《2023届湖北省襄阳五中高三最后一模物理试题含解析.pdf》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2023届湖北省襄阳五中高三最后一模物理试题含解析.pdf（17页珍藏版）》请在taowenge.com淘文阁网|工程机械CAD图纸|机械工程制图|CAD装配图下载|SolidWorks_CaTia_CAD_UG_PROE_设计图分享下载上搜索。
1、2023 年高考物理模拟试卷 注意事项：1 答题前，考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚，将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区。2选择题必须使用 2B 铅笔填涂；非选择题必须使用 05 毫米黑色字迹的签字笔书写，字体工整、笔迹清楚。3请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试题卷上答题无效。4保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题：本题共 6 小题，每小题 4 分，共 24 分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、一定质量的理想气体，在温度升高的过程中（）A气体的内能一定增加 B外界一定
2、对气体做功 C气体一定从外界吸收热量 D气体分子的平均动能可能不变 2、三根通电长直导线平行放置，其截面构成等边三角形，O 点为三角形的中心，通过三根直导线的电流大小分别用小I1，I2、I3表示，电流方向如图所示.当 I1=I2=I3=I 时，O 点的磁感应强度大小为 B，通电长直导线在某点产生的磁感应强度大小跟电流成正比，则下列说法正确的是（）A当 I1=3I，I2=I3=I 时，O 点的磁感应强度大小为 2B B当 I1=3I，I2=I3=I 时，O 点的磁感应强度大小为 3B C当 I2=3I，I1=I3=I 时，O 点的磁感应强度大小为32B D当 I3=3I，I1=I2=I 时，O
3、点的磁感应强度大小为2 3B 3、继我国探月工程之后，2020 年我国计划启动火星探测任务，择机发射火星探测器。若已知引力常量 G 和火星的半径 R，火星探测器环绕火星表面飞行的周期 T，那么根据这些已知条件可估算（）A火星的第一宇宙速度 B火星的自转角速度 C探测器的质量 D探测器受火星的引力 4、如图所示，边长为 l 的单匝正方形线圈放在光滑水平面上，其有一半处于磁感应强度大小为 B、方向竖直向下的匀强磁场中。第一次保持磁场不变，使线圈在水平向右的拉力作用下，以恒定速度 v 向右运动；第二次保持线圈不动，使磁感应强度大小发生变化。若线圈的总电阻为 R，则有（）A若要使两次产生的感应电流方向
4、相同，则第二次时磁感应强度大小必须逐渐增大 B若要使两次产生的感应电流大小相同，则第二次时磁感应强度大小随时间必须均匀变化，且变化率2BBvtl C第一次时，在线圈离开磁场的过程中，水平拉力做的功为2 22B l vR D第一次时，在线圈离开磁场的过程中，通过线圈某一横截面的电荷量为2 2B lR 5、关于功的概念，下列说法中正确的是（）A因为功有正负，所以功是矢量 B力对物体不做功，说明物体一定无位移 C滑动摩擦力可能做负功，也可能做正功 D若作用力对物体做正功，则反作用力一定做负功 6、水平地面上方分布着水平向右的匀强电场，一光滑绝缘轻杆竖直立在地面上，轻杆上有两点 A、B。轻杆左侧固定一
5、带正电的点电荷，电荷量为+Q，点电荷在轻杆 AB 两点的中垂线上，一个质量为 m，电荷量为+q 的小球套在轻杆上，从 A 点静止释放，小球由 A 点运动到 B 点的过程中，下列说法正确的是（）A小球受到的电场力先减小后增大 B小球的运动速度先增大后减小 C小球的电势能先增大后减小 D小球的加速度大小不变 二、多项选择题：本题共 4 小题，每小题 5 分，共 20 分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得 5 分，选对但不全的得 3 分，有选错的得 0 分。7、如图，一定量的理想气体经历了 ABCDA 的循环，ABCD 位于矩形的四个顶点上。下列说法正确的是 。A状
