不为零，故故 A A 错误；错误；战机在同一竖直平面内做匀速率曲线运动
13、，所受战机在同一竖直平面内做匀速率曲线运动，所受合外力与速度方向垂直，由于速度方向时刻在合外力与速度方向垂直，由于速度方向时刻在变，那么合外力的方向也时刻在变化，并非始终变，那么合外力的方向也时刻在变化，并非始终都竖直向上，故都竖直向上，故 B B 错误；由以上分析可知，战机错误；由以上分析可知，战机所受合外力始终与速度方向垂直，斜向左上方，所受合外力始终与速度方向垂直，斜向左上方，对合外力和速度进行分解可知，竖直方向上做加对合外力和速度进行分解可知，竖直方向上做加速运动，水平方向上做减速运动，故竖直方向分速运动，水平方向上做减速运动，故竖直方向分速度逐渐增大，水平方向分速度逐渐减小，故速度逐
14、渐增大，水平方向分速度逐渐减小，故 C C正确，正确，D D 错误错误6.6.如下图，如下图，一固定斜面倾角为一固定斜面倾角为37，37，一质量一质量为为m m的小物块自斜面底端以一定的初速度沿斜面的小物块自斜面底端以一定的初速度沿斜面4 4向上做匀减速运动，加速度大小为向上做匀减速运动，加速度大小为g g.物块上升物块上升5 5的最大高度为的最大高度为H H，重力加速度为，重力加速度为g g，cos 37，cos 378 80.80.8，sin 37，sin 37 0.6.0.6.那么此过程中，物块的那么此过程中，物块的()A A机械能守恒机械能守恒B B动能损失了动能损失了mgHmgHC
15、C重力势能损失了重力势能损失了mgHmgH1 1D D机械能损失了机械能损失了mgHmgH3 3答案答案D D解析解析物块上升过程重力势能增加了，物块上升过程重力势能增加了，故故 C C 错误；错误；根据动能定理应有根据动能定理应有 E Ek kmamaH Hsinsin4 44 4mgHmgH，动能增量为负值，动能增量为负值，说明动能减少了说明动能减少了mgHmgH，3 33 3故故 B B 错误；错误；由牛顿第二定律有由牛顿第二定律有mgmgsinsinF Ff fmama，1 1可可得得F Ff fmgmg，根根据据功功能能关关系系应应有有 E E5 51 11 1F Ff fmgHmg
16、H，即机械能损失了，即机械能损失了mgHmgH，故，故 D Dsinsin3 33 39 9H H正确，正确，A A 错误错误7 7(2022福建莆田市(2022福建莆田市 5 5 月第二次质检月第二次质检)高铁列高铁列车行驶时受到的总阻力包括摩擦阻力和空气阻车行驶时受到的总阻力包括摩擦阻力和空气阻力某一列高铁列车以力某一列高铁列车以 180 km/h180 km/h 的速度在平直的速度在平直轨道上匀速行驶时，轨道上匀速行驶时，空气阻力约占总阻力的空气阻力约占总阻力的 50%50%，牵引力的功率约为牵引力的功率约为 2 2 000000 kW.kW.假设摩擦阻力恒定，假设摩擦阻力恒定，空气阻力
17、与列车行驶速度的平方成正比，那么该空气阻力与列车行驶速度的平方成正比，那么该列车以列车以 360 km/h360 km/h 的速度在平直轨道上匀速行驶的速度在平直轨道上匀速行驶时牵引力的功率约为时牵引力的功率约为()A A4 000 kW4 000 kWB B8 000 kW8 000 kWC C10 000 kW10 000 kWD D16 000 kW16 000 kW答案答案C C解析解析经分析可知，当高铁列车以经分析可知，当高铁列车以 180 km/h180 km/h 的的速度在平直轨道上匀速行驶时：速度在平直轨道上匀速行驶时：P P1 1F F1 1v v1 12 2F F空阻空阻v
