《2023届吉林省汪清县六中高考物理五模试卷含解析.pdf》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2023届吉林省汪清县六中高考物理五模试卷含解析.pdf（15页珍藏版）》请在taowenge.com淘文阁网|工程机械CAD图纸|机械工程制图|CAD装配图下载|SolidWorks_CaTia_CAD_UG_PROE_设计图分享下载上搜索。
1、2023 年高考物理模拟试卷 注意事项：1答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号、考场号和座位号填写在试题卷和答题卡上。用 2B 铅笔将试卷类型（B）填涂在答题卡相应位置上。将条形码粘贴在答题卡右上角条形码粘贴处。2作答选择题时，选出每小题答案后，用 2B 铅笔把答题卡上对应题目选项的答案信息点涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案。答案不能答在试题卷上。3非选择题必须用黑色字迹的钢笔或签字笔作答，答案必须写在答题卡各题目指定区域内相应位置上；如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新答案；不准使用铅笔和涂改液。不按以上要求作答无效。4考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答
2、题卡一并交回。一、单项选择题：本题共 6 小题，每小题 4 分，共 24 分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，N 匝矩形线圈以角速度在磁感应强度为 B 的匀强磁场中绕轴 OO匀速转动，线圈面积为 S，线圈电阻为 R，电流表和电压表均为理想表，滑动变阻器最大值为 2R，则下列说法正确的是（）A电压表示数始终为2NBS B电流表示数的最大值NBSR C线圈最大输出功率为22228N B SR D仅将滑动变阻器滑片向上滑动，电流表示数变大，电压表示数变大 2、已知天然材料的折射率都为正值（10n）。近年来，人们针对电磁波某些频段设计的人工材料，可以使折射率为负值（2
3、0n），称为负折射率介质。电磁波从正折射率介质入射到负折射介质时，符合折射定律，但折射角为负，即折射线与入射线位于界面法线同侧，如图所示。点波源 S 发出的电磁波经一负折射率平板介质后，在另一侧成实像。如图 2 所示，其中直线 SO 垂直于介质平板，则图中画出的 4 条折射线（标号为 1、2、3、4）之中，正确的是（）A1 B2 C3 D4 3、北斗卫星导航系统(BDS)是中国自行研制的全球卫星定位和导轨系统，预计 2020 年形成全球覆盖能力。如图所示是北斗导航系统中部分卫星的轨道示意图，已知 a、b、c 三颗卫星均做匀速圆周运动，轨道半径，其中 a是地球同步卫星，不考虑空气阻力。则 Aa
4、的向心力小于 c 的向心力 Ba、b 卫星的加速度一定相等 Cc 在运动过程中不可能经过北京上空 Db 的周期等于地球自转周期 4、2019 年 12 月 7 日 10 时 55 分，我国在太原卫星发射中心用“快舟一号”甲运载火箭，成功将“吉林一号”高分 02B 卫星发射升空，卫星顺利进入预定轨道，绕地球做匀速圆周运动。已知地球质量为 M、引力常最为 G，卫星与地心的连线在时间 t（小于其运动周期）内扫过的面积为 S，则卫星绕地球运动的轨道半径为（）A224SGMt B2St GM C224GMtS D2t GMS 5、在人类对微观世界进行探索的过程中，科学实验起到了非常重要的作用。下列说法正
5、确的是（）A查德威克用 粒子轰击铍原子核，发现了质子 B卢瑟福通过对 粒子散射实验的研究，揭示了原子核有复杂的结构 C汤姆孙通过对阴极射线的研究，发现阴极射线是原子核中的中子变为质子时产生的射线 D居里夫妇从沥青铀矿中分离出了钋（Po）和镭（Ra）两种新元素 6、如图 1 所示，轻弹簧上端固定，下端悬吊一个钢球，把钢球从平衡位置向下拉下一段距离 A，由静止释放。以钢球的平衡位置为坐标原点，竖直向上为正方向建立x轴，当钢球在振动过程中某一次经过平衡位置时开始计时，钢球运动的位移时间图像如图 2 所示。已知钢球振动过程中弹簧始终处于拉伸状态，则（）A1t时刻钢球处于超重状态 B2t时刻钢球的速度方
