《2023届河南省唐河县友兰实验高中高三一诊考试物理试卷含解析.pdf》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2023届河南省唐河县友兰实验高中高三一诊考试物理试卷含解析.pdf（18页珍藏版）》请在taowenge.com淘文阁网|工程机械CAD图纸|机械工程制图|CAD装配图下载|SolidWorks_CaTia_CAD_UG_PROE_设计图分享下载上搜索。
1、2023 年高考物理模拟试卷 注意事项 1考生要认真填写考场号和座位序号。2试题所有答案必须填涂或书写在答题卡上，在试卷上作答无效。第一部分必须用 2B 铅笔作答；第二部分必须用黑色字迹的签字笔作答。3考试结束后，考生须将试卷和答题卡放在桌面上，待监考员收回。一、单项选择题：本题共 6 小题，每小题 4 分，共 24 分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，两平行导轨、竖直放置在匀强磁场中，匀强磁场方向竖直向上，将一根金属棒放在导轨上使其水平且始终与导轨保持良好接触，现在金属棒中通以变化的电流，同时释放金属棒使其运动已知电流 随时间 变化的关系式为（为常数，），金
2、属棒与导轨间的动摩擦因数一定以竖直向下为正方向，则下面关于棒的速度、加速度 随时间 变化的关系图象中，可能正确的有 A B C D 2、如图所示，用两根长度均为 l 的轻绳将一重物悬挂在水平的天花板下，轻绳与天花板的夹角为，整个系统静止，这时每根轻绳中的拉力为 T现将一根轻绳剪断，当小球摆至最低点时，轻绳中的拉力为 T 为某一值时，TT最大，此最大值为 A 94 B2 C 3 22 D 5425 3、如图所示，固定在水平地面上的物体 A，左侧是圆弧面，右侧是倾角为 的斜面，一根轻绳跨过物体 A 顶点上的小滑轮，绳两端分别系有质量为 m1、m2的小球，当两球静止时，小球 m1与圆心连线跟水平方向
3、的夹角也为，不计一切摩擦，则 m1、m2之间的关系是（）Am1m2 B21tanmm Cm1m2tan Dm1m2cos 4、如图，小球甲从 A 点水平抛出，同时将小球乙从 B 点自由释放，两小球先后经过 C 点时速度大小相等，方向夹角为 30，已知 B、C 高度差为 h，两小球质量相等，不计空气阻力，由以上条件可知（）A小球甲作平抛运动的初速度大小为23gh B甲、乙两小球到达 C 点所用时间之比为 1：2 CA、B 两点高度差为4h D两小球在 C 点时重力的瞬时功率相等 5、在闭合电路中，以下说法中正确的是（）A在外电路和电源内部，电荷都受非静电力作用 B在电源内部电荷从负极到正极过程中
4、只受非静电力而不存在静电力 C静电力与非静电力对电荷做功都使电荷的电势能减少 D静电力对电荷做功电势能减少，非静电力对电荷做功电势能增加 6、对于一定质量的理想气体，下列叙述中正确的是（）A当分子间的平均距离变大时，气体压强一定变小 B当分子热运动变剧烈时，气体压强一定变大 C当分子热运动变剧烈且分子平均距离变小时，气体压强一定变大 D当分子热运动变剧烈且分子平均距离变大时，气体压强一定变大 二、多项选择题：本题共 4 小题，每小题 5 分，共 20 分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得 5 分，选对但不全的得 3 分，有选错的得 0 分。7、在如图所示的轴上
5、有 M、N 两质点，两点之间的距离为 x=12m，已知空间的简谐横波由 M 向 N 传播，某时刻两质点的振动图像如图所示，已知该简谐横波的波长介于 8m 和 10m 之间。下列正确的是（）A该简谐横波的传播周期为 0.8s B该简谐波的波长可能为 48m C该简谐波的波长一定等于 9.6m D该简谐横波的传播速度大小为 12m/s E.01.2s 的时间内质点 M 点的路程为 120cm 8、一定质量的理想气体从状态 a 开始，经历三个过程 ab、bc、ca 回到原状态，其 VT 图像如图所示，pa、pb、pc分别表示 a、b、c 的压强，下列判断正确的是（）A状态 a、b、c 的压强满足 p
