《2022-2023学年山东阳谷县第五中学高三下学期第五次调研考试物理试题含解析.pdf》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2022-2023学年山东阳谷县第五中学高三下学期第五次调研考试物理试题含解析.pdf（15页珍藏版）》请在taowenge.com淘文阁网|工程机械CAD图纸|机械工程制图|CAD装配图下载|SolidWorks_CaTia_CAD_UG_PROE_设计图分享下载上搜索。
1、2023 年高考物理模拟试卷 注意事项:1答题前，考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚，将条形码准确粘贴在条形码区域内。2答题时请按要求用笔。3请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试卷上答题无效。4作图可先使用铅笔画出，确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。5保持卡面清洁，不要折暴、不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题：本题共 6 小题，每小题 4 分，共 24 分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、某 LED 灯饰公司为保加利亚首都索非亚的一家名为“cosmos（宇宙）”的餐厅设计了一组立体可动的灯
2、饰装置，装置生动模仿了行星运动的形态，与餐厅主题相呼应。每颗“卫星/行星”都沿预定轨道运动，从而与其他所有“天体”一起创造出引人注目的图案。若这装置系统运转原理等效月亮绕地球运转（模型如图所示）；现有一可视为质点的卫星 B距离它的中心行星 A 表面高 h 处的圆轨道上运行，已知中心行星半径为 R，设其等效表面重力加速度为 g，引力常量为 G，只考虑中心行星对这颗卫星作用力，不计其他物体对这颗上星的作用力。下列说法正确的是（）A中心行星 A 的等效质量gRMG B卫星 B 绕它的中心行星 A 运行的周期2324()RhTgR C卫星 B 的速度大小为2gRvhR D卫星 B 的等效质量2gRvG
3、 2、如图甲所示，单匝矩形线圈 abcd 垂直固定在匀强磁场中。规定垂直纸面向里为磁感应强度的正方向，磁感应强度随时间变化的规律如图乙所示。以顺时针方向为电流正方向，以向右方向为安培力正方向，下列关于 bc 段导线中的感应电流 i 和受到的安培力 F 随时间变化的图象正确的是（）A B C D 3、某发电机通过理想变压器给定值电阻 R 提供正弦交流电，电路如图，理想交流电流表 A，理想交流电压表 V 的读数分别为 I、U，R 消耗的功率为 P。若发电机线圈的转速变为原来 n 倍，则 AR 消耗的功率变为 nP B电压表 V 的读数为 nU C电流表 A 的读数仍为 I D通过 R 的交变电流频
4、率不变 4、反质子的质量与质子相同，电荷与质子相反。一个反质子从静止经电压 U1加速后，从 O 点沿角平分线进入有匀强磁场（图中未画岀）的正三角形 OAC 区域，之后恰好从 A 点射岀。已知反质子质量为 m，电量为 q，正三角形 OAC的边长为 L，不计反质子重力，整个装置处于真空中。则（）A匀强磁场磁感应强度大小为11qLmU，方向垂直纸面向外 B保持电压 U1不变，增大磁感应强度，反质子可能垂直 OA 射出 C保持匀强磁场不变，电压变为114U，反质子从 OA 中点射岀 D保持匀强磁场不变，电压变为114U，反质子在磁场中运动时间减为原来的12 5、如图所示为氢原子的能级示意图，一群氢原子