18、 v1 12 2kvkv1 12 2v v1 1；该列车以该列车以 360 km/h360 km/h 的速度在平直轨道上匀速行的速度在平直轨道上匀速行驶驶时时：P P2 2F F2 2v v2 2(F Ff fF F空空 阻阻)v v2 2(kvkv1 12 2kvkv2 2)v v2 2，10102 2解得解得P P2 25 5P P1 110 000 kW10 000 kW，应选，应选 C.C.8 8(2022福建泉州市(2022福建泉州市 5 5 月第二次质检月第二次质检)如图，如图，喷雾器可以喷出质量和电荷量都不尽相同的带喷雾器可以喷出质量和电荷量都不尽相同的带负电油滴假设油滴以相同的
19、水平速度射入接有负电油滴假设油滴以相同的水平速度射入接有恒定电压的两水平正对金属板之间，有的沿水平恒定电压的两水平正对金属板之间，有的沿水平直线飞出，有的沿曲线从板边缘飞出，有的直线飞出，有的沿曲线从板边缘飞出，有的沿曲线运动到板的中点上不计空气阻力及油沿曲线运动到板的中点上不计空气阻力及油滴间的相互作用，那么滴间的相互作用，那么()A A沿直线运动的所有油滴质量都相等沿直线运动的所有油滴质量都相等B B沿直线运动的所有油滴电荷量都相等沿直线运动的所有油滴电荷量都相等C C沿曲线、运动的油滴，运动时间之比为沿曲线、运动的油滴，运动时间之比为1212D D沿曲线、运动的油滴，加速度大小之比沿曲线
20、、运动的油滴，加速度大小之比为为 1414答案答案D D解析解析沿直线运动的油滴，根据题意得：沿直线运动的油滴，根据题意得：mgmg1111q qg gEqEq，即：，即：，所以沿直线运动的油滴比荷相，所以沿直线运动的油滴比荷相m mE E同，同，A A、B B 错误；错误；沿曲线、运动的油滴，均做类平抛运动，水沿曲线、运动的油滴，均做类平抛运动，水平方向匀速运动：平方向匀速运动：x xv v0 0t t，初速度相同，所以运，初速度相同，所以运动时间之比等于位移之比，即为动时间之比等于位移之比，即为 21，21，C C 错误；错误；沿曲线、运动的油滴，水平方向沿曲线、运动的油滴，水平方向x x
21、v v0 0t t，竖，竖1 12 22 2yvyv0 0直方向：直方向：y yatat，联立解得：，联立解得：a a2 2，因为水，因为水2 2x x平位移之比为平位移之比为 21，21，v v0 0和和y y相同，所以加速度大相同，所以加速度大小之比为小之比为 14，14，D D 正确正确二、选择题(此题共二、选择题(此题共 4 4 小题，每题小题，每题 4 4 分，共分，共 1616分每题列出的四个备选项中至少有一个是符合分每题列出的四个备选项中至少有一个是符合题目要求的，全部选对的得题目要求的，全部选对的得 4 4 分，选对但不全的分，选对但不全的得得 2 2 分，有错选的得分，有错选
22、的得 0 0 分分)9 9一列简谐横波，某时刻的图象如图甲所示，一列简谐横波，某时刻的图象如图甲所示，从该时刻开始计时，波上从该时刻开始计时，波上A A点的振动图象如图乙点的振动图象如图乙所示，那么以下说法正确的选项是所示，那么以下说法正确的选项是()12122 2A A这列波沿这列波沿x x轴负方向传播轴负方向传播B B这列波的波速是这列波的波速是 25 m/s25 m/sC C质点质点P P比质点比质点Q Q先回到平衡位置先回到平衡位置D D经过经过 t t0.4 s0.4 s，A A质点通过的路程是质点通过的路程是 4 m4 m答案答案ABDABD解析解析由题图乙读出该时刻即由题图乙读出
23、该时刻即t t0 0 时刻质点时刻质点A A的速度方向为沿的速度方向为沿y y轴正方向，由题图甲判断出波轴正方向，由题图甲判断出波的传播方向为沿的传播方向为沿x x轴负方向，故轴负方向，故 A A 项正确；由题项正确；由题图甲读出该波的波长为图甲读出该波的波长为2020 m m，由题图乙知周，由题图乙知周期为期为T T0.8 s0.8 s，那么波速为，那么波速为v v25 m/s25 m/s，故，故T TB B 项正确；项正确；图示时刻质点图示时刻质点P P沿沿y y轴负方向运动，轴负方向运动，Q Q直接向平衡位置运动，所以质点直接向平衡位置运动，所以质点P P将比质点将比质点Q Q后后回到平
