《2022-2023学年四川省中江县龙台中学高三第一次调研测试物理试卷含解析.pdf》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2022-2023学年四川省中江县龙台中学高三第一次调研测试物理试卷含解析.pdf（17页珍藏版）》请在taowenge.com淘文阁网|工程机械CAD图纸|机械工程制图|CAD装配图下载|SolidWorks_CaTia_CAD_UG_PROE_设计图分享下载上搜索。
1、2023 年高考物理模拟试卷 注意事项:1答题前，考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚，将条形码准确粘贴在条形码区域内。2答题时请按要求用笔。3请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试卷上答题无效。4作图可先使用铅笔画出，确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。5保持卡面清洁，不要折暴、不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题：本题共 6 小题，每小题 4 分，共 24 分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、电梯在 t=0 时由静止开始上升，运动的a t图像如图所示，电梯总质量 m=2.0103kg。电梯内乘
2、客的质量 m0=50kg，忽略一切阻力，重力加速度 g=10m/s2。下列说法正确的是（）A第 1s 内乘客处于超重状态，第 9s 内乘客处于失重状态 B第 2s 内乘客对电梯的压力大小为 450N C第 2s 内钢索对电梯的拉力大小为 2.2104N D第 2s 内电梯对乘客的冲量大小为 550Ns 2、用国际单位制的基本单位表示磁感应强度的单位，下列符合要求的是（）AWbm2 BWb/m2 CNm/A Dkg/（S2A）3、一质量为中的均匀环状弹性链条水平套在半径为 R 的刚性球体上，已知不发生形变时环状链条的半径为 R/2，套在球体上时链条发生形变如图所示，假设弹性链条满足胡克定律，不计
3、一切摩擦，并保持静止此弹性链条的弹性系数k 为 A223(31)2mgR B3(31)2mgR C23(31)4mgR D23(31)2mgR 4、如图所示，B、M、N 分别为竖直光滑圆轨道的右端点，最低点和左端点，B 点和圆心等高，N 点和圆心 O 的连线与竖直方向的夹角为60。现从 B 点的正上方某处 A 点由静止释放一个小球，经圆轨道飞出后以水平上的 v 通过C 点，已知圆轨道半径为 R，vgR，重力加速度为 g，则一下结论正确的是 AC、N 的水平距离为 R BC、N 的水平距离为 2R C小球在 M 点对轨道的压力为 6mg D小球在 M 点对轨道的压力为 4mg 5、一物体沿水平面
4、做匀减速直线运动，其运动的xtt图象如图所示。下列说法正确的是（）A物体运动的初速度大小为 10m/s B物体运动的加速度大小为 0.4m/s2 C物体在前 3s 内的平均速度是 9.4m/s D物体在前 5s 内的位移是 45m 6、已知一物体从足够长斜面底端沿斜面匀减速上滑，上滑长度为 L 时，速度减为 0，当物体的上滑速度是初速度的13时，它沿斜面已上滑的距离是 A56L B89L C33L D32L 二、多项选择题：本题共 4 小题，每小题 5 分，共 20 分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得 5 分，选对但不全的得 3 分，有选错的得 0 分。7、
5、质量均为 m 的小球 A、B 分别固定在一长为 L 的轻杆的中点和一端点，如图所示。当轻杆绕另一端点 O 在光滑水平面上做角速度为 的匀速圆周运动时，则（）A处于中点的小球 A 的线速度为L B处于中点的小球 A 的加速度为2L C处于端点的小球 B 所受的合外力为2mL D轻杆OA段中的拉力与AB段中的拉力之比为 3：2 8、如图，从 P 点以水平速度 v 将小皮球抛向固定在地面上的塑料筐，小皮球恰好能够入筐。不考虑空气阻力，则小皮球在空中飞行的过程中（）A在相等的时间内，皮球动量的改变量相同 B在相等的时间内，皮球动能的改变量相同 C下落相同的高度，皮球动量的改变量相同 D下落相同的高度，