6、c=pb=3pa B过程 a 到 b 中气体内能增大 C过程 b 到 c 中气体吸收热量 D过程 b 到 c 中每一分子的速率都减小 E.过程 c 到 a 中气体吸收的热量等于对外做的功 9、如图所示，定值电阻 R 和电阻箱电阻 R 串联在恒定电压为 U 的电路中，电压表 V1、V2和电流表 A 均为理想电表，且电压表 V1的示数大于电压表 V2的示数。已知电阻箱电阻 R2的最大值大于定值电阻 R1的值，若现在逐渐增大电阻箱的电阻直至最大，则下列有关说法正确的是（）A1UI不变，1UI不变 B2UI变大，2UI变大 C电阻箱电阻消耗的功率逐渐增大 D电阻箱电阻消耗的功率先增大后减小 10、如图
7、所示为一列简谐横波在 t0 时的波形图，波沿 x 轴负方向传播，传播速度 v1m/s，则下列说法正确的是 A此时 x1.25m 处的质点正在做加速度增大的减速运动 Bx0.4m 处的质点比 x0.6 m 处的质点先回到平衡位置 Cx4m 处的质点再经过 1.5s 可运动到波峰位置 Dx2m 处的质点在做简谐运动，其振动方程为 y0.4sint(m)E.t2s 的波形图与 t0 时的波形图重合 三、实验题：本题共 2 小题，共 18 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6 分）用如图甲所示的实验装置验证机械能守恒定律。(1)下列操作正确且必要的有_。A使用天平测出重物的
8、质量 B应先接通打点计时器的电源，再松开纸带，让重物自由下落 C用刻度尺测出物体下落的高度 h，通过 v=gt 算出瞬时速度 v D选择体积小、质量大的重物，纸带、限位孔在同一竖直线上，可以减小系统误差(2)图乙是实验中得到的一条纸带，将起始点记为 O，依次选取 6 个连续的点，分别记为 A、B、C、D、E、F，量出各点与 O 点的距离分别为 h1、h2、h3、h4、h5、h6，使用交流电的周期为 T，在打 B 点和 E 点这段时间内，如果重物的机械能守恒，在误差允许的范围内应满足的关系式为_（已知重力加速度为 g）。12（12 分）某同学利用如图甲所示的装置探究加速度与力、质量的关系。实验时
9、，把数据记录在表格中，数据是按加速度大小排列的，第 8 组数据中小车质量和加速度数据漏记 组号 F/N m/kg a/ms2 1 0.29 0.86 0.34 2 0.14 0.36 0.39 3 0.29 0.61 0.48 4 0.19 0.36 0.53 5 0.24 0.36 0.67 6 0.29 0.41 0.71 7 0.29 0.36 0.81 8 0.29 9 0.34 0.36 0.94 (1)该同学又找到了第 8 组数据对应的纸带以及小车质量，纸带如图乙所示。已知打点计时器所用交流电的频率为50Hz，纸带上标出的每两个相邻点之间还有 4个打出来的点未画出。请你帮助该同学求
10、出第 8组中的加速度 a=_m/s2；(2)如果要研究加速度与力的关系，需取表格中_组数据（填组号），做aF图像；如果要研究加速度与质量的关系，需取表格中_组数据（填组号），做am图像。这种研究方法叫做_法；(3)做出am图像如图丙所示，由图像_（填“可以”或“不可以”）判断 a 与 m 成正比。四、计算题：本题共 2 小题，共 26 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10 分）在如图甲所示的平面坐标系 xOy 内，正方形区域（0 xd、0 y02 mqB，若粒子恰好打在屏上 P（d，0）处，求粒子的速度大小 v；（2）调节磁场的周期，满足 T
11、=0mqB，若粒子恰好打在屏上 Q（d，d）处，求粒子的加速度大小 a；（3）粒子速度大小为 v0=06qB dm时，欲使粒子垂直打到屏上，周期 T 应调为多大？14（16 分）光滑水平面上，一个长木板与半径 R 未知的半圆组成如图所示的装置，装置质量 M5 kg.在装置的右端放一质量为 m1 kg 的小滑块(可视为质点)，小滑块与长木板间的动摩擦因数 0.5，装置与小滑块一起以 v010 m/s的速度向左运动现给装置加一个 F55 N 向右的水平推力，小滑块与长木板发生相对滑动，当小滑块滑至长木板左端 A 时，装置速度恰好减速为 0，此时撤去外力 F 并将装置锁定小滑块继续沿半圆形轨道运动，