24、衡位置，回到平衡位置，故故 C C 项错误；项错误；t t0.40.4 s s0.50.5T T，1313质点做简谐运动时在一个周期内质点质点做简谐运动时在一个周期内质点A A通过的路通过的路程是振幅的程是振幅的 4 4 倍，那么经过倍，那么经过 t t0.4 s0.4 s，A A质点质点通过的路程是通过的路程是s s2 2A A4 m4 m，故，故 D D 项正确项正确1010以下四幅图的说法中，正确的选项是以下四幅图的说法中，正确的选项是()A A图图 a a 所示，所示，粒子散射实验证实了汤姆孙原粒子散射实验证实了汤姆孙原子枣糕模型的正确性子枣糕模型的正确性B B图图 b b 可知，在光
25、颜色保持不变的情况下，入可知，在光颜色保持不变的情况下，入射光越强，饱和光电流越大射光越强，饱和光电流越大C C图图 c c 所示，放射线丙由所示，放射线丙由 粒子组成，每个粒粒子组成，每个粒子带电荷量为子带电荷量为2 2e eD D图图 d d 所示，该链式反响属于原子核的聚变反所示，该链式反响属于原子核的聚变反响响答案答案BCBC14141111(2022北京市东城区二模(2022北京市东城区二模)图甲所示是工业图甲所示是工业上探测物件外表层内部是否存在缺陷的涡流探上探测物件外表层内部是否存在缺陷的涡流探伤技术的原理图其原理是用通电线圈使物件内伤技术的原理图其原理是用通电线圈使物件内产生涡
26、电流，借助探测线圈测定涡电流的改变，产生涡电流，借助探测线圈测定涡电流的改变，从而获得物件内部是否断裂及位置的信息如图从而获得物件内部是否断裂及位置的信息如图乙所示的是一个由带铁芯的线圈乙所示的是一个由带铁芯的线圈L L、开关、开关 S S 和电和电源连接起来的跳环实验装置，将一个套环置于线源连接起来的跳环实验装置，将一个套环置于线圈圈L L上且使铁芯穿过其中，闭合开关上且使铁芯穿过其中，闭合开关 S S 的瞬间，的瞬间，套环将立刻跳起对以上两个实例的理解正确的套环将立刻跳起对以上两个实例的理解正确的选项是选项是()A A涡流探伤技术运用了电流的热效应，跳环实涡流探伤技术运用了电流的热效应，跳
27、环实验演示了自感现象验演示了自感现象B B能被探测的物件和实验所用的套环必须是导能被探测的物件和实验所用的套环必须是导电材料电材料C C金属探伤时接的是交流电，跳环实验装置中金属探伤时接的是交流电，跳环实验装置中接的是直流电接的是直流电1515D D以上两个实例中的线圈所连接的电源也可以以上两个实例中的线圈所连接的电源也可以都是恒压直流电源都是恒压直流电源答案答案BCBC解析解析涡流探伤技术的原理是用电流线圈使物涡流探伤技术的原理是用电流线圈使物件内产生涡电流，借助探测线圈测定涡电流的改件内产生涡电流，借助探测线圈测定涡电流的改变；跳环实验演示线圈接在直流电源上，闭合开变；跳环实验演示线圈接在
28、直流电源上，闭合开关的瞬间，穿过套环的磁通量仍然会改变，套环关的瞬间，穿过套环的磁通量仍然会改变，套环中会产生感应电流，中会产生感应电流，会跳动，会跳动，属于演示楞次定律，属于演示楞次定律，故故 A A 错误无论是涡流探伤技术，还是演示楞次错误无论是涡流探伤技术，还是演示楞次定律，都需要产生感应电流，而感应电流的产生定律，都需要产生感应电流，而感应电流的产生需在金属导体内，故需在金属导体内，故 B B 正确金属探伤时，是探正确金属探伤时，是探测器中通过交变电流，产生变化的磁场，当金属测器中通过交变电流，产生变化的磁场，当金属处于该磁场中时，该金属中会感应出涡流；演示处于该磁场中时，该金属中会感
