《2022-2023学年永州市重点中学高考冲刺押题(最后一卷)物理试卷含解析.pdf》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2022-2023学年永州市重点中学高考冲刺押题(最后一卷)物理试卷含解析.pdf（15页珍藏版）》请在taowenge.com淘文阁网|工程机械CAD图纸|机械工程制图|CAD装配图下载|SolidWorks_CaTia_CAD_UG_PROE_设计图分享下载上搜索。
1、2023 年高考物理模拟试卷 请考生注意：1请用 2B 铅笔将选择题答案涂填在答题纸相应位置上，请用 05 毫米及以上黑色字迹的钢笔或签字笔将主观题的答案写在答题纸相应的答题区内。写在试题卷、草稿纸上均无效。2答题前，认真阅读答题纸上的注意事项，按规定答题。一、单项选择题：本题共 6 小题，每小题 4 分，共 24 分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，aefc 和 befd 是垂直于纸面向里的匀强磁场 I、II 的边界，磁场 I、的磁感应强度分别为 B1、B2，且B2=2B1，一质量为 m、电荷量为 q 的带电粒子垂直边界 ae 从 P 点射入磁场 I，后经
2、f 点进入磁场 II，并最终从 fc 边界射出磁场区域不计粒子重力，该带电粒子在磁场中运动的总时间为（）A12mqB B132mqB C1mqB D134mqB 2、如图所示的电路中，电源的电动势为 E 内电用为 r。闭合开关 S，在滑动变阻器的滑片 P 向左移动的过程中，下列结论正确的是（）A电容器 C 上的电荷量增加 B电源的总功率变小 C电压表读数变大 D电流表读数变大 3、如图所示，一光滑小球与一过球心的轻杆连接，置于一斜面上静止，轻杆通过光滑铰链与竖直墙壁连接，已知小球所受重力为 G，斜面与水平地面的夹角为 60，轻杆与竖直墙壁的夹角也为 60，则轻杆和斜面受到球的作用力大小分别为（
3、）AG 和 G B12G 和32G C32G 和12G D3G 和 2G 4、若一个质点由静止开始做匀加速直线运动，下列有关说法正确的是（）A某时刻质点的动量与所经历的时间成正比 B某时刻质点的动量与所发生的位移成正比 C某时刻质点的动能与所经历的时间成正比 D某时刻质点的动能与所发生位移的平方成正比 5、如图所示，空间有一正三棱锥 P-ABC，D 点是 BC 边上的中点，O点是底面 ABC 的中心，现在顶点 P 点固定一正的点电荷，则下列说法正确的是（）AABC 三点的电场强度相同 B底面 ABC 为等势面 C将一正的试探电荷从 B 点沿直线 BC 经过 D 点移到 C 点，静电力对该试探电
4、荷先做负功后做正功 D若 B、C、D 三点的电势为BCD、，则有BDDC=6、国家发展改革委、交通运输部、中国铁路总公司联合发布了中长期铁路网规划，勾画了新时期“八纵八横”高速铁路网的宏大蓝图。设某高铁进站时做匀减速直线运动，从开始减速到停下所用时间为 9t，则该高铁依次经过 t、3t、5t 时间通过的位移之比123:xxx为（）A5:3:1 B1:4:9 C65:15:1 D17:39:25 二、多项选择题：本题共 4 小题，每小题 5 分，共 20 分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得 5 分，选对但不全的得 3 分，有选错的得 0 分。7、如图所示，虚线
5、边界 ab 上方有无限大的匀强磁场，磁场方向垂直纸面向里。一矩形金属线框底边与磁场边界平行，从距离磁场边界高度为 h 处由静止释放，则下列说法正确的是 A线框穿出磁场的过程中，线框中会产生顺时针方向的感应电流 B线框穿出磁场的过程中，线框受到的安培力一定一直减小 C线框穿出磁场的过程中，线框的速度可能先增大后减小 D线框穿出磁场的过程中，线框的速度可能先增大后不变 8、我国研发的磁悬浮高速实验样车在 2019 年 5 月 23 日正式下线，在全速运行的情况下，该样车的时速达到 600 千米。超导体的抗磁作用使样车向上浮起，电磁驱动原理如图所示，在水平面上相距l的两根平行导轨间，有垂直水平面前等