5、处于 n=3 的激发态，在向较低能级跃迁的过程中向外发出光子，用这些光照射逸出功为 2.49 eV 的金属钠，下列说法正确的是（）A这群氢原子能发出三种频率不同的光，其中从 n=3 跃迁到 n=2 所发出的光波长最短 B这群氢原子能发出两种频率不同的光，其中从 n=3 跃迁到 n=1 所发出的光频率最高 C金属钠表面所发出的光电子的初动能最大值为 11.11 eV D金属钠表面所发出的光电子的初动能最大值为 9.60 eV 6、一物块以某初速度沿水平面做直线运动，一段时间后垂直撞在一固定挡板上，碰撞时间极短，碰后物块反向运动。整个运动过程中物块的速度随时间变化的 v-t 图像如图所示，下列说法
6、中正确的是（）A碰撞前后物块的加速度不变 B碰撞前后物块速度的改变量为 2m/s C物块在 t=0 时刻与挡板的距离为 21m D04s 内物块的平均速度为 5.5m/s 二、多项选择题：本题共 4 小题，每小题 5 分，共 20 分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得 5 分，选对但不全的得 3 分，有选错的得 0 分。7、下列说法中正确的是（）A热机中燃气的内能不可能全部转化为机械能 B液体表面张力的方向与液面垂直 C液体表面张力的大小是跟分界线的长度成正比的 D水银滴在玻璃板上将成椭球状，所以说水银是一种不浸润液体 E.相对湿度 100%，表明在当时的温度
7、下，空气中的水汽已达到饱和状态 8、下列关于匀变速运动说法正确的是（）A只有在加速度和速度方向相同时，速度大小才可能增大 B若速度为零，则物体所受合外力可能不能为零 C若物体做匀加速直线运动时，从0t 时刻开始连续相等时间内位移之比不可能是 1：4：8：13：D若物体的加速度增加，则在相同时间内速度变化量一定增大 9、2019 年 10 月 1 日，在庆祝中华人民共和国成立 70 周年阅兵式上，主席乘“红旗”牌国产轿车依次检阅 15 个徒步方队和 32 个装备方队（如图甲所示）。检阅车在水平路面上的启动过程如图乙所示，其中 Oa 为过原点的倾斜直线，ab段表示以额定功率 P 行驶时的加速阶段，
8、bc 段是与 ab 段相切的水平直线，若检阅车的质量为 m，行驶过程中所受阻力恒为 f，则下列说法正确的是（）A检阅车在 t1时刻的牵引力和功率都是最大值，t2t3时间内其牵引力等于 f B0t1时间内检阅车做变加速运动 C0t2时间内的平均速度等于22v Dt1t2时间内检阅车克服阻力所做功为 P（t2t1）+22121122mvmv 10、如图甲所示，轻弹簧竖直放置，下端固定在水平地面上，一质量为 m 的小球，从离弹簧上端高 h 处由静止释放。某同学探究小球在接触弹簧后向下的运动过程，他以小球开始下落的位置为原点，沿竖直向下方向建立坐标轴 Ox，作出小球所受弹力 F 大小随小球下落的位置坐
9、标 x 的变化关系如图乙所示，不计空气阻力，重力加速度为 g。以下判断正确的是 A当 x=h+x0时，重力势能与弹性势能之和最小 B最低点的坐标为 x=h+2x0 C小球受到的弹力最大值等于 2mg D小球动能的最大值为02mgxmgh 三、实验题：本题共 2 小题，共 18 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6 分）在“测定电源的电动势和内阻”的实验中，有如下实验器材：待测干电池一节 电流表（量程（00.6A，内阻2.0r A）电压表（量程 03V，内阻约 3k）滑动变阻器 开关、导线若干 （1）某同学用图甲所示电路进行实验，由于电表内阻的影响产生系统误差，其主要
10、原因是_；（2）为消除系统误差，结合所给电表参数，另一同学改用图乙所示电路进行实验，根据实验数据得出如图丙所示的图像，则可得电源电动势 E=_V，内阻 r=_。（结果均保留 2 位有效数字）12（12 分）如图所示，用做平抛运动实验的装置验证机能守恒定律。小球从桌面左端以某一初速度开始向右滑动，在桌面右端上方固定一个速度传感，记录小球离开桌面时的速度（记作 v）。小球落在地面上，记下落点，小球从桌面右边缘飞出点在地面上的投影点为 O，用刻度尺测量落点到 O 点的距离 x。通过改变小球的初速度，重复上述过程，记录对应的速度 v 和距离 x。已知当地的重力加速度为 g。若想验证小球在平抛运动过程中