6、皮球动能的改变量相同 9、如图所示，轻弹簧一端与不可伸长的轻绳 OC、DC 连接于 C（两绳另一端均固定），弹簧另一端连接质量为 m 的小球。地面上竖直固定一半径为 R、内壁光滑的14开缝圆弧管道 AB，A 点位于 O 点正下方且与 C 点等高，管道圆心与C 点重合。现将小球置于管道内 A 点由静止释放，已知轻绳 DC 水平，当小球沿圆弧管道运动到 B 点时恰好对管道壁无弹力，管道与弹簧间的摩擦不计，重力加速度为 g。则小球从 A 运动到 B 的过程中（）A弹簧一直处于伸长状态 B小球的机械能不守恒 C小球在 B 点的动能为 mgR D轻绳 OC 的拉力不断增大 10、光滑绝缘的水平地面上，一
7、质量 m=1.0kg、电荷量 q=1.010-6 C 的小球静止在 O 点，现以 O 点为坐标原点在水平面内建立直角坐标系 xOy，如图所示，从 t=0 时刻开始，水平面内存在沿 x、y 方向的匀强电场 E1、E2，场强大小均为 1.0 107V/m；t=0.1s 时，y 方向的电场变为-y 方向，场强大小不变；t=0.2s 时，y 方向的电场突然消失，x 方向的电场变为-x 方向，大小222EE。下列说法正确的是（）At=0.3s 时，小球速度减为零 Bt=0.1s 时，小球的位置坐标是（0.05m，0.15m）Ct=0.2s 时，小球的位置坐标是（0.1m，0.1m）Dt=0.3s 时，小
8、球的位置坐标是（0.3m，0.1m）三、实验题：本题共 2 小题，共 18 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6 分）某实验小组的同学利用如图甲所示的实验装置验证了动能定理，实验时该小组的同学将小车由光电门 1 的左侧静止释放，通过细绳在砝码的牵引下开始运动，先后经过光电门 1、2，并通过计算机记录了挡光时间。经测量可知小车和挡光片的总质量为 M，砝码盘及砝码的总质量为 m。根据所学的知识回答下列问题：(1)摩擦力的影响会对该实验带来一定的误差，为了平衡摩擦力，实验时应_（填“取下”或“挂上”）砝码盘，并适当地垫高长木板的_（填“左”或“右”）端；(2)在(1)的前
9、提下，为了使细绳的拉力大小近似等于砝码盘及盘中砝码的总重力，应使小车和挡光片的总质量为M_（填“远大于”“大于”“等于”“小于”或“远小于”）砝码盘及盘中砝码的总质量；(3)实验小组的同学用游标卡尺对挡光片的宽度进行了测量，读数如图乙所示，则挡光片的宽度 d=_cm；(4)计算机记录小车通过光电门 1、2 的时间分别为1t、2t，且两光电门之间的距离为 L，重力加速度用 g 表示，则验证动能定理的关系式应为_（用以上相关物理量的字母表示）。12（12 分）如图所示为一简易多用电表的电路图。图中 E 是电池，R1、R2、R3、R4和 R5是定值电阻，其中 R3=20，R0为滑动变阻器。表头 G
10、的满偏电流为 I0=250 A、内阻为 r0=600。A 端和 B 端分别与两表笔相连，该多用电表有5 个挡位，其中直流电流挡有 1 mA 和 2.5 mA 两挡。为了测量多用电表内电池电动势和内阻，还备有电阻箱 R（最大阻值为 99999.9）。(1)由以上条件可算出定值电阻 R1=_、R 2=_。(2)将选择开关与“3”相连，滑动 R6的滑片到最下端 b 处，将两表笔 A、B 接在电阻箱上，通过调节电阻箱的阻值 R，记录不同阻值 R 和对应的表头示数 I。在坐标纸上，以 R 为横坐标轴，以_为纵坐标轴，把记录各组 I 和 R 描绘在坐标纸上，平滑连接，所得图像为一条不过原点的直线。测得其斜
11、率为 k、纵截距为 b，则多用电表内电池的电动势和内阻分别为_和_。（用 k、b 和已知数据表示）四、计算题：本题共 2 小题，共 26 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10 分）如图所示,小球 A 及水平地面上紧密相挨的若干个小球的质量均为 m,水平地面的小球右边有一固定的弹性挡板;B 为带有四分之一圆弧面的物体,质量为 km(其中 k 为整数),半径为 R,其轨道末端与水平地面相切。现让小球 A 从B 的轨道正上方距地面高为 h 处静止释放,经 B 末端滑出,最后与水平面上的小球发生碰撞,其中小球之间、小球与挡板之间的碰撞均为弹性正碰,所