6、态 C 的温度为032T B从 AB，分子的平均动能减少 C从 CD，气体密度增大 D从 DA，气体压强增大、内能减小 E.经历 ABCDA 一个循环，气体吸收的热量大于释放的热量 8、如图所示，在水平面上固定一个半圆弧轨道，轨道是光滑的，O 点为半圆弧的圆心，一根轻绳跨过半圆弧的 A 点(O、A 等高，不计 A 处摩擦)，轻绳一端系在竖直杆上的 B 点，另一端连接一个小球 P。现将另一个小球 Q 用光滑轻质挂钩挂在轻绳上的 AB 之间，已知整个装置处于静止状态时，30，45则（）A将绳的 B 端向上缓慢移动一小段距离时绳的张力不变 B将绳的 B 端向上缓慢移动一小段距离时半圆弧中的小球 P
7、位置下移 C静止时剪断 A 处轻绳瞬间，小球 P 的加速度为12g D小球 P 与小球 Q 的质量之比为3:2 9、如图（a）所示，在粗糙的水平地面上有两个大小相同但材质不同的甲、乙物块。t=0 时刻，甲物块以速度 v04m/s向右运动，经一段时间后与静止的乙物块发生正碰，碰撞前后两物块运动的 vt 图像如图（b）中实线所示，其中甲物块碰撞前后的图线平行，已知甲物块质量为 5kg，乙物块质量为 4kg，则（）A此碰撞过程为弹性碰撞 B碰后瞬间乙物块速度为 2.5m/s C碰后乙物块移动的距离为 3.75m D碰后甲、乙两物块所受摩擦力之比为 6：5 10、下列说法中正确的有_。A光在介质中的速
8、度小于光在真空中的速度 B紫外线比紫光更容易发生干涉和衍射 C光的偏振现象说明光是纵波 D由红光和绿光组成的一细光束从水 中射向空气，在不断增大入射角时水面上首先消失的是绿光 E.某同学用单色光进行双缝干涉实验，在屏上观察到图甲所示的条纹，仅减小双缝之间的距离后，观察到如图乙所示的条纹 三、实验题：本题共 2 小题，共 18 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6 分）某同学利用如图所示的装置欲探究小车的加速度与合外力的关系具体实验步骤如下：按照如图所示安装好实验装置，并测出两光电门之间的距离 L 平衡摩擦力即调节长木板的倾角，轻推小车后，使小车沿长木板向下运动，且通
9、过两个光电门的时间相等 取下细绳和沙桶，测量沙子和沙桶的总质量 m，并记录 把小车置于靠近滑轮的位置，由静止释放小车，并记录小车先后通过光电门甲和乙的时间，并计算出小车到达两个光电门时的速度和运动的加速度 重新挂上细绳和沙桶，改变沙桶中沙子的质量，重复的步骤（1）用游标卡尺测得遮光片的宽度为 d，某次实验时通过光电门甲和乙的时间分别为 t1和 t2，则小车加速度的表达式为 a=_（2）关于本实验的说法，正确的是_ A平衡摩擦力时需要取下细绳和沙桶 B平衡摩擦力时不需要取下细绳和沙桶 C沙桶和沙子的总质量必须远远小于小车的质量 D小车的质量必须远远小于沙桶和沙子的总质量（3）若想利用该装置测小车
10、与木板之间的动摩擦因数，某次实验中，该同学测得平衡摩擦力后斜面的倾角，沙和沙桶的总质量 m，以及小车的质量 M则可推算出动摩擦因数的表达式=_（表达式中含有 m、M、）12（12 分）某同学在“探究功与速度变化之间的关系”的实验中，同时测出实验中橡皮绳的劲度系数。所用实验装置如图所示，已知小球质量为 m。具体实验步骤如下：(1)将小球放在木板上，木板左端抬高一个小角度，以平衡摩擦力。(2)将原长为 OM 的橡皮绳一端固定在木板右端的 O 点，另一端通过力传感器连接小球，将小球拉至 P 点（M 点左侧），测得 OM 的距离为 ll，OP 的距离为 l2，力传感器示数为 F，则橡皮绳的劲度系数为_
11、（用 F、l1、l2表示）。(3)将小球从 P 点由静止释放，在 M 点右侧放置一速度传感器，可测出传感器所在位置的速度 v。将小球连上 2 根、3根橡皮绳，重复操作过程，测出多组速度数值，如下表所示。橡皮绳 1 根 2 根 3 根 4 根 5 根 6 根 做功 W 2 W 3 W 4 W 5 W 6 W 速度1/m sv 1.01 1.41 1.73 2.00 2.24 2.45 速度平方222/msv 1.02 1.99 2.99 4.00 5.02 6.00 在坐标系中描点、连线，作出 W-v2图像。（_）(4)由图像可知，橡皮绳做功与小球获得的速度的关系为_。四、计算题：本题共 2 小
