《2023届湖南省湘潭市名校高三六校第一次联考物理试卷含解析.pdf》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2023届湖南省湘潭市名校高三六校第一次联考物理试卷含解析.pdf（15页珍藏版）》请在taowenge.com淘文阁网|工程机械CAD图纸|机械工程制图|CAD装配图下载|SolidWorks_CaTia_CAD_UG_PROE_设计图分享下载上搜索。
1、2023 年高考物理模拟试卷 注意事项：1答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。2回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。3考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共 6 小题，每小题 4 分，共 24 分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，图中虚线为某静电场中的等差等势线，实线为某带电粒子在该静电场中运动的轨迹，a、b、c 为粒子的运动轨迹与等势线的交点，粒子只受电场力作用，则下列说法正确的是（）
2、A粒子在 a 点的加速度比在 b 点的加速度大 B粒子在 a 点的动能比在 b 点的动能大 C粒子在 a 点和在 c 点时速度相同 D粒子在 b 点的电势能比在 c 点时的电势能大 2、如图所示，一足够长的木板在光滑的水平面上以速度 向右匀速运动，现将质量为 的物体竖直向下轻轻地放置在木板上的右端，已知物体 和木板之间的动摩擦因数为。为保持木板的速度不变，从物体 放到木板上到它相对木板静止的过程中，须对木板施加一水平向右的作用力，那么力 对木板做功的数值为（）A B C D 3、2019 年北京时间 4 月 10 日 21 时，人类历史上首张黑洞照片被正式披露，引起世界轰动。黑洞是一类特殊的天
3、体，质量极大，引力极强，在它附近（黑洞视界）范围内，连光也不能逃逸，并伴随着很多新奇的物理现象。传统上认为，黑洞“有进无出”，任何东西都不能从黑洞视界里逃逸出来，但霍金、贝肯斯坦等人经过理论分析，认为黑洞也在向外发出热辐射，此即著名的“霍金辐射”，因此可以定义一个“黑洞温度T”。T=38hcKGM其中 T 为“黑洞”的温度，h 为普朗克常量，c 为真空中的光速，G 为万有引力常量，M 为黑洞的质量。K 是一个有重要物理意义的常量，叫做“玻尔兹曼常量”。以下几个选项中能用来表示“玻尔兹曼常量”单位的是（）AJK B2Kg mK S C2Kg mK S DWK S 4、如图所示，两平行导轨、竖直放
4、置在匀强磁场中，匀强磁场方向竖直向上，将一根金属棒放在导轨上使其水平且始终与导轨保持良好接触，现在金属棒中通以变化的电流，同时释放金属棒使其运动已知电流 随时间 变化的关系式为（为常数，），金属棒与导轨间的动摩擦因数一定以竖直向下为正方向，则下面关于棒的速度、加速度 随时间 变化的关系图象中，可能正确的有 A B C D 5、在 2018 年亚运会女子跳远决赛中，中国选手许小令获得铜牌。在某一跳中，她（可看作质点）水平距离可达 6.50 m，高达 1.625 m。设她离开地面时的速度方向与水平面的夹角为，若不计空气阻力，则正切值 tan 的倒数等于（）A0.5 B1 C4 D8 6、如图，S
5、是波源，振动频率为 100Hz，产生的简谐横波向右传播，波速为 40m/s。波在传播过程中经过 P、Q 两点，已知 P、Q 的平衡位置之间相距 0.6m。下列判断正确的是（）AQ 点比 P 点晚半个周期开始振动 B当 Q 点的位移最大时，P 点的位移最小 CQ 点的运动方向与 P 点的运动方向可能相同 D当 Q 点通过平衡位置时，P 点也通过平衡位置 二、多项选择题：本题共 4 小题，每小题 5 分，共 20 分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得 5 分，选对但不全的得 3 分，有选错的得 0 分。7、下列说法正确的是_ A水池中水的温度相同，水底一小气泡因扰