12、有接触面均光滑,重力加速度为 g.求：(1)小球第一次从 B 的轨道末端水平滑出时的速度大小；(2)若小球 A 第一次返回恰好没有冲出 B 的上端,则 h 与 R 的比值大小；(3)若水平面上最右端的小球仪能与挡板发生两次碰撞,则 k 的取值大小.14（16 分）两根长为 L 的绝缘轻杆组成直角支架，电量分别为+q、-q 的两个带电小球 A、B 固定在支架上，整个装置处在水平向左的匀强电场中，电场强度为 E。在电场力之外的力作用下，整体在光滑水平面内绕竖直轴 O 以角速度 顺时针匀速转动，图为其俯视图。不计两球之间因相互吸引而具有的电势能。试求：（1）在支架转动一周的过程中，外力矩大小的变化范
13、围。（2）若从 A 球位于 C 点时开始计时，一段时间内（小于一个周期），电场力之外的力做功 W 等于 B 球电势能改变量，求 W 的最大值。（3）在转动过程中什么位置两球的总电势能变化最快？并求出此变化率。15（12 分）如图甲为应用于机场和火车站的安全检查仪，用于对乘客的行李进行安全检查。其传送装置可简化为如图乙的模型，紧绷的传送带始终保持 lm/s 的恒定速率运行。乘客把行李无初速度地放在 A 处，设行李与传送带之间的动摩擦因数为 2.1A、B 间的距离为 4.5m。若乘客把行李放到传送带 A 处的同时接受工作人员安检，2s 后从 A 处平行于传送带运动到 B 处取行李。乘客先由静止开始
14、以 2.5m/s2的加速度做匀加速直线运动，然后做加速度大小为 2.5m/s2的匀减速直线运动到 B 处时速度恰为 2求乘客与行李到达 B 处的时间差。（重力加速度 g 取 12m/s2）参考答案 一、单项选择题：本题共 6 小题，每小题 4 分，共 24 分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】A第 1s 内和第 9s 内加速度均竖直向上，乘客处于超重状态，故 A 错误；B第 2s 内研究乘客，根据牛顿第二定律 00Fm gam 代入数值解得电梯对乘客的支持力为 550N，由牛顿第三定律可知，乘客对电梯的压力为 550N，故 B 错误；C第 2s 内研究乘客和电
15、梯整体，根据牛顿第二定律 00Tmm gmm a 代入数值解得钢索对电梯的拉力为 22550N，故 C 错误；Da t图像的面积表示速度变化，得第 2s 内速度的变化量为 1v m/s 第 2s 内研究乘客，根据动量定理 00Im gtmv 代入数值解得电梯对乘客的冲量为550Ns，故 D 正确。故选 D。2、D【解析】考查单位制。【详解】ABC国际单位制的基本单位为 kg、m、s，由题目易知，选项 ACD 中的韦伯（Wb）、牛顿（N）均不是国际单位制中的基本单位，故 ABC 都错误；D磁感应强度为：BFIL 磁感应强度单位为 T，则有：1T21kg m/sA m12kgA s 故 D 正确。
16、故选 D。3、C【解析】在圆环上取长度为x的一小段为研究对象，这一段的重力为 02sin603xmg xmgRR 设其余弹簧对这一小段的作用力为 T，对这一小段受力分析如图(因为是对称图形，对任一段的受力一样，可对在圆球的最右侧一小侧研究)：据平衡条件可得：0tan603mg xxTmgRR 弹簧弹力 F 与弹簧对这一小段作用力的关系如图：由图得 0sin60RFxT 解得 32mgF 不发生形变时环状链条的半径为2R，套在球体上时链条发生形变如题图所示，则弹簧的伸长量 02sin6022RxR 弹簧弹力与伸长量关系 Fkx 解得 23314mgkR 故 C 正确，ABD 错误。4、C【解析】
17、AB小球从 N 到 C 的过程可看作逆过来的平抛，则 cosNvv sinNvgt CNxvt 解得：22NvvgR 3CNxR 故 A、B 项错误。CD小球从 M 到 N 的过程应用动能定理可得：2211(cos)22-NMmg RRmvmv 对小球在 M 点时受力分析，由牛顿第二定律可得：2MNMvFmgmR 解得：6NMFmg 根据牛顿第三定律可得：小球在 M 点对轨道的压力为 6mg。故 C 项正确，D 项错误。故选 C。5、A【解析】AB由匀减速直线运动公式：2012xv tat 可得：012xvatt 结合xtt图象可知图线与纵轴的交点表示物体的初速度、斜率：12ka 则物体的初速