12、题，共 26 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10 分）粗糙绝缘的水平地面上有一质量为 m 的小滑块处于静止状态、其带电量为 q(q0)。某时刻，在整个空间加一水平方向的匀强电场，场强大小为mgqE。经时间 t 后撤去电场，滑块继续滑行一段距离后停下来。已知滑块与地面间的动摩擦因数为0.5，重力加速度为 g，求滑块滑行的总距离 L。14（16 分）如图所示，AB是重力为G的匀质细直杆，其中A端通过光滑铰链固定于竖直墙壁上，B端受一与细直杆夹角恒为60的拉力作用，使杆子由水平位置缓慢沿逆时针方向转到竖直位置。求：(1)当杆与墙壁的夹角为60时，
13、杆A、B端受到的作用力的大小；(2)当杆与墙壁的夹角为30时，杆A、B端分别受到的作用力的大小。15（12 分）如图（a），一水平面内固定有两根平行的长直金属导轨，导轨间距为 L；两根相同的导体棒 M、N 置于导轨上并与导轨垂直，长度均为 L；棒与导轨间的动摩擦因数为（最大静摩擦力等于滑动摩擦力）；整个装置处于竖直向下的匀强磁场中，磁感应强度大小为 B。从 t0 时开始，对导体棒 M 施加一平行于导轨的外力 F，F 随时间变化的规律如图（b）所示。已知在 t0时刻导体棒 M 的加速度大小为 g 时，导体棒 N 开始运动。运动过程中两棒均与导轨接触良好，重力加速度大小为 g，两棒的质量均为 m，
14、电阻均为 R，导轨的电阻不计。求：(1)t0时刻导体棒 M 的速度 vM；(2)0t0时间内外力 F 的冲量大小；(3)0t0时间内导体棒 M 与导轨因摩擦产生的内能。参考答案 一、单项选择题：本题共 6 小题，每小题 4 分，共 24 分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、A【解析】AD理想气体不计分子势能，温度升高，平均动能增大，内能一定增加，选项 A 正确，D 错误；BC温度升高，外界可能对气体做功，也可能从外界吸收热量，选项 BC 错误。故选 A.2、A【解析】AB根据安培定则画出 I1、I2、I3在 O 点的磁感应强度示意图，当 I1=I2=I3时，令 B1=B
15、2=B3=B0，示意图如图甲所示 根据磁场叠加原理，可知此时 O 点的磁感应强度大小 B 与 B0满足关系012BB；当 I1=3I2，I2=I3=I 时，B1=3B0，B2=B3=B0，示意图如图乙所示 由图乙解得 O 点的磁感应强度大小为 4B0=2B，故 A 正确，B 错误；CD当 I2=3I，I1=I3=I 时，B1=B3=B0，B2=3B0，示意图如图丙所示 由图丙解得 O 点的磁感应强度大小为02 33BB，同理可得，当 I3=3I，I1=I2=I 时，O 点的磁感应强度大小也为3B，故 CD 错误。故选 A。3、A【解析】A由题中条件可求火星的第一宇宙速度 2 RvT 选项 A
16、正确；B由题中条件不能求解火星的自转角速度，选项 B 错误；C根据 2224MmGmRRT 而探测器的质量 m 从两边消掉了，则不能求解探测器的质量，选项 C 错误；D探测器的质量未知，则不能求解探测器受火星的引力，选项 D 错误。故选 A。4、B【解析】A根据右手定则可知，第一次时线框中的感应电流方向顺时针方向；若要使两次产生的感应电流方向相同，根据楞次定律，则第二次时磁感应强度大小必须逐渐减小，故 A 错误；B根据切割感应电动势公式EBLv及闭合电路欧姆定律可得第一次时感应电流大小：BlvIR 若要使两次产生的感应强度电流大小相同，根据法拉第电磁感应定律及闭合电路欧姆定律则有：21 2lB
17、 vRBltR 则第二次时磁感应强度大小随时间必须均匀变化，且变化率为：2BBvtl 故 B 正确；C第一次时，在线圈离开磁场的过程中，水平拉力做的功为：2 3222lBlvlB l vWFBlRR 故 C 错误；D第一次时，在线圈离开磁场的过程中，通过线圈某一横截面的电荷量为：22BlqItRR 故 D 错误；故选 B。5、C【解析】A、功有正负，但功是标量，A 错误；B、当力的方向和位移的方向垂直时，力不做功，但有位移，B 错误；C、摩擦力方向可以与位移方向相同，也可以相反，故可能做正功，也可能做负功，C 正确；D、一对相互作用力做功，可以出现都做正功，都做负功，一正一负或一个做功，一个不