6、动而上升时一定吸热 B悬浮在液体中的固体微粒越小，布朗运动就越明显 C同一容器中同种气体所有的分子运动速率基本相等 D熵增加原理说明一切自然过程总是向着分子热运动的无序性增大的方向进行 E.压缩汽缸内气体时要用力推活塞，这表明气体分子间的作用力主要表现为斥力 8、质谱仪又称质谱计，是根据带电粒子在电磁场中能够偏转的原理，按物质原子、分子或分子碎片的质量差异进行分离和检测物质组成的一类仪器。如图所示为某品牌质谱仪的原理示意图，初速度为零的粒子在加速电场中，经电压 U加速后，经小孔 P 沿垂直极板方向进入垂直纸面的磁感应强度大小为 B 的匀强磁场中，旋转半周后打在荧光屏上形成亮点。但受加速场实际结
7、构的影响，从小孔 P 处射出的粒子方向会有相对极板垂线左右相等的微小角度的发散（其他方向的忽略不计），光屏上会出现亮线，若粒子电量均为 q，其中质量分别为 m1、m2（m2 m1）的两种粒子在屏上形成的亮线部分重合，粒子重力忽略不计，则下列判断正确的是（）A小孔 P 处粒子速度方向相对极板垂线最大发散角 满足 cos=12mm B小孔 P 处粒子速度方向相对极板垂线最大发散角 满足 sin=12mm C两种粒子形成亮线的最大总长度为2112)2mmUBqm（D两种粒子形成亮线的最大总长度为2122)2mmUBqm（9、一辆小汽车在水平路面上由静止启动，在前 5s 内做匀加速直线运动，5s 末达
8、到额定功率，之后保持以额定功率运动.其vt图象如图所示.已知汽车的质量为31 10mkg，汽车受到地面的阻力为车重的0.1倍，则以下说法正确的是()A汽车在前 5s 内的牵引力为35 10 N B汽车速度为25/m s时的加速度为25/m s C汽车的额定功率为 100 kW D汽车的最大速度为 80/m s 10、如图所示，在竖直平面内的 xOy 坐标系中分布着与水平方向成 30角的匀强电场，将一质量为 0.1kg、带电荷量为+0.01C 的小球以某一初速度从原点 O 竖直向上抛出，它的轨迹方程为 y1=x，已知 P 点为轨迹与直线方程 y=x 的交点，重力加速度 g=10m/s1则（）A电
9、场强度的大小为 100N/C B小球初速度的大小为5 3m/s C小球通过 P 点时的动能为5 3J4 D小球从 O 点运动到 P 点的过程中，电势能减少3J 三、实验题：本题共2 小题，共 18 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6 分）图甲为测定当地重力加速度的实验装置，不可伸长的轻摆线一端固连在铅质小圆柱的上端，另一端固定在O 点。将轻绳拉至水平后由静止释放，在小圆柱通过的最低点附近安置一组光电门，测出小圆柱运动到最低点通过光电门的挡光时间 t，用游标卡尺测出小圆柱的直径 d，如图乙所示。忽略空气阻力，实验步骤如下：(1)小圆柱的直径 d_cm；(2)测出悬点
10、到圆柱中心的距离 l，并测出对应的挡光时间 t；(3)改变摆线的长度，重复步骤(2)，多测几组数据；(4)以悬点到圆柱重心的距离 l 为纵坐标，以_为横坐标，得到的图象是一条通过坐标原点的直线，如图丙所示。计算得该图线的斜率为 k，则当地重力加速度 g=_(用物理量的符号表示)。12（12 分）某同学在做“探究弹力与弹簧长度关系”的实验中，根据实验数据描点画出 FL 图像如图所示。若弹簧始终未超过弹性限度，重力加速度 g 取 10m/s2，请回答以下两个问题：(1)由以上实验数据可求得弹簧的劲度系数 k=_N/m（保留三位有效数字）；(2)由图中实验数据得出弹簧弹力大小 F 与其长度 L 的关
11、系式为_，对应的函数关系图线与横轴（长度 L）的交点表示_。四、计算题：本题共 2 小题，共 26 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10 分）如图所示,C 是放在光滑的水平面上的一块木板,木板的质量为 3m,在木板的上面有两块质量均为 m 的小木块 A 和 B,它们与木板间的动摩擦因数均为，最初木板静止,A、B 两木块同时以方向水平向右的初速度 v0和 2v0在木板上滑动,木板足够长,A、B 始终未滑离木板,重力加速度为 g，求:(1)木块 B 从刚开始运动到与木板 C 速度刚好相等的过程中,木块 B 所发生的位移；(2)木块 A 在整个过程