11、机械能守恒，只需验证平抛运动过程的加速度等于重力加速度即可。（1）某同学按如图所示测量高度 h 和水平距离 x，其中存在测量错误的是_（填“h”或“x”），正确的测量方法应是_。（2）若小球在下落过程中的加速度为 a，则 x 与 v 的关系式为 x=_。（3）该同学在坐标纸上画出了纵、横坐标，以2x为纵坐标，画出的图象为一条过原点的直线，图线的斜率为 k，那么该同学选择_为横坐标，根据平抛运动得到的加速度为_。然后与0g比较，若两者在误差允许范围内相等，就验证了小球在平抛运动过程中机械能守恒。四、计算题：本题共 2 小题，共 26 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方
12、程式和演算步骤。13（10 分）在如图所示的坐标系中，仅第三象限的磁场垂直坐标系所在平面向外，其余象限的磁场方向均垂直坐标系所在平面向里，四个象限中的磁感应强度大小均为 B。其中 M、N 两点为 x 轴负半轴和 y 轴负半轴上的点，坐标分别(2 0)a，、(02)a，一带负电的粒子由 M 点沿 MN 连线方向射入，忽略粒子的重力。求：(1)如果负粒子由 M 点射入后刚好能经过坐标原点第一次离开边界线，负粒子在第三象限磁场中的路程为多少？(2)如果负粒子由 M 点射入后能经 O 点到达 N，负粒子的路程为多少？14（16 分）如图所示，两根电阻不计且足够长的平行金属导轨倾斜放置，倾角=37，导轨
13、间距 L=1m，顶端用电阻R=2 的定值电阻相连。虚线上方存在垂直于导轨所在平面向上的匀强磁场，磁感应强度大小 B=1T。质量 m1=0.1kg、电阻 R1=4 的导体棒 M 在磁场中距虚线的距离 d=2m，M 与导轨间的动摩擦因数 1=0.25，质量 m2=0.3kg、电阻 R2=2的导体棒 N 在虚线处，N 与导轨间的动摩擦因数 2=0.8。将导体棒 M、N 同时从导轨上由静止释放，M 到达虚线前已经匀速，重力加速度 g 取 10m/s2，运动过程中 M、N 与导轨始终接触良好，已知 sin37=0.6，cos37=0.8。（1）求 M、N 相碰前，M 上产生的焦耳热；（2）求 M、N 相
14、碰前 M 运动的时间；（3）M、N 相遇发生弹性碰撞，碰后瞬间对 M 施加一个沿斜面方向的作用力 F，使 M、N 同时匀减速到零，求 M 棒在减速到零的过程中作用力 F 的大小随时间变化的表达式。15（12 分）如图所示，质量 mB=2kg 的平板车 B 上表面水平，在平板车左端相对于车静止着一块质量 mA=2kg 的物块A，A、B 一起以大小为 v1=0.5m/s 的速度向左运动，一颗质量 m0=0.01kg 的子弹以大小为 v0=600m/s 的水平初速度向右瞬间射穿 A 后，速度变为 v=200m/s.已知 A 与 B 之间的动摩擦因数不为零，且 A 与 B 最终达到相对静止时 A 刚好
15、停在 B 的右端，车长 L=1m，g=10m/s2，求：（1）A、B 间的动摩擦因数；（2）整个过程中因摩擦产生的热量为多少？参考答案 一、单项选择题：本题共 6 小题，每小题 4 分，共 24 分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、B【解析】A.卫星绕中心行星做圆周运动，万有引力提供圆周运动的向心力得 2GMmmgR 据此分析可得GgRM2，故 A 错误；B.根据万有引力提供圆周运动的向心力得 2224GMmmrrT，r=R+h 解得2334()RhTgR，故 B 正确；C.根据万有引力提供圆周运动的向心力得 22GMmmvrr，r=R+h 解得2gRvRh，故 C 错