12、且恰好能通过轨道最高点B.滑块脱离半圆形轨道后又落回长木板 已知小滑块在通过半圆形轨道时克服摩擦力做功Wf2.5 J g取10 m/s2.求：(1)装置运动的时间和位移；(2)长木板的长度 l；(3)小滑块最后落回长木板上的落点离 A 的距离 15（12分）如图所示，一足够长的水平传送带以速度v=2m/s匀速运动，质量为 m1=1kg的小物块P和质量为m2=1.5kg的小物块 Q 由通过定滑轮的轻绳连接，轻绳足够长且不可伸长某时刻物块 P 从传送带左端以速度 v0=4m/s 冲上传送带，P 与定滑轮间的绳子水平已知物块 P 与传送带间的动摩擦因数=0.5，重力加速度为 g=10m/s2，不计滑
13、轮的质量与摩擦，整个运动过程中物块 Q 都没有上升到定滑轮处求：(1)物块 P 刚冲上传送带时的加速度大小；(2)物块 P 刚冲上传送带到右方最远处的过程中，PQ 系统机械能的改变量；(3)若传送带以不同的速度 v（0 vv0）匀速运动，当 v 取多大时物块 P 向右冲到最远处时，P 与传送带间产生的摩擦生热最小？其最小值为多大？参考答案 一、单项选择题：本题共 6 小题，每小题 4 分，共 24 分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、B【解析】以竖直向下为正方向，根据牛顿第二定律得，金属棒的加速度，f=N=FA=BIL=BLkt，联立解得加速度a=g，与时间成线性关系，
14、且 t=0 时，a=g，故 CD 错误。因为开始加速度方向向下，与速度方向相同，做加速运动，加速度逐渐减小，即做加速度逐渐减小的加速运动，然后加速度方向向上，加速度逐渐增大，做加速度逐渐增大的减速运动。故 A 错误，B 正确。故选 B。【点睛】解决本题的关键会根据合力确定加速度的变化，结合加速度方向与速度方向判断物体做加速运动还是减速运动，知道速度时间图线的切线斜率表示加速度 2、A【解析】剪断细线之前：2Tsin=mg；剪断细线后，摆到最低点时：21(1 sin)2mvmgl，由牛顿第二定律：2vTmgml；联立解得26sin4sin)TT，由数学知识可知，此比值的最大值为94，故选 A.3
15、、C【解析】设绳子对两球的拉力大小为 FT，对 m2根据平衡条件得 FT=m2gsin 对 m1根据平衡条件得 FT=m1gcos 联立解得 m1=m2tan 故选 C.4、C【解析】A由212hgt可得乙运动的时间为 22htg 所以到达 C 点时乙的速度为 22vgtgh乙 所以甲沿水平方向的分速度，即平抛的初速度为 02sin302ghvv乙 故 A 错误；B物体甲沿竖直方向的分速度为 6cos302yghvv乙 由 vy=gt1，所以甲在空中运动的时间为 16322yghvhtggg 甲、乙两小球到达 C 点所用时间之比为 123 2tt 故 B 错误；C小球甲下降的高度为 21113
16、32224hhgtghg A、B 两点间的高度差 14Hhhh 故 C 正确；D两个小球完全相同，根据 P=mgvy，因两球在 C 点的竖直速度不相等，则两小球在 C 点重力的功率不等，选项 D错误。故选 C。5、D【解析】A.在电源内部，电荷受非静电力作用；在外电路，电荷不受非静电力作用；故 A 项错误；B.在电源内部电荷从负极到正极过程中，电荷既受非静电力又受静电力，故 B 项错误；CD.在闭合电路中，静电力对电荷做功使电荷的电势能减少，非静电力对电荷做功使电荷的电势能增加，故 C 项错误，D 项正确。6、C【解析】气体压强在微观上与分子的平均动能和分子密集程度有关。当分子热运动变剧烈且分
17、子平均距离变大时，气体压强可能变大、可能不变、也可能变小；当分子热运动变剧烈且分子平均距离变小时，气体压强一定变大。故选 C。二、多项选择题：本题共 4 小题，每小题 5 分，共 20 分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得 5 分，选对但不全的得 3 分，有选错的得 0 分。7、ACD【解析】A由振动图像可知这列波的周期为 T=0.8s，A 正确；BCD由于简谐波由 M 向 N 传播，则有 1()4xn，（n=0、1、2、3）又因为 8m10m，所以 n=1 时，=9.6m，则波速由 vT 可得 v=12m/s B 错误，CD 正确；E一个周期内质点通过的路程