12、中的最小速度；(3)整个过程中,A、B 两木块相对于木板滑动的总路程是多少?14（16 分）如图所示，绝热容器中封闭一定质量的理想气体，现通过电热丝缓慢加热，当气体吸收热量 Q 时，活塞恰好缓慢上移 H，已知活塞横截面积为 S，重量忽略不计，大气压强为 p0，求封闭气体内能增加量。15（12 分）如图所示，质量为6m kg、足够长的长木板放在水平面上，其上表面水平，质量为13m kg 的物块A放在长木板上距板右端13mL 处，质量为23kgm 的物块B放在长木板上左端，地面上离板的右端23mL 处固定一竖直挡板。开始A B、长木板处于静止状态，现用一水平拉力F作用在物块A上，使物块A相对于长木
13、板滑动，当长木板刚要与挡板相碰时，物块A刚好脱离木板，长木板与挡板碰撞后以与碰撞前大小相同的速度返回。已知两物块与长木板间的动摩擦因数均为10.5，长木板与地面间的动摩擦因数为20.1，重力加速度210m/sg，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，不计物块大小，求：（1）拉力F的大小；（2）物块A滑离长木板后，长木板运动多长时间才会停下来。参考答案 一、单项选择题：本题共 6 小题，每小题 4 分，共 24 分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、A【解析】由等势面的疏密可知电场强度的大小，由FEq可知电场力的大小关系；根据曲线的弯曲方向可知粒子的受力方向，进而判断出电场力做功的特
14、点。根据能量守恒定律分析粒子在 a 点动能与粒子在 b 点动能之间的关系。由动能定理可知 BC 两点的间的电势能的变化。本题中解题的关键在于曲线的弯曲方向的判断，应掌握根据弯曲方向判断受力方向的方法。【详解】A因 a 点处的等势面密集，故 a 点的电场强度大，故电荷在 a 点受到的电场力大于 b 点受到的电场力，结合牛顿第二定律可知，粒子在 a 点的加速度比在 b 点的加速度大，故 A 正确；B由粒子运动的轨迹弯曲的方向可知，粒子受到的电场力指向右侧，则从 a 到 b 电场力做正功，粒子动能增大，故 B错误；C速度是矢量，沿轨迹的切线方向，由图可知，粒子在 a 点和在 c 点时速度方向不相同，
15、故 C 错误；D粒子受到的电场力指向右侧，则从 b 到 c 电场力做负功，粒子的电势能增大，所以粒子在 b 点的电势能比在 c 点时的电势能小，故 D 错误；故选 A。【点睛】本题中告诉的是等势面，很多同学由于思维定势当成了电场线从而出现错解。2、C【解析】由能量转化和守恒定律可知，拉力 F 对木板所做的功 W 一部分转化为物体 m 的动能，一部分转化为系统内能，故，以上三式联立可得。A.，选项 A 不符合题意；B.，选项 B 不符合题意；C.，选项 C 符合题意；D.，选项 D 不符合题意；3、A【解析】根据 38hcTKGM 得38hckTGM，h 的单位为 2J s=N m s=kg g
16、 m/s c 的单位是 m/s，G 的单位是 2232N m/kg=kg m/s M 的单位是 kg，T 的单位是 K，代入上式可得 k 的单位是 22kg mJ=K sK 故 A 正确，BCD 错误。故选 A。4、B【解析】以竖直向下为正方向，根据牛顿第二定律得，金属棒的加速度，f=N=FA=BIL=BLkt，联立解得加速度a=g，与时间成线性关系，且 t=0 时，a=g，故 CD 错误。因为开始加速度方向向下，与速度方向相同，做加速运动，加速度逐渐减小，即做加速度逐渐减小的加速运动，然后加速度方向向上，加速度逐渐增大，做加速度逐渐增大的减速运动。故 A 错误，B 正确。故选 B。【点睛】解
