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1、2023 年高考物理模拟试卷 注意事项：1答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号、考场号和座位号填写在试题卷和答题卡上。用 2B 铅笔将试卷类型（B）填涂在答题卡相应位置上。将条形码粘贴在答题卡右上角条形码粘贴处。2作答选择题时，选出每小题答案后，用 2B 铅笔把答题卡上对应题目选项的答案信息点涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案。答案不能答在试题卷上。3非选择题必须用黑色字迹的钢笔或签字笔作答，答案必须写在答题卡各题目指定区域内相应位置上；如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新答案；不准使用铅笔和涂改液。不按以上要求作答无效。4考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答
2、题卡一并交回。一、单项选择题：本题共 6 小题，每小题 4 分，共 24 分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、关于一定质量的理想气体，下列说法正确的是（）A气体的体积是所有气体分子的体积之和 B气体的压强是由气体分子重力产生的 C气体压强不变时，气体的分子平均动能可能变大 D气体膨胀时，气体的内能一定减小 2、如图所示，水平地面上有一个由四块完全相同石块所组成拱形建筑，其截面为半圆环，石块的质量均为 m。若石块接触面之间的摩擦忽略不计，则 P、Q 两部分石块之间的弹力为（）A2mg B2 2mg C22mg D2mg 3、在闭合电路中，以下说法中正确的是（）A在外电路和
3、电源内部，电荷都受非静电力作用 B在电源内部电荷从负极到正极过程中只受非静电力而不存在静电力 C静电力与非静电力对电荷做功都使电荷的电势能减少 D静电力对电荷做功电势能减少，非静电力对电荷做功电势能增加 4、一人站在滑板上以速度0v在冰面上滑行忽略滑板与冰面间的摩擦某时刻人沿水平方向向正前方距离滑板离开时人相对冰面的速度大小为02v。已知人与滑板的质量分别为,()M m Mm，则人离开时滑板的速度大小为（）A0mvM B0mvmM C0Mmvm D0Mmvm 5、如图，两质点 a，b 在同一平面内绕 O 沿逆时针方向做匀速圆周运动，a，b 的周期分别为 2 s 和 20 s，a，b 和 O 三
4、点第一次到第二次同侧共线经历的时间为()A920s B209s C1120s D2011s 6、一端装有定滑轮的粗糙斜面体放在地面上，A、B 两物体通过细绳连接，并处于静止状态，不计绳的质量和绳与滑轮间的摩擦，如图所示现用水平力 F 作用于物体 B 上，缓慢拉开一小角度，此过程中斜面体与物体 A 仍然静止则下列说法正确的是 A在缓慢拉开 B 的过程中，水平力 F 不变 B物体 A 所受细绳的拉力一定变大 C物体 A 所受斜面体的摩擦力一定变大 D物体 A 所受斜面体的作用力的合力一定变大 二、多项选择题：本题共 4 小题，每小题 5 分，共 20 分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合
5、题目要求的。全部选对的得 5 分，选对但不全的得 3 分，有选错的得 0 分。7、如图甲所示，竖直光滑杆固定不动，套在杆上的弹簧下端固定，将套在杆上的滑块向下压缩弹簧至离地高度0.1mh 处，滑块与弹簧不拴接。现由静止释放滑块，通过传感器测量出滑块的速度和离地高度h并作出如图乙所示滑块的kEh图象，其中高度从 0.2m 上升到 0.35m 范围内图象为直线，其余部分为曲线，以地面为零势能面，不计空气阻力，取210m/sg，由图象可知（）A小滑块的质量为 0.1kg B轻弹簧原长为 0.2m C弹簧最大弹性势能为 0.5J D小滑块的重力势能与弹簧的弹性势能总和最小为 0.4J 8、关于热力学定