29、应出涡流；演示楞次定律的实验中，线圈接在直流电源上，闭合楞次定律的实验中，线圈接在直流电源上，闭合开关的瞬间，穿过套环的磁通量仍然会改变，套开关的瞬间，穿过套环的磁通量仍然会改变，套环中会产生感应电流，会跳动，故环中会产生感应电流，会跳动，故 C C 正确，正确，D D 错错误误1212 质量分别为质量分别为M M和和m m的物块形状、的物块形状、大小均相同，大小均相同，1616将它们通过轻绳跨过光滑定滑轮连接，如图甲所将它们通过轻绳跨过光滑定滑轮连接，如图甲所示，示，绳子平行于倾角为绳子平行于倾角为的斜面，的斜面，M M恰好能静止恰好能静止在斜面上，在斜面上，斜面保持静止斜面保持静止 假设互
30、换两物块位置，假设互换两物块位置，按图乙放置，然后释放按图乙放置，然后释放M M，斜面仍保持静止，不，斜面仍保持静止，不考虑考虑M M、m m与斜面之间的摩擦，重力加速度为与斜面之间的摩擦，重力加速度为g g，那么以下说法正确的选项是那么以下说法正确的选项是()A A轻绳的拉力等于轻绳的拉力等于MgMgB B轻绳的拉力等于轻绳的拉力等于mgmgC CM M运动的加速度大小为运动的加速度大小为(1(1sinsin)g gM Mm mD DM M运动的加速度大小为运动的加速度大小为g gM M答案答案BCDBCD解析解析M M静止在斜面上时，对静止在斜面上时，对M M由平衡条件有由平衡条件有MgM
31、gsinsinmgmg；互换位置后，对；互换位置后，对M M和和m m组成的系组成的系统有统有MgMgmgmgsinsin(M Mm m)a a，解得，解得a a(1(1sinsin1717M Mm m)g gg g，对对m m由牛顿第二定律得：由牛顿第二定律得：F FT TmgmgsinsinM Mmama，解得，解得F FT Tmgmg，故，故A A 错误，错误，B B、C C、D D 正确正确三、非选择题三、非选择题(此题共此题共 5 5 小题，共小题，共 5252 分分)1313(6(6 分分)小詹同学在家里利用单摆来测定当地小詹同学在家里利用单摆来测定当地的重力加速度，他设计的实验步
32、骤是：的重力加速度，他设计的实验步骤是：A A选择体积小、密度大的球选择体积小、密度大的球B B用刻度尺测量细线的长度用刻度尺测量细线的长度l l作为摆长作为摆长C C把单摆从平衡位置拉开把单摆从平衡位置拉开 30的摆角，然后由30的摆角，然后由静止释放静止释放D D从摆球摆到最低点时开始计时，测出小球经从摆球摆到最低点时开始计时，测出小球经过最低点过最低点 3030 次的总时间次的总时间t t，由，由T Tt t3030得出周期得出周期(1)(1)该该同同学学以以上上实实验验步步骤骤中中有有错错误误的的选选项项是是_(_(填写选项填写选项)(2)(2)小詹同学某次测量后秒表示数如下图，那么小
33、詹同学某次测量后秒表示数如下图，那么时间为时间为_s._s.1818(3)(3)以细线的长度以细线的长度l l作为摆长，改变摆长，进行作为摆长，改变摆长，进行屡次测量，先通过描点法作出屡次测量，先通过描点法作出T Tl l图象，再利图象，再利用图象的斜率来求解重力加速度，那么用细线的用图象的斜率来求解重力加速度，那么用细线的长长 度度 作作 为为 摆摆 长长 将将 使使 重重 力力 加加 速速 度度 的的 测测 量量 值值_(_(填“大于“小于或“等于填“大于“小于或“等于)真真实值根据图象实值根据图象_(_(填“能或“不能填“能或“不能)求解出小球的直径求解出小球的直径答案答案(1)BCD(
34、1)BCD(2)66.5(2)66.5(3)(3)等于等于能能1414(9(9 分)(2022河南驻马店市第一学期期终分)(2022河南驻马店市第一学期期终)在伏安法测电阻的实验中，实验室备有以下器在伏安法测电阻的实验中，实验室备有以下器材：材：A A待测电阻待测电阻R Rx x，阻值约为，阻值约为 4 4 B B电压表电压表 V V1 1，量程为，量程为 0 03 V3 V，内阻约为，内阻约为 2 k2 kC C电压表电压表 V V2 2，量程为，量程为 0 01515 V V，内阻约为，内阻约为 1010 kkD D 电流表电流表 A A1 1，量程为量程为 0 00.60.6 A A，内