16、误；D.卫星 B 是中心行星 A 的环绕卫星，质量不可求，故 D 错误。故选 B。2、A【解析】00.5T 时间内，B 减小，穿过线圈的磁通量减小，磁场方向垂直纸面向里，由楞次定律可知，感应电流方向沿顺时针方向，为正值；由法拉第电磁感应定律可知，感应电动势为BESt，Bt不变，则 E 不变，感应电流 i 不变。由左手定则可知，bc段导线受到的安培力方向水平向右，是正的。由 F=BiL 知 bc 段导线受到的安培力大小随 B 的减小而逐渐减小。在 0.5T-T 时间内，B 增大，穿过线圈的磁通量增大，磁场方向垂直纸面向里，由楞次定律可知，感应电流方向沿逆时针方向，为负值；由法拉第电磁感应定律可知
17、，感应电动势为 BESt，Bt不变，则 E 不变，感应电流 i 不变。由图知：在 0.5T-T时间内的Bt是 00.5T 时间内的 2 倍，则在 0.5T-T 时间内的感应电动势 E 是 00.5T 时间内的 2 倍，感应电流也是2 倍。在 0.5T-T 时间内，由左手定则可知，bc 段导线受到的安培力方向水平向左，是负的，且由 F=BiL，知在 0.5T-T时间内 bc 段导线受到的安培力随 B 的增大而增大，且是 00.5T 时间内的 4 倍，故 BCD 错误，A 正确。故选 A。3、B【解析】当发电机线圈的转速变为原来 n 倍，发电机产生交流电的电动势有效值和频率都将发生变化。变压器的输
18、入电压变化后，变压器的输出电压、副线圈的电流、R 消耗的功率随之改变，原线圈的电流也会发生变化。原线圈中电流的频率变化，通过 R 的交变电流频率变化。【详解】B：发电机线圈的转速变为原来 n 倍，发电机线圈的角速度变为原来 n 倍，据mENBS可得，发电机产生交流电电动势的最大值变为原来 n 倍，原线圈两端电压变为原来 n 倍。据1212:UUnn可得，副线圈两端电压变为原来 n 倍，电压表 V 的读数为 nU。故 B 项正确。A：R 消耗的功率22RUPR，副线圈两端电压变为原来 n 倍，则 R 消耗的功率变为2n P。故 A 项错误。C：流过 R 的电流22UIR，副线圈两端电压变为原来
19、n 倍，则流过 R 的电流2I变为原来的 n 倍；再据1221:IInn，原线圈中电流变为原来 n 倍，电流表 A 的读数为nI。故 C 项错误。D：发电机线圈的转速变为原来 n 倍，发电机产生交流电的频率变为原来的 n 倍，通过 R 的交变电流频率变为原来的n 倍。故 D 项错误。4、C【解析】A电场中加速过程中有 2112qUmv 在磁场中做匀速圆周运动过程有 2vqvBmr 根据几何关系可知 r=L 可得 121mUBLq 再根据左手定则（注意反质子带负电）可判断磁场方向垂直纸面向外，A 错误；BCD根据上述公式推导 121mUmvrqBBq 电压变为114U时，轨道半径变为原来12，反
20、质子将从 OA 中点射出；只要反质子从 OA 边上射出，根据对称性可知其速度方向都与 OA 成 30角，转过的圆心角均为 60，所以不会垂直 OA 射出，运动时间都为 11 2663mmtTqBqB C 正确，BD 错误。故选 C。5、D【解析】这群氢原子能发出三种频率不同的光，根据玻尔理论 E=Em-En（mn）得知，从 n=3 跃迁到 n=1 所发出的光能量最大，由 E=h=hc/得知，频率最高，波长最短故 A B 错误；从 n=3 跃迁到 n=1 辐射的光子能量最大，发生光电效应时，产生的光电子最大初动能最大，光子能量最大值为 13.6-1.51eV=12.09eV，根据光电效应方程得E
21、km=hv-W0=12.09-2.49eV=9.60eV故 C 错误，D 正确故选 D 6、C【解析】根据速度图像的斜率分析物块的加速度。读出碰撞前后物块的速度，即可求速度的改变量。根据图像与时间轴所围的面积求物块在03s内的位移，即可得到物块在0t 时刻与挡板的距离。根据04s内的位移来求平均速度。【详解】A根据 v-t 图像的斜率大小等于物块的加速度，知碰撞前后物块的加速度大小相等，但方向相反，加速度发生了改变，故 A 错误；B碰撞前后物块的速度分别为 v1=4m/s，v2=-2m/s 则速度的改变量为：216m/svvv 故 B 错误；C物块在0t 时刻与挡板的距离等于03s内位移大小为