6、向向上 C12tt时间内钢球的动能逐渐增大 D12tt时间内钢球的机械能逐渐减小 二、多项选择题：本题共 4 小题，每小题 5 分，共 20 分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得 5 分，选对但不全的得 3 分，有选错的得 0 分。7、下列说法正确的是（）A当分子力表现为引力时，分子势能随分子间距离的增大而增大 B一定量的理想气体压强不变，体积减小，气体分子对容器壁在单位时间内单位面积上碰撞次数增多 C当人们感到干燥时，空气的相对湿度一定较小 D液晶具有液体的流动性，但不具有单晶体的光学各向异性 E.一切与热现象有关的宏观自然过程都是可逆的 8、如图所示，两个
7、平行的导轨水平放置，导轨的左侧接一个阻值为 R 的定值电阻，两导轨之间的距离为 L.导轨处在匀强磁场中，匀强磁场的磁感应强度大小为 B，方向竖直向上.一质量为 m、电阻为 r 的导体棒 ab 垂直于两导轨放置，导体棒与导轨的动摩擦因数为。导体棒 ab 在水平外力 F 作用下，由静止开始运动了 x 后，速度达到最大，重力加速度为 g，不计导轨电阻。则（）A导体棒 ab 的电流方向由 a 到 b B导体棒 ab 运动的最大速度为22()()Fmg RrB L C当导体棒 ab 的速度为 v0（v0小于最大速度）时，导体棒 ab 的加速度为220()B L vFgmRr m D导体棒 ab 由静止达
8、到最大速度的过程中，ab 棒获得的动能为 Ek，则电阻 R 上产生的焦耳热是kFxmgxE 9、如图所示，光滑的四分之一圆弧轨道abc竖直放置，轨道的末端c的切线水平，一倾角为30的斜面体的顶端紧挨着圆弧轨道的末端c点放置，圆弧上的b点与圆心O的连线与水平方向的夹角为30。一个小球从b点由静止开始沿轨道下滑，经c点水平飞出，恰好落到斜面上的d点。已知小球的质量1kgm，圆弧轨道的半径0.9mR，重力加速度210m/sg。下列说法正确的是（）A小球在c点时对轨道的压力大小为10N Bc、d两点的高度差为0.6m Cc、d两点的水平距离为1.2m D小球从c点运动到d点的时间为3s5 10、如图所
9、示，a、b、c 分别为固定竖直光滑圆弧轨道的右端点、最低点和左端点，Oa为水平半径，c 点和圆心 O 的连线与竖直方向的夹角53。现从 a 点正上方的 P 点由静止释放一质量1kgm 的小球（可视为质点），小球经圆弧轨道飞出后以水平速度3m/sv 通过 Q点。已知圆弧轨道的半径1mR，取重力加速度210m/sg，sin530.8，cos530.6，不计空气阻力。下列分析正确的是（）A小球从 P 点运动到 Q 点的过程中重力所做的功为 4.5J BP、a 两点的高度差为 0.8m C小球运动到 b 点时对轨道的压力大小为 43N D小球运动到 c 点时的速度大小为4m/s 三、实验题：本题共 2
10、 小题，共 18 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6 分）某同学做测量金属丝的电阻率的实验。（1）用螺旋测微器测量金属丝的直径，示数如图甲，其直径为_mm。（2）测量该金属丝的电阻率，可供选择的仪器有：A电流表 A，量程有010mA和0 0.6A两种，内阻均较小；B电压表 V，量程有03V和015V两种，内阻均较大；C电源电动势为4.5V，内阻较小。实验中按如图乙所示接好电路，闭合1S后，把开关2S拨至 a 时发现，电压表与电流表的指针偏转都在满偏的45处。再把2S拨至 b 时发现，电压表指针几乎还在满偏的45处，电流表指针则偏转到满偏的34处，由此确定正确的位置