17、决本题的关键会根据合力确定加速度的变化，结合加速度方向与速度方向判断物体做加速运动还是减速运动，知道速度时间图线的切线斜率表示加速度 5、B【解析】从起点 A 到最高点 B 可看作平抛运动的逆过程，如图所示：许小令做平抛运动位移方向与水平方向夹角的正切值为 tan=0.5，速度方向与水平方向夹角的正切值为 tan=2tan=1，则正切值 tan 的倒数等于 1，故 B 正确，ACD 错误。6、D【解析】A根据vf可知，波长 40m0.4m100vf 又 0.6m1.5PQ 故 Q 点比 P 点晚 1.5 个周期开始振动，A 错误；BCP、Q 两点的平衡位置距离是半个波长的奇数倍，故两者振动情况
18、完全相反，即两点的运动方向始终相反，当 Q点的位移最大时，P 点的位移也最大，但两者方向相反，BC 错误；D、两点平衡位置距离是半个波长的奇数倍，所以当 Q 通过平衡位置时，P 点也通过平衡位置，但两者运动方向相反，D 正确。故选 D。二、多项选择题：本题共 4 小题，每小题 5 分，共 20 分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得 5 分，选对但不全的得 3 分，有选错的得 0 分。7、ABD【解析】A气泡上升过程压强不断减小，气泡逐渐胀大，就要对外做功，然而温度还不变，于是它肯定不断吸热所以 A 正确 B 悬浮在液体中的颗粒越小,在某一瞬间跟它相撞击的分子数
19、越小.布朗运动微粒大小在 10-6m 数量级,液体分子大小在10-10m 数量级,撞击作用的不平衡性就表现得越明显,因此,布朗运动越明显.B 正确 C同一容器中同种气体所有的分子运动速率不一定相等，C 错误 D按机械能与内能转化的方向性表述：不可能从单一热源吸收热量，使之完全变成功，而不产生其他影响熵增加原理的内容：在任何自然过程中，一个孤立系统的总熵不会减小如果过程可逆，则熵不变；如果过程不可逆，则熵增加 从微观的角度看，热力学第二定律是一个统计规律：一个孤立系统总是从熵小的状态向熵大的状态发展，而熵值较大代表着较为无序，所以自发的宏观过程总是向无序度更大的方向发展所以 D 正确 E分子间的
20、引力和斥力是同时存在的，它们的大小随分子间的距离而发生变化当0rr时，合力表现为斥力，当0rr时，合力表现为引力E 错误 所以选择 ABD 8、AD【解析】由题意知 21 012qUmv 20011vqv BmR 解得 1121RqBmU 同理 2221m URBq 设左右最大发射角均为时，粒子2m光斑的右边缘恰好与粒子1m光斑的左边缘重合，如图所示（图中虚线为2m半圆轨迹和向左发散角轨迹，实线为1m半圆轨迹和向左发散轨迹），则 212cos2RR 联立解得 12cosmm 此时两种粒子光斑总宽度为 2122cosxRR 解得 21222mmUxBqm 故选 AD。9、AC【解析】由速度时间图
21、线知，匀加速运动的加速度大小 a=20 5m/s24m/s2，根据牛顿第二定律得，F-f=ma，解得牵引力F=f+ma=1000+4000N=5000N，故 A 正确汽车的额定功率 P=Fv=500020W=100000W=100kW，汽车在 25m/s 时的牵引力 F100000 25PvN4000N，根据牛顿第二定律得，加速度2240001000/3/1000Ffam sm sm，故 B 错误，C 正确当牵引力等于阻力时，速度最大，则最大速度100000/100/1000mPvm sm sf，故 D 错误故选 AC 点睛：本题考查了汽车恒定加速度启动的问题，理清整个过程中的运动规律，结合牛
22、顿第二定律和运动学公式综合求解，知道牵引力等于阻力时，汽车的速度最大 10、AC【解析】小球，以某一初速度从 O 点竖直向上抛出，它的轨迹恰好满足抛物线方程 y=x1，说明小球做类平抛运动，则电场力与重力的合力沿 x 轴正方向，竖直方向：qEsin30=mg，所以：22/100/0.02mgEN CN Cq，选项 A 正确；小球受到的合力：F合=qEcos30=ma，所以 a=3g；P 点的坐标为（1m，1m）；由平抛运动规律有：01v t；2112at，解得05 3/vm s，选项 B 错误；小球通过 P 点时的速度220()25 3/Pvvatm s，则动能为215 324kPPEmvJ，