6、距离分布的匀强磁场，磁感应强度大小均为 B，每个磁场的宽度都是l，相间排列。固定在样车下方宽为l、阻值为R 的导体线框 abcd 悬浮在导轨上方，样车运行过程中所受阻力恒为f，当磁场以速度 v0向右匀速运动时，下列说法正确的是（）A样车速度为零时，受到的电磁驱动力大小为2 204B l vR B样车速度为零时，线圈的电热功率为2 2202B l vR C样车匀速运动时，克服阻力做功的功率为202 24RffvB l D样车匀速运动时，速度大小为02 22RfvB l 9、如图，地球与月球可以看作双星系统它们均绕连线上的 C 点转动在该系统的转动平面内有两个拉格朗日点 L2、L4(位于这两个点的
7、卫星能在地球引力和月球引力的共同作用下绕 C 点做匀速圆周运动，并保持与地球月球相对位置不变)，L2点在地月连线的延长线上，L4点与地球球心、月球球心的连线构成一个等边三角形我国已发射的“鹊桥”中继卫星位于 L2点附近，它为“嫦娥四号”成功登陆月球背面提供了稳定的通信支持假设 L4点有一颗监测卫星，“鹊桥”中继卫星视为在 L2点已知地球的质量为月球的 81 倍，则 A地球和月球对监测卫星的引力之比为 81：1 B地球球心和月球球心到 C 点的距离之比为 1：9 C监测卫星绕 C 点运行的加速度比月球的大 D监测卫星绕 C 点运行的周期比“鹄桥”中继卫星的大 10、如图所示，在水平向左的匀强电场
8、中，可视为质点的带负电物块，以某一初速度从足够长的绝缘斜面上的 A 点，沿斜面向下运动，经 C 点到达 B 点时，速度减为零，然后再返回到 A 点。已知斜面倾角=30，物块与斜面间的动摩擦因数33，整个过程斜面均保持静止，物块所带电量不变。则下列判断正确的是（）A物块在上滑过程中机械能一定减小 B物块在上滑过程中，增加的重力势能一定大于减少的电势能 C物块下滑时经过 C 点的动能一定大于上滑时经过 C 点的动能 D物块在下滑过程中，斜面与地面之间的摩擦力一定为零 三、实验题：本题共 2 小题，共 18 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6 分）在“观察电容器的充、放
9、电现象”实验中，电路如图（甲）所示 (1)将开关 S 接通 1，电容器的_（填“上”或“下”）极板带正电，再将 S 接通 2，通过电流表的电流方向向_（填“左”或“右”）。(2)若电源电动势为 10V，实验中所使用的电容器如图（乙）所示，充满电后电容器正极板带电量为_C（结果保留两位有效数字）。(3)下列关于电容器充电时，电流 i 与时间 t 的关系；所带电荷量 q 与两极板间的电压 U 的关系正确的是_。12（12 分）如图所示，将打点计时器固定在铁架台上，用重物带动纸带从静止开始自由下落，利用此装置可验证机械能守恒定律.（1）已准备的器材有打点计时器（带导线）、纸带、复写纸、带铁夹的铁架台
10、和带夹子的重物，此外还需要的器材是_（填字母代号）.A直流电源、天平及砝码 B直流电源、毫米刻度尺 C交流电源、天平及砝码 D交流电源、毫米刻度尺（2）实验中需要测量物体由静止开始自由下落到某点时的瞬时速度 v 和下落高度 h.某同学对实验得到的纸带，设计了以下四种测量方案，这些方案中合理的是_（填字母代号）.A用刻度尺测出物体下落的高度 h，由打点间隔数算出下落的时间 t，通过 v=gt 算出瞬时速度 v B用刻度尺测出物体下落的高度 h，并通过2vgh计算出瞬时速度 v C根据做匀变速直线运动时，纸带上某点的瞬时速度等于这点前后相邻两点间的平均速度，测算出瞬时速度 v，并通过22vhg计算