11、并进行实验。完成下列问题。所选电压表的量程为_V，此时电压测量值为_V。所选电流表的量程为_mA，此时电流测量值为 _mA。12（12 分）图甲为一个简单的多用电表的电路图，其中电源的电动势 E=1.5V、内阻 r=1.0，电流表内阻 Rg=10、满偏电流 Ig=10mA。该多用电表表盘如图乙所示，下排刻度均匀，C 为上排刻度线的中间刻度。(1)选择开关接“1”，指针指在图乙所示位置时示数为_（结果保留三位有效数字）。(2)如果选择开关接“3”，图甲中电阻 R2=240，则此状态下多用电表为量程_的电压表。(3)如果选择开关接“2”，该多用电表可用来测电阻，C 刻度应标为_。(4)如果选择开关
12、接“2”，红、黑表笔短接，调节 R1的阻值使电表指针刚好满偏，再测量某一电阻，指针指在图乙所示位置，则该电阻的测量阻值为_（保留两位有效数字）。(5)如果将该多用电表的电池换成一个电动势为 1.5V、内阻为 1.2 的电池，正确调零后测量某电阻的阻值，其测量结果_（选填“偏大”、“偏小”或“准确”）。四、计算题：本题共 2 小题，共 26 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10 分）力是改变物体运动状态的原因，力能产生加速度。力在空间上的积累使物体动能发生变化；力在时间上的积累使物体动量发生变化。如图所示，质量为 m 的物块，在水平合外力 F
13、的作用下做匀变速直线运动，速度由0v变化到v时，经历的时间为 t，发生的位移为 x。(1)请根据牛顿第二定律和相关规律，推导动能定理；(2)请根据牛顿第二定律和相关规律，推导动量定理。14（16 分）如图所示，开口向上的汽缸 C 静置于水平桌面上，用一横截面积 S=50cm2的轻质活塞封闭了一定质量的理想气体，一轻绳一-端系在活塞上，另一端跨过两个定滑轮连着一劲度系数 k=1400N/m 的竖直轻弹簧 A，A 下端系有一质量 m=14kg 的物块 B。开始时，缸内气体的温度 t=27C，活塞到缸底的距离 L1=120cm，弹簧恰好处于原长状态。已知外界大气压强恒为 p=1.0105 Pa，取重
14、力加速度 g=10 m/s2，不计一切摩擦。现使缸内气体缓慢冷却，求:(1)当 B 刚要离开桌面时汽缸内封闭气体的温度(2)气体的温度冷却到-93C 时离桌面的高度 H 15（12 分）在某次的接力比赛项目中，项目组规划的路线如图所示，半径20mR 的四分之一圆弧PQ赛道与两条直线赛道分别相切于P和Q点，圆弧PQ为接力区，规定离开接力区的接力无效。甲、乙两运动员在赛道上沿箭头方向训练交接棒的过程中发现：甲经短距离加速后能保持 9m/s 的速率跑完全程，乙从起跑后的切向加速度大小是恒定的。为了确定乙起跑的时机，需在接力区前适当的位置设置标记。在某次练习中，甲在接力区前13.5ms 的 A 处作了
15、标记，并以9m/sv 的速度跑到此标记时向乙发出起跑口令，乙在接力区的 P 点听到口令时起跑，并恰好在速度达到与甲相等时被甲追上，完成交接棒。假设运动员与赛道间的动摩擦因数为 0.5，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，运动员（可视为质点）在直道上做直线运动，在弯道上做圆周运动，重力加速度 g=10m/s2，=3.14，求：(1)为确保在弯道上能做圆周运动，允许运动员通过弯道PQ的最大速率；(2)此次练习中乙在接棒前的切向加速度 a。参考答案 一、单项选择题：本题共 6 小题，每小题 4 分，共 24 分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】AB线圈中产生的交流电最大值为
16、 mENB S 有效值 2NB SE 电流表示数是=2()ENB SIRRRR外外 电流表示数的最大值 max2NB SIR 电压表两端电压是路端电压=2()ERNB SRURRRR外外外外 选项 AB 错误；C当外电阻等于内电阻时，电源输出功率最大，线圈最大输出功率为 2222248EN B SPRR 选项 C 正确；D仅将滑动变阻器滑片向上滑动，电阻变大，则电流表示数变小，电压表示数变大，D 错误。故选 C。2、D【解析】ABCD由题，点波源 S 发出的电磁波经一负折射率平板介质后，折射光线与入射光线在法线的同一侧，所以不可能是光学 1 或 2；根据光线穿过两侧平行的介质后的特点：方向与开