35、阻约为内阻约为 0.20.2 19192 2E E电流表电流表 A A2 2，量程为，量程为 0 03 3 A A，内组约为，内组约为 0.020.02 F F电源：电动势电源：电动势E E3 V3 VG G滑动变阻器滑动变阻器R R1 1，最大阻值为，最大阻值为 5，最大电流5，最大电流为为 1 A1 AH H滑动变阻器滑动变阻器R R2 2，最大阻值为，最大阻值为 5050，最大电流，最大电流为为 0.2 A0.2 AI I开关、导线假设干开关、导线假设干(1)(1)为了较精确测量电阻阻值，要求电压表与电为了较精确测量电阻阻值，要求电压表与电流表的示数从零开始连续变化且尽可能多的测流表的示
36、数从零开始连续变化且尽可能多的测量数据，除量数据，除 A A、F F、I I 以外，还要在上述器材中选以外，还要在上述器材中选出该实验所用器材出该实验所用器材 _(_(填器材前面的字母填器材前面的字母代号代号)(2)(2)在虚线框内画出该实验电路的原理图在虚线框内画出该实验电路的原理图(3)(3)调节滑动变阻器，两表的示数如下图，可读调节滑动变阻器，两表的示数如下图，可读出电流表的示数是出电流表的示数是 _A_A，电压表的示数是，电压表的示数是2020_ V V，测测 得得 待待 测测 电电 阻阻R Rx x的的 阻阻 值值 是是_(_(计算结果保存三位有效数字计算结果保存三位有效数字)本次测
37、本次测量存在一定的系统误差，考虑这个原因测量值较量存在一定的系统误差，考虑这个原因测量值较真实值真实值_(_(选填“偏大或“偏小选填“偏大或“偏小)答案答案(1)BDG(1)BDG(2)(2)见解析图见解析图(3)0.44(3)0.441.701.703.863.86偏小偏小解析解析(1)(1)电源电动势为电源电动势为 3 V3 V，电压表选，电压表选 B B，通过，通过E E3 V3 V待测电阻的最大电流约为：待测电阻的最大电流约为：I I R Rx x4 4 0.75 A0.75 A，为减小读数误差，电流表应选择，为减小读数误差，电流表应选择 D D，选，选E E 量程太大，读数误差太大；
38、又题中有“要求电量程太大，读数误差太大；又题中有“要求电压表与电流表的示数从零开始连续变化且尽可压表与电流表的示数从零开始连续变化且尽可能多的测量数据，说明滑动变阻器应用分压式能多的测量数据，说明滑动变阻器应用分压式接法，应选接法，应选 G.G.(2)(2)因待测电阻值远小于电压表内阻，电流表应因待测电阻值远小于电压表内阻，电流表应用外接法，滑动变阻器应用分压式接法，电路图用外接法，滑动变阻器应用分压式接法，电路图如下图，如下图，2121(3)(3)电流表的示数是电流表的示数是0.44 A0.44 A，电压表的示数是，电压表的示数是U U1.70 V1.70 V，测得待测电阻，测得待测电阻R
39、Rx x的阻值是的阻值是R Rx x I I1.701.703.86.由于电压表的分流作用，使3.86.由于电压表的分流作用，使0.440.44得待测电阻的测量值较真实值偏小得待测电阻的测量值较真实值偏小1515(10(10 分)(2022山东聊城市二模分)(2022山东聊城市二模)如下图，如下图，两两根足够长的光滑金属导轨平行放置在倾角为根足够长的光滑金属导轨平行放置在倾角为30的绝缘斜面上，导轨宽度为30的绝缘斜面上，导轨宽度为L L，下端接有阻，下端接有阻值为值为R R的电阻，导轨处于方向垂直于斜面向上、的电阻，导轨处于方向垂直于斜面向上、磁感应强度大小为磁感应强度大小为B B0 0的匀