18、为振幅的 4 倍，1.2s 为 1.5 个周期，则 M 点通过的路程为振幅的 6 倍，即 60cm，E 错误。故选 ACD。8、ABE【解析】A设 a 状态的压强为 pa，则由理想气体的状态方程可知 00 3abppTT 所以 pb=3pa 同理 00 3acVpp V 得 pc=3pa 所以 pc=pb=3pa 故 A 正确；B过程 a 到 b 中温度升高，内能增大，故 B 正确；C过程 b 到 c 温度降低，内能减小，即U0，则由热力学第一定律可知，Q0，即气体应该放出热量，故 C 错误；D温度是分子的平均动能的标志，是大量分子运动的统计规律，对单个的分子没有意义，所以过程 bc 中气体的
19、温度降低，分子的平均动能减小，并不是每一个分子的速率都减小，故 D 错误；E由图可知过程 ca 中气体等温膨胀，内能不变，对外做功；根据热力学第一定律可知，气体吸收的热量等于对外做的功，故 E 正确。故选 ABE。9、AD【解析】A对于定值电阻，根据欧姆定律有：111UURII 故 A 正确；B将定值电阻和恒定电压电路等效成一个电源，其中 U 是等效电动势，R1是等效内阻，可得 22URI 21URI 故 B 错误；CD在等效电路中，当 R2=R1，电阻箱电阻消耗的功率最大，又依题意可知电阻箱的原阻值小于定值电阻 R1，可见，在逐渐增大电阻箱的电阻直至最大的过程中，电阻箱电阻消耗的功率先增大后
20、减小，故 C 错误，D 正确。故选 AD。10、ACE【解析】A、波沿 x 轴负向传播，故此时 x1.25 m 处的质点向上运动，质点纵坐标大于零，故由质点运动远离平衡位置可得：质点做加速度增大的减速运动，故 A 正确；B、由波沿 x 轴负向传播可得：x0.6 m 处的质点向平衡位置运动，故 x0.4 m 处的质点、x0.6 m 处的质点都向平衡位置运动，且 x0.4 m 处的质点比 x0.6 m 处的质点距离远，那么，x0.6m 处的质点比 x0.4 m 处的质点先回到平衡位置，故 B 错误；C、由波沿 x 轴负向传播可得：x4 m 处的质点由平衡位置向下振动，故 x4 m 处的质点再经过3
21、4T可运动到波峰位置，又有波长 2m，波速 v1m/s，所以，周期 T2s，那么，x4 m 处的质点再经过 1.5 s 可运动到波峰位置，故 C 正确；D、由 C 可知：x2 m 处的质点在做简谐运动的周期 T2s，又有振幅 A0.4m，t0 时，质点位移为零，根据波沿x 轴负向传播可知质点向下振动，故可得：振动方程为 y0.4sin（t）（m），故 D 错误；E、由 C 可知简谐波的周期 T2s，故经过 2s，波正好向前传播一个波长，波形重合，故 t2s 的波形图与 t0 时的波形图重合，故 E 正确。三、实验题：本题共 2 小题，共 18 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算
22、过程。11、BD 6422122358hhhhg hhT 【解析】(1)1A机械能守恒等式左右两边都有质量，所以不用天平测出重物的质量，故 A 错误；B 操作上，应先接通打点计时器的电源，再松开纸带，让重物自由下落，故 B 正确；C在验证机械能守恒时，计算速度应利用纸带处理，不能直接应用自由落体公式，故 C 错误；D 选择体积小、质量大的重物，纸带、限位孔在同一竖直线上，可以减小系统误差，故 D 正确。故选：BD。(2)2根据机械能守恒有：52mg hh222234161111222222EBhhhhmvmvmmTT64322128mhhhhT 得 6422122358hhhhg hhT 12
23、、0.90（0.890.92）2、4、5、7、9 1、3、6、7、8 控制变量 不可以 【解析】(1)1每两个相邻点之间还有 4 个打出来的点未画出，故相邻点之间的时间间隔为：T=0.025s=0.1s 根据逐差公式可得 2341212xxaT，2230122xxa T 故加速度为 342312012402040202222444xxxxxxxxxaTTT 代入数据可得 222210.103.253.2510 m/s0.90m/s4 01a.(2)2研究加速度与力的关系，需要保证质量不变，选取 2、4、5、7、9 组数据。3研究加速度与质量的关系时，需要控制力 F 不变，选取 1、3、6、7、