17、始时的方向相同，所以光线 3 出介质右侧后，根据折射光线与入射光线在法线同侧这一条件，光线将无法汇聚形成实像；光线 4 才能满足“同侧”+“成实像”的条件，所以折射光线 4 可能是正确的，光线 3 是错误的，由以上的分析可知，ABC 错误 D 正确。故选 D。3、D【解析】因 a、c 的质量关系不确定，则无法比较两卫星的向心力的大小，选项 A 错误；a、b 卫星的半径相同，则加速度的大小一定相同，选项 B 错误；c 是一般的人造卫星，可能会经过北京的上空，选项 C 错误；a、b 的半径相同，则周期相同，因 a 是地球的同步卫星，则两卫星的周期都等于地球自转的周期，选项 D 正确；故选 D.4、
18、A【解析】卫星绕地球做匀速圆周运动，根据万有引力提供向心力可知 22GMmmrr 根据几何关系可知，卫星与地心连线在时间t内扫过的面积 22tSr 联立解得卫星绕地球的轨道半径 224SrGMt 故 A 正确，B、C、D 错误；故选 A。5、D【解析】A查德威克用 粒子轰击铍原子核，发现了中子。卢瑟福用 粒子轰击氮原子核，发现了质子，故 A 错误；B贝克勒尔通过对天然放射性现象的研究，证明原子核有复杂结构，故 B 错误；C汤姆孙通过对阴极射线的研究发现了电子，但阴极射线不是原子核中的中子变为质子时产生的 射线，故 C 错误；D居里夫妇从沥青铀矿中分离出了钋（P0）和镭（Ra）两种新元素，故 D
19、 正确。故选 D。6、D【解析】A从图中可知1t时刻钢球正向下向平衡位置运动，即向下做加速运动，加速度向下，所以处于失重状态，A 错误；B从图中可知2t时刻正远离平衡位置，所以速度向下，B 错误；C21tt时间内小球先向平衡位置运动，然后再远离平衡位置，故速度先增大后减小，即动能先增大后减小，C 错误；D21tt时间内小球一直向下运动，拉力恒向上，做负功，所以小球的机械能减小，D 正确。故选 D。二、多项选择题：本题共 4 小题，每小题 5 分，共 20 分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得 5 分，选对但不全的得 3 分，有选错的得 0 分。7、ABC【解析
20、】A当分子力表现为引力时，增大分子减的距离，需要克服分子力做功，所以分子势能随分子间距离的增大而增大，故 A 正确；B一定量的理想气体保持压强不变，气体体积减小，气体分子的密集程度增大，单位时间内气体分子对容器壁单位面积上碰撞次数增多，故 B 正确；C当人们感到干燥时，空气的相对湿度一定较小，故 C 正确；D液晶既具有液体的流动性，又具有单晶体的光学各向异性的特点，故 D 错误；E根据热力学第二定律可知，一切与热现象有关的宏观自然过程都具有方向性，都是不可逆，故 E 错误；故选 ABC。8、BC【解析】A根据楞次定律，导体棒 ab 的电流方向由 b 到 a，A 错误；B导体棒 ab 垂直切割磁
21、感线，产生的电动势大小 E=BLv 由闭合电路的欧姆定律得 EIRr 导体棒受到的安培力 FA=BIL 当导体棒做匀速直线运动时速度最大，由平衡条件得 22mB L vmgFRr 解得最大速度 tn22()()Fmg RrvB L B 正确；C当速度为 v0由牛顿第二定律得 220B L vFmgmaRr 解得 220()B L vFagmRr m C 正确；D在整个过程中，由能量守恒定律可得 Ek+mgx+Q=Fx 解得整个电路产生的焦耳热为 Q=FxmgxEk D 错误。故选 BC。9、BD【解析】A小球从b点运动到c点根据动能定理有 211 sin3200cmgRmv 在 c 点时有 2
22、cvFmgmR 代入数据解得 3m/scv，20NF 据牛顿第三定律，小球在c点时对轨道的压力大小为20N，故 A 错误；BCD小球从c点运动到d点做平抛运动有 212tan30cgtv t 解得 3s5t 又由平抛运动规律可知水平位移 33 33mm55cxv t 竖直位移 2213m0.6m251102ygt 故 B 正确，D 正确，C 错误。故选 BD。10、AC【解析】ABD小球从 c 到 Q 的逆过程做平抛运动，小球运动到 c 点时的速度大小 3m/s5m/scos0.6cvv 小球运动到 c 点时竖直分速度大小 4 tan3m/s=4m/s3cyvv 则 Q、c 两点的高度差 22