18、度大小为 v0=10m/s，加速度大小为：a=0.8m/s2 故 A 正确，B 错误；C由：012xvatt 可得，物体在前 3s 内的平均速度是 8.8m/s，故 C 错误；D前 5s 内的平均速度为 8m/s，物体在前 5s 内的位移是 40m，故 D 错误。故选 A。6、B【解析】物体从足够长斜面底端沿斜面匀减速上滑时初速度为 v0，上滑长度为 L 时，速度减为 0，有：2002vaL，当物体的上滑速度是初速度的13时，此时速度为013v，有 220023vvax，联立以上两等式得：89xL，故选 B。二、多项选择题：本题共 4 小题，每小题 5 分，共 20 分。在每小题给出的四个选项
19、中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得 5 分，选对但不全的得 3 分，有选错的得 0 分。7、CD【解析】A处于中点的小球 A 的运动半径为2L，根据线速度与角速度的关系可知线速度 12vL A 错误；B处于中点的小球 A 的加速度为 2A12aL B 错误；C处于端点的小球 B 的向心加速度 2aL 由牛顿第二定律Fma可知小球 B 所受的合外力为 2FmL C 正确；D设轻杆OA段中的拉力为1F，轻杆AB段中的拉力为2F，对小球 A 由牛顿第二定律可得 21212FFmL 对小球 B 由牛顿第二定律可得 22FmL 联立解得 1232FF D 正确。故选 CD。8、AD【解析】A因
20、物体在空中只受重力，所以在相等的时间间隔内，皮球受到的冲量均为 mgt，故皮球受到的冲量相同，根据动量定理可得，皮球动量的改变量相同，故 A 正确；B在相等的时间间隔内，皮球下落的高度不同，故重力做的功不相等，即合外力做功不等，故皮球动能的改变量不同，故 B 错误；C下落相同的高度，时间并不相等，故皮球受到的重力的冲量不相等，故皮球动量的增量不相同，故 C 错误；D下落相同的高度，重力做功均为 mgh，故重力做功相等，小球动能的增量相同，故 D 正确。故选 AD。9、ACD【解析】AB当小球沿圆弧管道运动到 B 点时恰好对管道壁无弹力，则小球在 B 点由弹簧的拉力和重力提供向心力，即弹簧处于伸
21、长状态，从 A 到 B 的过程弹簧的形变量没有变，故小球的机械能不变，选项 A 正确，B 错误；C从 A 到 B 的过程弹簧的形变量没有变，小球在 B 点的动能等于小球在 A 点的重力势能为 mgR，选项 C 正确；D设 OC 与 OA 的夹角为，CA 与水平夹角为，C 点受力平衡，则竖直方向上有 cossinOCACFF 解得 sincosACOCFF 从 A 到 B 的过程中，和弹簧的弹力 FAC不变，不断增大，故 OC 的拉力不断增大，D 正确。故选 ACD。10、AD【解析】从 t=0 时刻开始，水平面内存在沿+x、+y 方向的匀强电场 E1、E2，场强大小均为71.0 10 V/m，
22、则由牛顿第二定律可知 qEma 小球沿+x、+y 方向的加速度的大小均为 21210m/saa 经过 1s，t=0.1s时，小球沿+x、+y 方向的速度大小均为 121m/svv 小球沿+x、+y 方向的位移大小均为 120.05mxx 在第 2 个 0.1s 内，小球沿 x 方向移动的距离 221 22 210.15m2xvta t 沿 y 方向移动的距离 222 21 2=012.05myv tat 沿 y 方向移动的速度 22 21 20vv ta t t=0.2s 时，y 方向的电场突然消失，x 方向的电场变为-x 方向，则在第 3 个 0.1 s 内小球沿+x 方向做匀减速直线运动，
23、由 22qEma 可知2220m/sa，在第 3 个 0.1s 内，小球沿+x 方向移动的距离 33231210.1m2xatvtat t=0.3s 时，小球的速度微 232 31=0vatva t 综上分析可知，AD 正确，BC 错误。故选 AD。三、实验题：本题共 2 小题，共 18 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、取下 左 远大于 0.555 222211112mgLMdtt 【解析】(1)12本实验为了使细绳拉力为小车的合力，即拉力的功等于合力对小车所做的功，实验前取下砝码盘，并将长木板左端略微抬高，平衡小车的摩擦力。(2)3只有当 M 远大于 m 时，砝