11、得出高度 h D用刻度尺测出物体下落的高度 h，根据做匀变速直线运动时，纸带上某点的瞬时速度等于这点前后相邻两点间的平均速度，测算出瞬时速度 v（3）实验结果往往是重力势能的减少量略大于动能的增加量，关于这个误差下列说法正确的是_（填字母代号）.A该误差属于偶然误差 B该误差属于系统误差 C可以通过多次测量取平均值的方法来减小该误差 D可以通过减小空气阻力和摩擦阻力的影响来减小该误差 四、计算题：本题共 2 小题，共 26 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10 分）如图所示，扇形玻璃砖AOB的圆心角为 150，玻璃砖半径为R，一条单色光平行于
12、OA，由OB的中点D入射，经折射后由圆弧面的E点射出玻璃砖，圆弧AE的长度与圆弧BE的长度之比为 23，已知真空中光速为c。求：该单色光在玻璃砖从D到E传播的时间。14（16 分）如图所示，竖直平面内的四分之一圆弧轨道下端与水平桌面相切，小滑块 A 和 B 分别静止在圆弧轨道的最高点和最低点。现将 A 无初速释放，A 与 B 碰撞后结合为一个整体，并沿桌面滑动。已知圆弧轨道光滑，半径R=0.2m；A 和 B 的质量均为 m=0.1kg，A 和 B 整体与桌面之间的动摩擦因数=0.2。取重力加速度 g=10m/s2。求：（1）与 B 碰撞前瞬间 A 对轨道的压力 N 的大小；（2）碰撞过程中 A
13、 对 B 的冲量 I 的大小；（3）A 和 B 整体在桌面上滑动的距离 l。15（12 分）如图所示，平行导轨宽为 L、倾角为，处在垂直导轨平面向下的匀强磁场中，磁感强度为 B，CD 为磁场的边界，导轨左端接一电流传感器，CD 右边平滑连一足够长的导轨。质量为 m、电阻为 R 的导体棒 ab 长也为 L，两端与导轨接触良好，自导轨上某处由静止滑下。其余电阻不计，不计一切摩擦和空气阻力，重力加速度为 g。(1)棒 ab 上的感应电流方向如何？(2)棒 ab 在磁场内下滑过程中，速度为 v 时加速度为多大？(3)若全过程中电流传感器指示的最大电流为 I0。求棒 ab 相对于 CD 能上升的最大高度
14、。参考答案 一、单项选择题：本题共 6 小题，每小题 4 分，共 24 分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、B【解析】粒子在磁场中运动只受洛伦兹力作用，故粒子做圆周运动，洛伦兹力做向心力，故有 2vqvBmR 则有 mvRqB 粒子垂直边界 ae 从 P 点射入磁场，后经 f 点进入磁场，故根据几何关系可得：粒子在磁场中做圆周运动的半径为磁场宽度 d；根据轨道半径表达式，由两磁场区域磁感应强度大小关系可得：粒子在磁场中做圆周运动的半径为磁场宽度2d，那么，根据几何关系可得：粒子从 P 到 f 转过的中心角为90，粒子在 f 点沿 fd 方向进入磁场；然后粒子在磁场中转过
15、180，在 e 点沿 ea 方向进入磁场；最后，粒子在磁场中转过90后从 fc 边界射出磁场区域；故粒子在两个磁场区域分别转过180，根据周期22rmTvqB可得：该带电粒子在磁场中运动的总时间为 121113222mtTTqB 故选 B。2、D【解析】A与变阻器并联的电容器两端电压变小，电容不变，则由QCU知电容器 C 上电荷量减小，故 A 错误；B电源的总功率PEI，与电流的大小成正比，则知电源的总功率变大，故 B 错误；CD当滑片向左滑动的过程中，其有效阻值变小，所以根据闭合电路欧姆定律得知，干路电流变大，电源的内电压变大，路端电压变小，则电流表读数变大，电压表读数变小，故 C 错误，D
16、 正确。故选 D。3、A【解析】对小球受力分析如图，由几何关系，三力互成 120角，据平衡条件有 NFFG 则轻杆和斜面受到球的作用力大小 NFFG 故选 A 4、A【解析】A根据pmv和vat，联立可得 pmat p与t成正比，故 A 正确；B根据2vax可得 2pmvmax p与x成正比，故 B 错误；C由于 2211()22kEmvm at kE与2t成正比，故 C 错误；D由于 2112max22kEmvmax kE与x成正比，故 D 错误。故选 A。5、C【解析】ABA、B、C 三点到 P 点的距离相等，根据点电荷的场强公式2kQEr分析可知，A、B、C 三点的电场强度大小相等，但方