40、强磁场中的匀强磁场中 轻绳一端跨轻绳一端跨过光滑定滑轮，悬吊质量为过光滑定滑轮，悬吊质量为m m的小物块，另一端的小物块，另一端平行于导轨系在质量为平行于导轨系在质量为m m的金属棒的中点，现将的金属棒的中点，现将金属棒从金属棒从PQPQ位置由静止释放，金属棒与导轨接位置由静止释放，金属棒与导轨接触良好且电阻均忽略不计，重力加速度为触良好且电阻均忽略不计，重力加速度为g g.2222(1)(1)求金属棒匀速运动时的速度大小；求金属棒匀速运动时的速度大小；(2)(2)假设金属棒速度为假设金属棒速度为v v0 0且距离导轨底端且距离导轨底端x x时开时开始计时，磁场的磁感应强度始计时，磁场的磁感应
41、强度B B的大小随时间的大小随时间t t发发生变化，使回路中无电流，请推导出磁感应强度生变化，使回路中无电流，请推导出磁感应强度B B的大小随时间的大小随时间t t变化的关系式变化的关系式mgRmgR8 8B B0 0 x x答案答案(1)(1)2 22 2(2)(2)B B2 22 2B B0 0L L8 8x x8 8v v0 0t tgtgt解析解析(1)(1)金属棒匀速运动时，对物块：金属棒匀速运动时，对物块：F FT Tmgmg对金属棒有：对金属棒有：F F安安mgmgsin 30sin 30F FT T又：又：F F安安B B0 0ILILE EB B0 0LvLv由欧姆定律：由欧
42、姆定律：I I R RR RmgRmgR联立解得：联立解得：v v2 22 22 2B B0 0L L(2)(2)当回路中没有电流时，金属棒不受安培力当回路中没有电流时，金属棒不受安培力对金属棒：对金属棒：F FT Tmgmgsin 30sin 30mama对物块：对物块：mgmgF FT Tmama回路中无电流，回路中无电流，回路中的磁通量不变，回路中的磁通量不变，那么：那么：B B0 0LxLx23231 12 2BLBL(x xv v0 0t tatat)2 28 8B B0 0 x x联立解得：联立解得：B B2 2.8 8x x8 8v v0 0t tgtgt1616(12(12 分
43、)(2022湖南娄底市下学期第二次模分)(2022湖南娄底市下学期第二次模拟拟)某人设计了如下图的滑板个性滑道斜面某人设计了如下图的滑板个性滑道斜面ABAB与半径与半径R R3 m3 m 的光滑圆弧轨道的光滑圆弧轨道BCBC相切于相切于B B，圆，圆弧对应的圆心角弧对应的圆心角37且过37且过C C点的切线水平，点的切线水平，C C点连接倾角点连接倾角30的斜面30的斜面CDCD.一滑板爱好者一滑板爱好者连同滑板等装备连同滑板等装备(视为质点视为质点)总质量总质量m m60 kg.60 kg.某某次试滑，他从斜面上某点次试滑，他从斜面上某点P P由静止开始下滑，发由静止开始下滑，发现在斜面现在
44、斜面CDCD上的落点上的落点Q Q恰好离恰好离C C点最远假设点最远假设他在斜面他在斜面ABAB上滑动过程中所受摩擦力上滑动过程中所受摩擦力F Ff f与位移与位移大小大小x x的关系满足的关系满足F Ff f9090 x x(均采用国际制单位均采用国际制单位)，忽略空气阻力，取忽略空气阻力，取g g10 m/s10 m/s2 2，sin 37，sin 370.60.6，cos 37cos 370.8.0.8.求：求：2424(1)(1)P P、B B两点间的距离；两点间的距离；(2)(2)滑板在滑板在C C点对轨道的压力大小点对轨道的压力大小答案答案(1)4 m(1)4 m(2)1 320
45、N(2)1 320 N解析解析(1)(1)设爱好者滑到设爱好者滑到C C点的速度为点的速度为v vC C，平抛，平抛过程中水平、竖直方向的位移分别为过程中水平、竖直方向的位移分别为x x1 1、y y1 11 12 2gtgty y1 12 2gtgtC C到到Q Q由平抛运动规律有：由平抛运动规律有：tantan x x1 1v vC Ct t2 2v vC C那么那么t t2 2v vC Ctantang g2 22 2v vC Ctantan因此因此x x1 1v vC Ct tg g2 2v vC Ctantanl lCQCQcoscosg gcoscos由式可知由式可知v vC C越