24、码盘和盘中砝码的重力才等于绳子的拉力，即满足 M 远大于 m 时可以用砝码盘和盘中砝码的重力做的功代替小车合力做的功。(3)4由游标卡尺的读数规则可知，主尺示数为 5mm，游标尺示数为 110.05mm=0.55mm 则挡光片的宽度 d=5mm+0.55mm=5.55mm 即为 0.555cm。(4)5由实验原理可知，小车的合外力做功近似等于砝码盘和盘中砝码受到的重力做功，即 W=mgL 小车通过光电门 1 时的速度 11dvt 小车通过光电门 2 时的速度 22dvt 小车通过两光电门的过程中动能的变化量 222k21222111111222EMvMvMdtt 验证动能定理的关系式应为 22
25、2211112mgLMdtt 12、80 120 1I 4k 170bk 【解析】(1)12选择开关与“1”、“2”相连时为电流表，量程分别为2.5mA和1mA。根据串、并联电路特点有 020012.5mAIRrIR 0 00121mArIRIR 联立解得 180R 2120R。(2)3选择开关与“3”相连，量程为1mA，根据并联电路特点可知1R、2R串联后与表头并联的总电阻为0014Rr，通过电源的电流为通过表头电流I的 4 倍。根据闭合电路欧姆定律有 034EI rRRR 变形为 03414RRrRIEE 由此可知横轴为R，则纵坐标轴为1I。45斜率 4kE 纵截距 034 RRrbE 解
26、得 4Ek 170brk 四、计算题：本题共 2 小题，共 26 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、(1)21Akghvk(2)22(1)(1)8hkRkk(3)1k【解析】(1)对 AB 由水平方向动量守恒有：ABmvkmv 对 AB 由能量守恒有：221122ABmghmvkmv 联立解得：22,1(1)ABkghghvvkk k (2)对 AB 由水平方向动量守恒有：()ABmvkmvmkm v 对 AB 由能量守恒有：222111()222ABmvkmvmkm vmgR 联立解得：22(1)(1)8hkRkk(3)要使小球与挡板发生两次
27、碰撞，则有碰后小球 A 的速度小于等于 B 球的速度，由能量守恒有 221122ABmghmvkmv ABvv 联立解得：1k 14、（1）0qEL（2）W=2qEL（3）OA 杆与电场线平行时，电势能变化最快，变化率 qEL【解析】(1)设 OA 与电场线夹角，电场力矩与外力矩平衡，外力矩：sin(sincos)cosMqELqE LLqEL，故外力矩大小的变化范围为 0qEL(2)支架匀速转动，由动能定理可得 W+W电场力=0，根据题意 W=EpB，得 W电场力=-EpB，电场力做功仅改变了 B 球电势能，所以 A 球电势能变化为零，则 A 球在这段时间初末应在同一个等势面上，根据 B球前
28、后位置关系，得：W=-2qEL；(3)因为电场力做功等于电势能改变量，所以电势能变化最快的位置应是电场力功率最大的位置。设 OA 与电场线夹角，由公式PFv有 电场力功率：cos()2 cos()cos24PqE LqELqE L，显然在一周内=0 或 时有最值，即 OA 杆与电场线平行时，电势能变化最快。为变化率 qEL 可能存在的另一类解法：以 OA 与电场线平行，A 在右端位置为 t=0，以任意位置为零电势，均能得到整体电势能 Ep=qELsin(t)，求导得电势能变化率=qELcos(t)，显然一周内 t=0 或 时有最值，即 OA 杆与电场线平行时，电势能变化最快。变化率 qEL。15、3S【解析】对行李，设加速度为 a，则有：a=g 设行李速度达到 lm/s 时，时间为 t1，位移为 x1，则有：时间为：t1=0va 位移为：x1=202va 整理代入数据得：t1=ls x1=2.5m4.5m 设行李匀速运动时间为 t2，则有：t2=10 xxv=4s 即行李从 A 到 B 所需时间为：t1+t2=5s 对乘客，设经过 t 时间由 A 到 B，则有：x=2201()22ta 代入数据得：t=6s 故乘客从把行李放到 A 处到 B 点所用时间为：6s+2s=8s 故乘客与行李到达 B 处的时间差为：t=8s-5s=3s