22、：1043m=21m2x 故 C 正确；D04s内的位移为：1042 13m-m=20m22x 平均速度为：20m/s=5m/s4xvt 故 D 错误。故选 C。二、多项选择题：本题共 4 小题，每小题 5 分，共 20 分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得 5 分，选对但不全的得 3 分，有选错的得 0 分。7、ACE【解析】A热力学第二定律的一种表述为：不可能从单一热源吸取热量，使之完全变为有用功而不产生其他影响，即无论采用任何设备和手段进行能量转化，总是遵循“机械能可全部转化为内能，而内能不能全部转化为机械能”，A 正确；BC液体表面张力产生在液体表面层
23、，它的方向平行于液体表面，而非与液面垂直，其大小跟分界线的长度成正比，B 错误 C 正确；D浸润与不浸润是由液体和固体共同决定的。液体浸润固体，附着层面积要扩张，不浸润固体附着层面积要收缩；水银不浸润玻璃，但可能浸润其他固体，D 错误；E相对湿度=空气中水蒸气的压强/同温度下水的饱和气压，当相对湿度为 100%，表明在当时的温度下，空气中的水汽已达到饱和状态，故 E 正确。故选 ACE。8、BCD【解析】A对于匀变速直线运动，由0vvat得，只有在加速度和速度方向相同时，速度大小才增大；对于曲线运动，加速度方向和速度方向的之间夹角大于0小于90时，速度大小也增大，故 A 错误；B做竖直上抛运动
24、的物体，到达最高点时，速度为零，但它所受的合外力为自身重力，不为零，故 B 正确；C物体做匀加速直线运动时，从0t 时刻开始连续相等时间内位移之差为一恒量，即为 2xaT 而 1：4：8：13：位移之差分别是 3、5，故从0t 时刻开始连续相等时间内位移之比不可能是 1：4：8：13：，故 C 正确；D由vat 得，物体的加速度增加，则在相同时间内速度变化量一定增大，故 D 正确。故选 BCD。9、AD【解析】A由图象可知，检阅车的运动过程为：Oa 为匀加速直线运动，ab 是恒定功率运动，且加速度在逐渐减小，所以 t1时刻牵引力和功率最大，bc 是匀速直线运动，t2t3时间内其牵引力等于 f，
25、故 A 正确。B在 0t1时间段，由 vt 图象知检阅车做匀加速直线运动，故 B 错误。C在 0t2时间段，由 vt 图象可知，检阅车先做匀加速运动再做变加速运动，故此段时间内平均速度大于2v2，故C 错误；D设时间 t1t2内检阅车克服阻力所做功为 Wf，由动能定理 2221211122fP ttWmvmv()-克服阻力所做功为2221211122=fWP ttmvmv()-+，故 D 正确。故选 AD.10、AD【解析】由图象结合小球的运动过程为:先自由落体运动，当与弹簧相接触后，再做加速度减小的加速运动，然后做加速度增大的减速运动，直到小球速度为零。A当 x=h+x0时，弹力等于重力，加
26、速度为零，小球速度最大，动能最大，由于系统机械能守恒，所以重力势能与弹性势能之和最小，A 正确；B在最低点小球速度为零，从刚释放小球到小球运动到最低点，小球动能变化量为零，重力做的功和弹力做的功的绝对值相等，即到最低点图中实线与 x 轴围成的面积应该与 mg 那条虚线与 x 轴围成的面积相同，所以最低点应该在h+2x0小球的后边，B 错误；C由 B 知道最低点位置大于02xhx，所以弹力大于 2mg，C 错误；D当 x=h+x0时，弹力等于重力，加速度为零，小球速度最大，动能最大，由动能定理可得 00011()22GNWWmg hxmgxmghmgx，故 D 正确。三、实验题：本题共 2 小题