6、律，下列说法正确的是（）A气体吸热后温度一定升高 B对气体做功可以改变其内能 C理想气体等压膨胀过程一定放热 D热量不可能自发地从低温物体传到高温物体 E.如果两个系统分别与状态确定的第三个系统达到热平衡，那么这两个系统彼此之间也必定达到热平衡 9、下列说法正确的是_.A液体的沸点是液体的饱和蒸气压与外界压强相等时的温度 B当液体与大气接触时，液体表面分子的势能比液体内部分子的势能要大 C布朗运动虽不是分子运动，但它证明了组成固定颗粒的分子在做无规则运动 D第二类永动机不能制成是因为它违反了能量守恒定律 E.热力学第二定律告诉我们一切自发的过程总是沿着分子热运动无序性增大的方向进行 10、如图
7、，竖直平面内有 a、b、c 三个点，b 点在 a 点正下方，b、c 连线水平。第一次，将一质量为 m 的小球从 a 点以初动能k0E水平抛出，经过c 点时，小球的动能为05kE；第二次，使此小球带正电，电荷量为 q，同时加一方向平行于 abc 所在平面、场强大小为2mgq的匀强电场，仍从 a 点以初动能k0E沿某一方向抛出小球，小球经过 c 点时的动能为013kE。下列说法正确的是（不计空气阻力，重力加速度大小为 g）（）Aa、b 两点间的距离为05kEmg Ba、b 两点间的距离为04kEmg Ca、c 间的电势差为08kEq Da、c 间的电势差为012kEq 三、实验题：本题共 2 小题
8、，共 18 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6 分）某研究性学习小组从一个数码设备中拆下了一个旧电池，已知该电池的电动势约为 12V 内阻约为 2，该小组的同学为了测定电池的电动势和内阻，从实验室借来了如下实验器材：A电压表(量程为 03V，内阻为 2k)B电流表(量程为 03A，内阻约为 0.1)C定值电阻 4k D定值电阻 8k E.定值电阻 1 F.定值电阻 3 G.滑动变阻器 020 H.滑动变阻器 02k I.开关一个，导线若干 (1)该小组的同学设计了如图甲所示的实验电路，电阻 R1应选_，电阻 R2应选_，滑动变阻器应选_。(选填相应器材前面的字母)
9、(2)开关闭合以前，应将滑动变阻器的滑片调至_(填“最左端”或“最右端”)，闭合开关后，移动滑动变阻器的滑片，可得到多组电压表和电流表的读数 U 和 I，利用得到的实验数据作出 UI 图像如图乙所示，根据图像可知该电池的电动势 E_ V，内阻 r_。(计算结果保留三位有效数字)12（12 分）用如图 a 所示的电路测量铂热敏电阻的阻值与温度的关系（1）开关闭合前，滑动变阻器的滑片应移至_端（填“A”或“B”）（2）实验测得不同温度下的阻值，并绘得如图 b 的 Rt-t 关系图线，根据图线写出该热敏电阻的 Rt-t 关系式：Rt=_（）（3）铂的电阻对温度变化很灵敏，可以制成电阻温度计请利用开关
10、、导线、铂热敏电阻、图 a 中某一电表和图 c 所示的恒流源（调节旋钮时可以选择不同的输出电流，且输出电流不随外部条件的变化而变化），设计一个简易电阻温度计并在图 d 的虚线框内画出电路原理图_ （4）结合图 b 的关系图线，选择恒流源的输出电流为 0.15A，当选用的电表达到满偏时，电阻温度计所测温度为_如果要提高该温度计所能测量的最高温度值，请提出一种可行的方法：_ 四、计算题：本题共 2 小题，共 26 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10 分）甲、乙两列简谐横波在同一介质中分别沿 x 轴正向和负向传播，波速均为 v=20cm/s。两列
11、波在 t=0 时的波形曲线如图所示。求：(i)t=0 开始，乙的波谷到达 x=0 处的最短时间；(ii)t=010s 内，x=0 处的质点到达正向最大位移处的次数。14（16 分）如图，玻璃球冠的折射率为3，其底面镀银，底面的半径是球半径的32倍；在过球心 O 且垂直于底面的平面（纸面）内，有一与底面垂直的光线射到玻璃球冠上的 M 点，该光线的延长线恰好过底面边缘上的 A 点求该光线从球面射出的方向相对于其初始入射方向的偏角 15（12 分）如图所示，在 x0 处的质点 O 在垂直于 x 轴方向上做简谐运动，形成沿 x 轴正方向传播的机械波。在 t0 时刻，质点 O 开始从平衡位置向上运动，经