23、选项 C 正确；小球从 O 到 P 电势能减少，且减少的电势能等于电场力做的功，即：00cos3030(3 1)EWEqxEqsinxJ，选项 D 错误；故选 AC.点睛：本题考查类平抛运动规律以及匀强电场的性质，结合抛物线方程 y=x1，得出小球在受到的电场力与重力大小关系是解答的关键 三、实验题：本题共 2 小题，共 18 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、1.02 21()t 2dk 【解析】(1)1小圆柱的直径 d=1.0cm+20.1mm=1.02cm.(2)23根据机械能守恒定律得 212mglmv 所以 2211()22dglvt 得到 2212()d
24、lgt 则以悬点到圆柱重心的距离 l 为纵坐标，以21()t为横坐标。其中 22dkg 故 22dgk 12、156 F=156(L0.02)弹簧原长 【解析】(1)1弹簧弹力 F 与弹簧长度 L 的关系图像的斜率表示劲度系数，则劲度系数 5N/m156N/m0.0520.020k (2)23由图中实验数据结合胡克定律得到弹簧弹力大小 F 与其长度 L 的关系式 01560.02Fk LLL（）（）分析图像可知，图线与横轴的夹点表示弹簧的原长 四、计算题：本题共 2 小题，共 26 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）209150vsg，（
25、2）025Avv，（3）20#1.6vsg【解析】试题分析：（1）木块 A 先做匀减速直线运动，后做匀加速直线运动；木块 B 一直做匀减速直线运动；木板 C 做两段加速度不同的匀加速直线运动，直到 A、B、C 三者的速度相等为止，设为 v1对 A、B、C 三者组成的系统，由动量守恒定律得：mv2+2mv2=（m+m+3m）v1 解得：v1=26 v2 对木块 B 运用动能定理，有：221011222mgsmvmv 解得：209150vsg（2）设木块 A 在整个过程中的最小速度为 v，所用时间为 t，由牛顿第二定律：对木块 A：a1=mg/m=g，对木块 C：a2=2mg/3m=2g/3，当木
26、块 A 与木板 C 的速度相等时，木块 A 的速度最小，因此有：v2-gt=（2g/3）t 解得 t=3v2/（3g）木块 A 在整个过程中的最小速度为：v=v2-a1t=2v2/3（3）Q总=Q1+Q2=fs相1+fs相2=Ek损 所以201 11321.6kkEEvsssfmgg 14、0Qp SH【解析】加热过程中气体做等压变化，封闭气体压强为 pp0 气体对外做功为 Wp0SH 由热力学第一定律知内能的增加量为 UQWQp0SH 15、（1）17N；（2）2s3。【解析】（1）物块A在拉力F的作用下做初速度为零的匀加速运动，设加速度大小为1a 根据牛顿第二定律有 111 1Fm gm
27、a 设物块A从开始运动到滑离长木板所用的时间为1t，根据运动学公式有 2121 112LLa t 假设开始时物块B与长木板不会发生相对滑动，一起做加速运动的加速度为2a则 1121222m gmmmgmma 解得 221m/s3a 由于22121N15Nm am g假设成立 根据运动学公式有 222 112La t 解得 17NF （2）在长木板与挡板相碰的一瞬间，设物块B和长木板的速度为1v，根据运动学公式有 21222va L 解得 12m/sv 长木板与挡板碰撞后，物块B以大小为1v的速度向右做匀减速运动，加速度大小 2315m/sag 长木板以大小为1v的速度向左做匀减速运动，加速度大小 1222244m/sm gmmgam 物块B向右减速运动的时间 12325vtas 当物块B的速度为零时，长木板的速度为 214 22m/s5vva t 此后物块B向左做匀加速运动，加速度大小仍为23s5m/a，长木板向左仍做匀减速运动，加速度大小仍为244m/sa。设再经3t时间，两者达到共同速度，则 24 33 3va ta t 解得 3245ts 此时物块与长木板的速度 33 32m/s9va t 此后物块与长木板一起做匀减速运动的加速度大小 2521m/sag 此后物块B和长木板一起运动的时间 3452s9vta 因此物块A滑离后长木板运动的时间 2342s3tttt