17、向不同；A、B、C 的三个点到场源电荷的距离相等，在同一等势面，但其它点到场源电荷的距离与 A、B、C 三点到场源电荷的距离不等，故底面 ABC 所在平面不是等势面，故 A、B 错误；C将一正的试探电荷从 B 点沿直线 BC 经过 D 点移到 C 点，电势先升高后降低，电势能先增大后减小，则静电力对该试探电荷先做负功后做正功，故 C 正确；D由于 B、C 的两个点到场源电荷的距离相等，在同一等势面，即BC，则有BDCD，故 D 错误；6、D【解析】可以将高铁进站时的匀减速直线运动等效成反向的初速度为零的匀加速直线运动，根据初速度为零的匀加速直线运动中通过连续相等的时间内的位移之比为 1:3:5
18、:7:9:11:13:15:17:可得题中依次经过 t、3t、5t 通过的位移之比 123:17:15 13 11:975 3 117:39:25xxx ABC 错误 D 正确。故选 D。二、多项选择题：本题共 4 小题，每小题 5 分，共 20 分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得 5 分，选对但不全的得 3 分，有选错的得 0 分。7、AD【解析】A线框穿出磁场的过程中，线框内磁通量减小，由楞次定律可知，线框中会产生顺时针方向的感应电流，故 A 正确；B线框穿出磁场的过程中，线框所受安培力若大于重力，则线框做减速运动，受到的安培力减小，线框所受安培力若小于
19、重力，则线框做减加速运动，受到的安培力增大，故 B 错误；CD线框穿出磁场的过程中，线框所受安培力若小于重力，则线框做加速运动，速度增大，产生的感应电流增大，所受安培力增大，当安培力增大到等于重力时，做匀速运动，不会出现速度先增大后减小的情况，故 C 错误 D 正确。故选：AD。8、AC【解析】A当磁场以速度 v0向右匀速运动且样车速度为零时，线框前、后边切割磁感线产生的总感应电动势 02EBlv 由闭合电路欧婿定律可知，线框中的感应电流 EIR 样车受到的安培力即电磁驱动力 2FBIl 联立解得 2 204B l vFR 选项 A 正确；B样车速度为零时，线圈的电热功率 2 222204B
20、l vEPI RRR 选项 B 错误；CD设样车匀速运动的速度为当样车以速度 v 匀速运动时，线框前后边切割磁感线的速度为 v0-v，产生的总感应电动势 0=2()EBl vv 由闭合电路欧姆定律可知，线框中的感应电流 EIR 样车受到的安培力即电磁驱动力 2FBI l 由平衡条件有 Ff 联立解得 02 24fRvvB l 克服阻力做功的功率 202 24ff RPfvfvB l 选项 D 错误，C 正确。故选 AC。9、AC【解析】A 项：由公式2mMGFr可知，地球和月球对监测卫星的引力之比为等于地球的质量与月球的质量之比即为 81：1，故 A 正确；B 项：设地球球心到 C 点的距离为
21、 r1，月球球心到 C 点的距离为 r2，对地球有：212mMGMrL地地 222mMGMrL月月 联立解得：21r81=1MMr地月，故 B 错误；C 项：对月球有：2=GM MM aL月地月，对监测卫星有：地球对监测卫星的引力2GM mL地，月球对监测卫星的引力2GM mL月，由于两引力力的夹角小于 90o，所以两引力的合力大于2GM mL地，由公式2GMaL可知，监测卫星绕 C 点运行的加速度比月球的大，故 C 正确；D 项：由于监测卫星绕 C 点运行的加速度比月球的大，所以监测卫星绕 C 点运行的周期比月球的更小，由于月球的周期与“鹄桥”中继卫星的相等，所以监测卫星绕 C 点运行的周期