12、 0.4 s 第一次形成图示波形，P 是平衡位置为 x0.5 m 处的质点.（1）位于 x5 m 处的质点 B 第一次到达波峰位置时，求位于 x2 m 处的质点 A 通过的总路程。（2）若从图示状态开始计时，至少要经过多少时间，P、A 两质点的位移(y 坐标)才能相同？参考答案 一、单项选择题：本题共 6 小题，每小题 4 分，共 24 分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】A气体的体积是气体分子所能充满的整个空间，不是所有气体分子的体积之和，故 A 错误；B大量做无规则热运动的分子对器壁频繁、持续地碰撞产生了气体的压强，与气体重力无关，故 B 错误；C气体压强
13、不变时，体积增大，气体温度升高，则分子的平均动能增大，故 C 正确；D气体膨胀时，气体对外做功，由热力学第一定律UWQ可知，气体对外做功同时可能吸收更多的热量，内能可以增加，故 D 错误。故选 C。2、A【解析】对石块 P 受力分析如图 由几何关系知：180454 根据平衡条件得，Q 对 P 作用力为：22cos45mgNmg A 正确，BCD 错误。故选 A。3、D【解析】A.在电源内部，电荷受非静电力作用；在外电路，电荷不受非静电力作用；故 A 项错误；B.在电源内部电荷从负极到正极过程中，电荷既受非静电力又受静电力，故 B 项错误；CD.在闭合电路中，静电力对电荷做功使电荷的电势能减少，
14、非静电力对电荷做功使电荷的电势能增加，故 C 项错误，D 项正确。4、C【解析】规定初速度 v0的方向为正方向，根据动量守恒定律可知：00()2Mm vMvmv 解得 0Mmvvm 负号表示速度与正方向相反，大小为0Mmvm；故选 C。5、B【解析】a、b 和 O 三点第一次到第二次同侧共线即质点 a 要比质点 b 多运动一周则要满足1abttTT,代入数据得解得：209ts，B 正确 故选 B 6、B【解析】先对物体 B 分析，根据共点力平衡条件求出绳子拉力；再对木块 A 分析，可以得出各个力的情况。【详解】A.对木块 B 受力分析,如图所示,根据共点力平衡条件有:BFm gtan，在缓慢拉
15、开 B 的过程中,变大,故 F 变大,故 A错误；B.根据共点力平衡有cosBm gT,在缓慢拉开 B 的过程中,变大,故 T 变大，B 正确;C.物体 A 受重力、支持力、细线的拉力,可能没有静摩擦力,也可能有沿斜面向下的静摩擦力,还有可能受沿斜面向上的静摩擦力,故拉力 T 变大后,静摩擦力可能变小,也可能变大,C 错误；D.支持力不变,故斜面对物体 A 的作用力的合力可能增大也可能减小或不变,D 错误。【点睛】本题关键分别对 A、B 受力分析，然后根据共点力平衡条件分析求解。二、多项选择题：本题共 4 小题，每小题 5 分，共 20 分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的
16、。全部选对的得 5 分，选对但不全的得 3 分，有选错的得 0 分。7、BC【解析】A在从 0.2m 上升到 0.35m 范围内，Ek=EP=mg h，图线的斜率绝对值为：0.32N0.350.2kEkmgh 所以：m=0.2kg 故 A 错误；B在 Ek-h 图象中，图线的斜率表示滑块所受的合外力，由于高度从 0.2m 上升到 0.35m 范围内图象为直线，其余部分为曲线，说明滑块从 0.2m 上升到 0.35m 范围内所受作用力为恒力，所示从 h=0.2m，滑块与弹簧分离，弹簧的原长的 0.2m。故 B 正确；C根据能的转化与守恒可知，当滑块上升至最大高度时，增加的重力势能即为弹簧最大弹性
17、势能，所以 Epm=mg h=0.210（0.35-0.1）=0.5J 故 C 正确；D由图可知，当 h=0.18m 时的动能最大；在滑块整个运动过程中，系统的动能、重力势能和弹性势能之间相互转化，因此动能最大时，滑块的重力势能与弹簧的弹性势能总和最小，根据能的转化和守恒可知 EPmin=E-Ekm=Epm+mgh-Ekm=0.5+0.2100.1-0.32=0.38J 故 D 错误；故选 BC。8、BDE【解析】A气体吸热后，若再对外做功，温度可能降低，故 A 错误；B改变气体内能的方式有两种：做功和热传导，故 B 正确；C理想气体等压膨胀过程是吸热过程，故 C 错误；D根据热力学第二定律，