18、做功等各种情况，D 错误 故选 6、C【解析】A小球下滑时受匀强电场的电场力是不变的，受到点电荷的电场力先增加后减小，则小球受到的电场力先增大后减小，选项 A 错误；B小球下滑时，匀强电场的电场力垂直小球运动方向，则对小球不做功；点电荷在前半段先对小球做负功，重力做正功，但是由于不能比较正功和负功的大小关系，则不能确定小球速度变化情况；在后半段，点电荷电场力和重力均对小球做正功，则小球的运动速度增大，选项 B 错误；C小球下滑时，匀强电场的电场力垂直小球运动方向，则对小球不做功；点电荷在前半段先对小球做负功，在后半段对小球做正功，则小球的电势能先增大后减小，选项 C 正确；D由小球的受力情况可
19、知，在 A 点时小球的加速度小于 g，在 AB 中点时小球的加速度等于 g，在 B 点时小球的加速度大于 g，则加速度是不断变化的，选项 D 错误。故选 C。二、多项选择题：本题共 4 小题，每小题 5 分，共 20 分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得 5 分，选对但不全的得 3 分，有选错的得 0 分。7、ACE【解析】AAB过程为等压过程，则有 ABABVVTT 即有 120023VVTT 解得 1223VV CD过程也为等压过程，则有 CDCDVVTT 即 120CVVTT 解得 2C00132VTTTV 故 A 正确；B从 AB 从 AB，温度升高，
20、分子平均动能增大，故 B 错误；CCD过程为等压变化过程，由图可知，气体体积减小，气体质量不变，则气体密度增大，故 C 正确；D从 DA，由图可知，气体压强增大，温度升高，气体内能增大，故 D 错误；E经历 ABCDA 一个循环,气体内能不变；在 p-V 图象中，图象与坐标轴围成面积表示功，所以ABDCWW，即整个过程，气体对外界做功，所以气体吸收的热量大于释放的热量，故 E 正确。故选 ACE。8、ACD【解析】A绳子 B 端向上移动一小段距离，根据受力分析可知 P 球没有发生位移，因此 AQP 变成了晾衣架问题，绳长不会变化，A 到右边板的距离不变，因此角度不会发生变化，即绳子的张力也不会
21、变化；选项 A 正确。B如果 P 向下移动一段距离，绳子 AP 拉力变小，绳长 AP 变长，而 AB 之间的绳子长度变短，则角度 变大，绳子 AB 之间的张力变大，AP 的张力也变大，产生矛盾；B 错误。C剪断 A 处细绳，拉力突变为零，小球 P 只受重力的分力，所以加速度为12g；C 正确。D根据受力分析，分别对两个小球做受力分析，因为是活结所以绳子的张力都是相同，则2cosPm gT,又由于2cosQm gT.由两式可得32pQmm；故 D 正确。故选 ACD。9、BC【解析】AB由图知，碰前瞬间甲物块的速度为 3m/sv 碰后瞬间甲物块的速度为 11m/sv 设乙物块碰后瞬间的速度为 v
22、2，取碰前甲物块的速度方向为正方向，根据动量守恒定律得 12m vm vm v甲甲乙 解得 22.5m/sv 碰撞前后系统动能之差为 22212111222kEm vm vm v甲甲乙 解得 7.5JkE 所以此碰撞过程为非弹性碰撞，故 A 错误，B 正确；C设碰后乙物块经过 ts 时间停止运动。根据三角形相似法知 1114t 解得 3st 碰后乙物块移动的距离为 22.53m3.75m22vst 故 C 正确；D对碰后乙物块滑行过程，根据动量定理得 20f tm v乙乙 解得 10N3f乙 甲物块滑行的加速度大小为 2243=m/s=1m/s1vat甲 甲物块所受摩擦力大小为 5 1N5Nf