46、大那么越大那么l lCQCQ间距越大，由人和装间距越大，由人和装备在备在BCBC间运动时机械能守恒可知，要使间运动时机械能守恒可知，要使v vC C越大越大就要求就要求v vB B越大越大设人和装备在设人和装备在P P、B B间运动时加速度为间运动时加速度为a a，由牛顿由牛顿2525x x1 12 2第二定律有第二定律有mgmgsinsin9090 x xmamamgmgsinsin9090 x x得得a am m由式可知：人和装备做加速度减小的加速直线由式可知：人和装备做加速度减小的加速直线运动，当加速度为零时速度运动，当加速度为零时速度v vB B最大最大故故P P、B B两点间的距离大
47、小为：两点间的距离大小为：x xmm(2)(2)设设P P、B B间摩擦力对人做功为间摩擦力对人做功为W Wf f，由动能定理，由动能定理1 12 2有：有：mgxmgxsinsinW Wf fmvmvB B002 29090 x x而而W Wf fx x2 21 12 2(或由得或由得mgxmgxsinsin4545x xmvmvB B0)0)2 22 2mgmgsinsin90904 4B B、C C间运动时，机械能守恒，有：间运动时，机械能守恒，有：1 12 21 12 2mvmvB BmgRmgR(1(1coscos)mvmvC C2 22 2v vC C在在C C点点F FN Nmg
48、mgm mR R26262 2解得解得F FN N1 320 N1 320 N由牛顿第三定律可知滑板在由牛顿第三定律可知滑板在C C点对轨道的压力大点对轨道的压力大小小F FN N1 320 N.1 320 N.1717(15(15 分)(2022陕西渭南市教学质检分)(2022陕西渭南市教学质检(二二)如下图，如下图，在在xOyxOy坐标系中有圆柱形匀强磁场区域，坐标系中有圆柱形匀强磁场区域，其圆心在其圆心在O O(R,R,0)0)，半径为，半径为R R，磁感应强度大小，磁感应强度大小为为B B，磁场方向垂直纸面向里在，磁场方向垂直纸面向里在y yR R范围内，范围内，有方向向左的匀强电场，
49、有方向向左的匀强电场，电场强度为电场强度为E E.有一带正有一带正电的微粒平行于电的微粒平行于x x轴射入磁场，微粒在磁场中的轴射入磁场，微粒在磁场中的偏转半径刚好也是偏转半径刚好也是R R.带电微粒的电荷量为带电微粒的电荷量为q q，质，质量为量为m m，整个装置处于真空中，不计重力，整个装置处于真空中，不计重力(1)(1)求微粒进入磁场的速度大小；求微粒进入磁场的速度大小；(2)(2)假设微粒从坐标原点射入磁场，求微粒从射假设微粒从坐标原点射入磁场，求微粒从射入磁场到再次经过入磁场到再次经过y y轴所用时间；轴所用时间；2727(3)(3)假设微粒从假设微粒从y y轴上轴上y y 处射向磁
50、场，求微粒处射向磁场，求微粒2 2以后运动过程中距以后运动过程中距y y轴的最大距离轴的最大距离R RqBRqBRm m答案答案(1)(1)(2)(2)m m2 2qBqB2 2mRmRqBqBR R(3)(3)R RqEqE8 8mEmE2 22 2解析解析(1)(1)微粒射入磁场后做圆周运动，洛伦兹微粒射入磁场后做圆周运动，洛伦兹v v2 2力提供向心力，由牛顿第二定律得：力提供向心力，由牛顿第二定律得：qvBqvBm mR RqBRqBR解得解得v v；m m(2)(2)微粒从原点射入磁场，因在磁场中轨迹半径微粒从原点射入磁场，因在磁场中轨迹半径1 1也为也为R R，所以微粒经所以微粒经