22、比“鹄桥”中继卫星的小，故 D 错误 10、CD【解析】A上滑过程中满足 cossinEqfmg 则电场力做功大于摩擦力做功，即除重力以外的其它力对物体做正功，则物体的机械能增加，选项 A 错误；B上滑过程中由动能定理-fGkWWWE 电 则 GWW电 则物块在上滑过程中，增加的重力势能一定小于减少的电势能，选项 B 错误；C由于滑块下滑经过 C 点往下运动，再返回到 C 点时有摩擦力做功，则由能量关系可知物块下滑时经过 C 点的动能一定大于上滑时经过 C 点的动能，选项 C 正确；D当不加电场力时，由于斜面对物体的支持力为 N=mgcos30 摩擦力 f=mgcos30=mgsin30 可知
23、支持力和摩擦力的合力方向竖直向上；当加电场力后，支持力和摩擦力成比例关系增加，则摩擦力和支持力的合力仍竖直向上，根据牛顿第三定律，则物块给斜面的摩擦力和压力的方向竖直向下，可知斜面在水平方向受力为零，则斜面所受地面的摩擦力为零，选项 D 正确。故选 CD。三、实验题：本题共 2 小题，共 18 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、上 左 23.3 10 A 【解析】(1)1开关 S 接通 1，电容器充电，根据电源的正负极可知电容器上极板带正电。2开关 S 接通 2，电容器放电，通过电流表的电流向左。(2)3充满电后电容器所带电荷量 623300 10 F 10V3.3
24、 10 CQCU(3)4AB电容器充电过程中，电流逐渐减小，随着两极板电荷量增大，电流减小的越来越慢，电容器充电结束后，电流减为 0，A 正确，B 错误；CD电容是电容器本身具有的属性，根据电容的定义式QCU可知，电荷量与电压成正比，所以图线应为过原点直线，CD 错误。故选 A。12、D D BD 【解析】（1）打点计时器需接交流电源 机械能守恒中前后都有质量，所以不要天平和砝码 计算速度需要测相邻计数的距离，需要刻度尺，故选 D（2）在验证机械能守恒时不能用有关 g 值来计算速度，利用vgt、22vgh，在计算高度时直接测量距离，在计算速度时利用中点时刻的速度等于平均速度求解，故 ABC 错
25、误；D 正确（3）由于系统内不可避免的存在阻碍运动的力，比如空气阻力，纸带与限位孔之间的摩擦力等系统误差导致重力势能的减小量与动能的增加量不相等，可以通过减小空气阻力和摩擦阻力的影响来减小该误差，故 BD 正确 四、计算题：本题共 2 小题，共 26 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、5 34Rc【解析】作出光路图，如图所示 圆弧AE的长度与圆弧BE的长度之比为 23，由几何关系可知60AOE，90EOB 1tan2ODOEDOE 由圆心角150AOB可知，该单色光在 OB 边的入射角 60i，折射角 rOED 1sin5r 由折射率公式有 s
26、insininr 解得 152n 由勾股定理 2252DEOEODR 又因为 cnv 该单色光在玻璃砖从D到E传播的时间 5 34DERtvc 14、（1）3N；（2）0.1N s；（3）0.25m【解析】（1）滑块 A 下滑的过程，机械能守恒，则有 212mgRmv，滑块 A 在圆弧轨道上做圆周运动，在最低点，由牛顿第二定律得 2NvFmgmR 两式联立可得 FN=3N 由牛顿第三定律可得，A 对轨道的压力 N=FN=3N（2）AB 相碰，碰撞后结合为一个整体，由动量守恒得 mv=2mv 对滑块 B 由动量定理得 0.1N s12Imvmv（3）对 AB 在桌面上滑动，水平方向仅受摩擦力，则由动能定理得 220122mg lmv 解之得 l=0.25m 15、(1)b流向a；(2)22sinB L vagmR；(3)220222I RHgB L【解析】(1)根据楞次定律可判定：棒在磁场中向下滑动时，电流由 b 流向 a；(2)当棒的速度为 v 时，切割磁感线产生的感应电动势为EBLv，根据闭合电路欧姆定律EIR，安培力FBIL，根据牛顿第二定律，有 sinmgFma 解得：22sinB L vagmR(3)棒下滑到 CD 处回路电流最大，有 0mBLvI R 棒 ab 滑过 CD 后直接到右侧最高点，由机械能守恒定律，有 212mmgHmv 解得：220222I RHgB L