23、4m0.8m22 10cyvhg 设 P、a 两点的高度差为 H，从 P 到 c，由机械能守恒得 21cos2cmg HRmv()解得 0.65mH 小球从 P 点运动到 Q 点的过程中重力所做的功为 cos1 100.651 0.60.8 J4.5JWmgHRh ()()故 A 正确，BD 错误；C从 P 到 b，由机械能守恒定律得 212bmg HRmv()小球在 b 点时，有 2bvNmgmR 联立解得 43NN 根据牛顿第三定律知，小球运动到 b 点时对轨道的压力大小为 43N，故 C 正确。故选 AC。三、实验题：本题共 2 小题，共 18 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求
24、写出演算过程。11、0.470 03 2.4 010 7.5 【解析】（1）1螺旋测微器的固定刻度为 0，经估读后旋转刻度在 47 格处，测量值为 0.470mm。（结果为值读数字真读，值读至 0.001mm，测量值为 0.470mm）（2）2345由仪器参数确定器材。电源电动势为 4.5V，若电压表选用015V量程其指针偏转过小，应选用0 3V量程。由电路规律分析原理。电压表读数几乎不变，电流表读数变化明显，说明xR阻值较大，与电压表电阻相接近，一般为几千欧而电源电动势只有4.5V，由欧姆定律计算知电流只有几毫安，故电流表选用010mA量程。xR阻值较大，则应使电流表内接，即2S拨至 b。此
25、时电压表为满偏的45，则读数为 43V2.4V5U 电流表为满偏的34，则读数为 310mA7.5mA4I 12、7.46mA 2.5V 150 51 准确 【解析】(1)1选择开关接“1”时测电流，电表表盘下面刻度的最小分度值为 0.2mA，指针在两最小刻度之间进行估读，故其示数为 37.4mA0.2mA7.46mA10 说明：估读方法符合最新高考评分标准。(2)2根据串联电路有分压作用可知，当电表满偏时有 22.5VggUIRR 所以开关接“3”时为量程 2.5V 的电压表。(3)3欧姆表的内阻 150gERI内 由于欧姆表的中值电阻等于欧姆表内阻，故 C 处刻度为 150。(4)4根据闭
26、合电路欧姆定律有 xEIRR内 其中 7.46mAI，150R 内 解得 51xR (5)5因为电源内阻的变化，可以通过调零电阻阻值的变化来抵消，所以调零后测量某电阻阻值的测量结果是准确的。四、计算题：本题共 2 小题，共 26 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、(1)推导过程见解析；(2)推导过程见解析【解析】(1)物体做匀变速直线运动，合外力提供加速度，根据牛顿第二定律 Fma 根据速度与位移的关系 22022Fvvaxxm 变形得动能定理 2201122Fxmvmv(2)根据速度与时间的关系 00Fvvatvtm 变形得动量定理 0Ftm
27、vmv 14、(1)198K；(2)10cm【解析】(1)B 刚要离开桌面时弹簧拉力为 1kxmg 解得 10.1m10cmx 由活塞受力平衡得 21p SpSkx 根据理想气体状态方程有 121112()pL SpLx STT 代入数据解得 2198KT (2)当温度降至 198K 之后，若继续降温，则缸内气体的压强不变，根据盖-吕萨克定律，则有 111123()()Lx SLxH STT 代入数据解得 10cmH 15、(1)10m/s；(2)3m/s2【解析】(1)因为运动员弯道上做圆周运动，摩擦力提供向心力，由牛顿第二定律有 2mvmgR 解得 10m/svgR(2)设经过时间 t，甲追上乙，甲的路程为 1xvt 乙的路程为 22vxt 由路程关系有 13.52vvtt 将 v=9m/s 代入得 t=3s 此时 27m31.4m2vtR 所以还在接力区内 根据 v=at 代入数据解得 a=3m/s2