27、，共 18 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、由于电压表分流导致测得电流比实际干路电流偏小 1.5 1.0 【解析】（1）1图甲采用相对电源的电流表外接法，由于电压表内阻不是无穷大，所以电压表分流导致电流表中电流比实际干路电流偏小；（2）23改用图乙实验时，根据闭合电路欧姆定律 U=E-I（r+rA），再由图所示电源 U-I 图象可知，图象与纵轴交点坐标值是 1.5V，电源电动势 E=1.5V，图象的斜率表示电动势，故 1.53.00.5AUrrI；故电源内阻 r=3.0-2.0=1.0。12、h 从桌面到地面的距离 v2ha 2v 2hk 【解析】（1）12其中
28、h 的测量有问题，应该是从桌面到地面的距离；（2）3小球下落过程中，竖直方向 212hat 水平方向：xvt 解得：2xavh （3）45根据2xavh可得222xhav，则以2x为纵坐标，画出的图象为一条过原点的直线，图线的斜率为 k，那么该同学选择 v2为横坐标；由2hka得到的加速度为2hak。然后与0g比较，若两者在误差允许范围内相等，就验证了小球在平抛运动过程中机械能守恒。四、计算题：本题共 2 小题，共 26 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、(1)2a；(2)a 或 2a【解析】(1)电子在匀强磁场中做匀速圆周运动，设圆周运动半径
29、为 R，若电子从 M 点出发刚好经原点 O 第一次离开边界线，如图甲所示 则有 2Rcos452a 解得 Ra 运动轨迹为四分之一圆周，所以运动的路程 s242Ra(2)负粒子从 M 点出发经原点 O 到达 N 点，若粒子经原点 O 第一次射出磁场分界线，则轨迹如图甲，运动路程为一个圆周即 s2R2a 若粒子第 N 次离开磁场边界为 O 点，则要回到 N 点，经过 O 点的速度必然斜向下 45，则运动轨迹如图乙 根据几何关系有 22cos45aRN 圆周运动半径 aRN 运动通过的路程为 s24RN224aNNa 14、（1）0.48J；（2）1.5s；（3）F=0.960.08t(t2.5s
30、)【解析】（1）M 棒匀速时，有 m1gsin37=1m1gcos37BIL E=BLv0 EIR总 212RRRRRR总 M 棒从开始到达虚线位置，有 2111101sin37cos372m gdm gdmQ总v M 棒、N 棒、电阻 R 产生的焦耳热之比为 QMQNQR=811 QM=810Q总 由式解得 QM=0.48J（2）对 M 棒由动量定理有(m1gsin371m1gcos37BIL)t=m1v0 q=It=R总=BLd t=1.5s（3）对 M、N 棒碰撞过程，有 m1v0=m1v1m2v2 2221 01 122111222mvmvm v 碰后对 N 棒 2m2gcos37m2
31、gsin37=m2a2 v2=a2t0 碰后对 M 棒 m1gsin371m1gcos37BILF=m1a1 v1=a1t0 11()BL vatIR 总 t0=2.5s 由 式解得 F=0.960.08t(t2.5s)15、（1）0.1（2）1600J【解析】（1）规定向右为正方向，子弹与 A 作用过程，根据动量守恒定律得：m0v0mAv1=m0vmAvA 代入数据解得：vA=1.5m/s 子弹穿过 A 后，A 以 1.5m/s 的速度开始向右滑行，B 以 0.5m/s 的速度向左运动，当 A、B 有共同速度时，A、B 达到相对静止，对 A、B 组成的系统运用动量守恒，规定向右为正方向，有：mAvAmBv1=(mAmB)v2 代入数据解得：v2=0.5m/s 根据能量守恒定律知：mAgL=12mAvA212mBv1212(mAmB)v22 代入数据解得：=0.1（2）根据能量守恒得，整个过程中因摩擦产生的热量为：Q=12m0v0212(mAmB)v1212m0v212(mAmB)v22 代入数据解得：Q=1600J