24、8 组数据。4涉及多个变量时，需要控制其他变量恒定，改变其中一个变量，这种方法为控制变量法。(3)5分析丙图可知，am图线为曲线，并不能说明是正比例关系，故应作1am图线，研究 a 与1m成正比关系。四、计算题：本题共 2 小题，共 26 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）2qBdvm；（2）222q B dam k(其中 k=1，2，3)；（3）T=2()2mqB,其中 sin=16，=arcsin16；sin=14，=arcsin14；sin=34，=arcsin34。；【解析】（1）粒子的运动轨迹如图所示：由洛伦兹力提供向心力，有：
25、qvB=m21vR 几何关系可得：2R1=d 联立解得：2qBdvm（2）粒子的轨迹如图所示：由几何关系可得：222dkR，其中 k=1、2、3 22vqvBmR；可得：qBdvkm 而 qvBam 联立可得：222q B dam k，其中 k=1，2，3（3）洛伦兹力提供向心力，有：qvB=m203vR；06qBdvm；36dR 粒子运动轨迹如图所示，在每个磁感应强度变化的周期内，粒子在图示 A、B 两个位置可能垂直击中屏，且满足要求 02 时无解。（II）若粒子运动至 B 点击中屏，据题意由几何关系得:R+2Rsin+2（R+Rsin）n=d 当 n=0 时无解。n=1 时，sin=34，
26、=arcsin34；n=2 时：sin=16，=arcsin16；n2 时无解 综合得：T=2()2mqB；其中 sin=16，=arcsin16；sin=14，=arcsin14；sin=34，=arcsin34。14、(1)1 s 5 m(2)2.5 m(3)0.8 m【解析】(1)对 M：FmgMa1 解得：a110 m/s2 设装置运动的时间为 t1，由 v0a1t10 解得：t11 s 装置向左运动的距离：x1v0t112a1t125 m(2)对 m：mgma2，解得 a25 m/s2 设滑块到 A 点的速度为 v1，则 v1v0a2t1 解得：v15 m/s 小滑块向左运动的距离：
27、x2v0t112a2t127.5 m 则木板长为 lx2x12.5 m(3)设滑块在 B 点的速度为 v2，从 A 至 B：mg2RWf22211122mvmv 在 B 点：mgm22vR 联立解得：R0.4 m，v22 m/s 小滑块平抛运动时：22122Rgt 落点离 A 的距离：xv2t2，解得：x0.8 m 15、(1)8m/s2 (2)1.25JE (3)4m/s3v，min10J3Q【解析】（1）物块 P 刚冲上传送带时，设 PQ 的加速度为1a，轻绳的拉力为1F 因 P 的初速度大于传送带的速度，则 P 相对传送带向右运动，故 P 受到向左的摩擦力作用 对 P 由牛顿第二定律得
28、111 1Fm gm a 对 Q 受力分析可知，在竖直方向受向下的重力和向上的拉力作用 由牛顿第二定律得 2121m gFm a 联立解得 218m/sa （2）P 先减速到与传送带速度相同，设位移为1x，则 222201142m=0.75m22 8vvxa 共速后，由于摩擦力12515fm gNm gN 故 P 不可能随传送带一起匀速运动，继续向右减速，摩擦力方向水平向右 设此时的加速度为2a，轻绳的拉力为2F 对 P 由牛顿第二定律得 2112Fm gm a 对 Q 由牛顿第二定律得 2222m gFm a 联立解得 224m/sa 设减速到 0 位移为2x，则 22222m=0.5m22 4vxa PQ 系统机械能的改变量等于摩擦力对 P 做的功 1121.25JEm gxm gx （3）第一个减速过程，所用时间 01148vvvta P 运动的位移为 201116216vvvxt 皮带运动的位移为 22148vvxvt 第二个减速过程，所用时间 224vvta P 运动的位移为 201228vvxt 皮带运动的位移为 2224vxvt 则整个过程产生的热量 21121215 381616vvQm g xxm g xx 当4/3vm s时，min10J3Q