23、m a 甲甲 甲 则有:2:3ff甲乙 故 D 错误。故选 BC。10、ADE【解析】A依据 cvn 可知，光在介质中的速度小于在真空中的速度，故 A 正确；B紫外线比紫光的波长短，更不容易发生衍射，而对于干涉只要频率相同即可发生，故 B 错误；C光的偏振现象说明光是横波，并不是纵波，故 C 错误；D绿光的折射率大于红光的折射率，由临界角公式 1sinCn 知，绿光的临界角小于红光的临界角，当光从水中射到空气，在不断增大入射角时，在水面上绿光先发生全反射，从水面消失，故 D 正确；E从图甲所示的条纹与图乙所示的条纹可知，条纹间距变大，根据双缝干涉的条纹间距公式 Lxd 可知，当仅减小双缝之间的
24、距离后，可能出现此现象，故 E 正确。故选 ADE。三、实验题：本题共 2 小题，共 18 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、（1）222122212()2?dttL tt；（2）B；（3）sincosMmM 【解析】（1）1小车经过光电门时的速度分别为：11dvt，22dvt，由匀变速直线运动的速度位移公式可知，加速度：2222221122212()22?vvdttaLL tt；（2）2AB.本实验中，沙桶和沙子的总质量所对应的重力即为小车做匀变速运动时所受的外力大小，平衡摩擦力时应使小车在悬挂沙桶的情况下匀速运动，所以不需要取下细绳和沙桶，故 A 错误，B 正确
25、；CD.因为本实验中，沙桶和沙子的总质量所对应的重力即为小车做匀变速运动时所受的外力大小，所以不需要“沙桶和沙子的总质量必须远远小于小车的质量”的实验条件，也不需要小车的质量必须远远小于沙桶和沙子的总质量，故 C错误，D 错误。故选：B；（3）对小车，由平衡条件得：Mgsinmg=Mgcos，得动摩擦因数：sincosMmM；12、21Fll 橡皮筋做功与小球获得的速度平方成正比或 Wv2 【解析】(2)1 根据胡克定律有：F=k（l2-l1）求得橡皮绳的劲度系数为：21Fkll(3)2 做出 W-v2图象，如图所示：(4)3 由图象可知，W-v2图象为过原点的一条直线，所以橡皮绳做功与小球获
26、得的速度的关系为：橡皮绳做功与小球获得的速度平方成正比。四、计算题：本题共 2 小题，共 26 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、212Lgt【解析】设滑块的质量为 m，电场撤去前后过程，滑块的加速度分别为12、aa，全过程的最大速度为 v；加速过程，对滑块根据牛顿第二定律可得 1qEmgma.由运动学公式 1vat 此过程的位移 21112xat 撤去电场后，对滑块根据牛顿第二定律可得 2mgma 由运动学公式 2222va x 故 12212Lxxgt.14、(1)2BGF，32AGF；(2)396AFG，36BFG【解析】(1)当杆与墙壁
27、的夹角为60，对杆的受力分析如图所示：据平衡条件可得 sin302BGFG 3cos302AGFG(2)当杆与墙壁的夹角为30时，对杆的受力分析如图所示：由三力组成的矢量三角形与ACD相似，有 ABFFGADCDAC 设杆子长为0l，由几何关系知 04lCD 032ACl 0134ADl 解得 396AFG 36BFG 15、(1)222 mgRB L；(2)032mgt；(3)202223tmgmgQRBLB L 。【解析】(1)设 t0时刻棒中的感应电流为 i0，由法拉第电磁感应定律，回路中的感应电动势 0MEBLv 根据闭合电路欧姆定律 002EiR 导体棒受到的安培力大小为 F安=BL
28、i0 对导体棒 N，由平衡条件得 F安=mg 整理得 t0时刻导体棒 M 的速度 M222 mgRvB L；(2)设 t0时刻导体棒 M 受到的拉力大小为 F0，根据牛顿第二定律得 0FFmgma安 解得 F0=3 mg 0t0时间内外力 F 的冲量大小为 000322FIttmg；(3)设导体棒 M 开始运动的时刻是 t1，此时导体棒 M 受到拉力大小等于摩擦力 F1=mg 由 Ft 图像可知 0110FFtt 设 t1t0时间内的平均电流为 I，导体棒 M 的位移为 x。则 t1t0时间内的平均电流为 2 t2 BLxIRR t 在01ttt 过程中，根据动量定理，有 10M2FFtmg tBLI tmv 整理得 0222243tmgRmRxB LB L 此过程导体棒 M 与导轨因摩擦产生的内能 202223tmgmgQmgxRBLB L 。