18、热量不可能自发地从低温物体传到高温物体，故 D 正确；E如果两个系统分别与状态确定的第三个系统达到热平衡，那么这两个系统彼此之间也必定达到热平衡，否则就不会与第三个系统达到热平衡，故 E 正确。故选 BDE【点睛】本题主要考查了热力学定律、理想气体的性质此题考查了热学中的部分知识点，都比较简单，但是很容易出错，解题时要记住热力学第一定律 E=W+Q、热力学第二定律有关结论以及气体的状态变化方程等重要的知识点 9、ABE【解析】液体的沸点是液体的饱和蒸气压与外界压强相等时的温度，A 正确；当液体与大气接触时，液体表面分子的距离大于液体内部分子之间的距离，分子势能比液体内部分子的势能要大，B 正确
19、；布朗运动是悬浮微粒的无规则运动，是由于其受到来自各个方向的分子撞击作用是不平衡导致的，其间接反映了周围的分子在做无规则运动，C 错误；第二类永动机指的是不消耗任何能量，吸收周围能量并输出，不能制成是因为违反了热力学第二定律，D 错误；热力学第二定律告诉我们一切自发的过程总是沿着分子热运动无序性增大的方向进行，E 正确 10、BC【解析】AB不加电场时根据动能定理得 mghab=5Ek0-Ek0=4Ek0 解得 04kabEhmg 故 A 错误，B 正确；CD加电场时，根据动能定理得 mghab+Uacq=13Ek0-Ek0 解得 08kacEUq 故 C 正确，D 错误；故选 BC。三、实验
20、题：本题共 2 小题，共 18 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、D F G 最右端 12.5 1.69 【解析】（1）123电压表量程为 03V，内阻为 2k，则要要使此电压表的量程扩大到 12V 左右，则需串联一个 8k的电阻，故定值电阻选择 D；电源内阻为 2 左右，R2做为保护电阻，则应该选择与内阻阻值相当的 F 即可；滑动变阻器选择与内阻阻值差不多的 G 即可；（2）4开关闭合以前，应将滑动变阻器的滑片调至阻值最大的最右端；（3）56根据图像可知外电路电流为 0 时电压表读数为 2.5V，则此时路段电压为 52.5V=12.5V，即电源电动势为E=12.5
21、V，内阻 2(2.5 1)51.691.6rR 12、B 50+t 50 将恒流源的输出电流调小 【解析】（1）开关闭合前，为了保护电路，滑动变阻器的滑片应位于阻值最大处，故滑片应移至 B 端；（2）由图象可知，铂丝电阻 Rt的阻值与温度的关系式：Rt50+t；（3）直流恒流电源正常工作时，其输出电流不随外部条件的变化而变化，并且可读出其大小，电压表并联在铂丝电阻Rt的两端，如图所示：（4）当恒流源的输出电流为 0.15A，所以当电压表示数最大时，即 Rt两端的电压 Ut15V 时，铂丝电阻 Rt的阻值最大，由丙图中所画的 Rtt 图象可知，此时温度计所能测量的温度最高；由 IUR 得铂丝电阻
22、 Rt的阻值为：Rt150.15100，则温度计所能测量的最高温度为：tRt501005050直流恒流电源正常工作时，其输出电流不随外部条件的变化而变化，并且可读出其大小，电压表并联在铂丝电阻 Rt的两端，如图所示要提高该温度计所能测量的最高温度值，应使铂丝电阻 Rt的阻值增大或将恒流源的输出电流调小 四、计算题：本题共 2 小题，共 26 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（i）0.5s；（ii）2 次【解析】(i)乙向左传播，其最靠近 x=0 处的波谷位置的 x 坐标为 22040cm10cm2x 乙的波谷到达 x=0 处的最短时间为 22
23、0.5sxtv(ii)质点运动到正向最大位移时 y=y1+y2=20cm 即两列波的波峰同时到达 x=0 位置，从图线可知，甲、乙两列波的波长分别为 1=40cm，2=60cm，由Tv可得甲、乙两列波的周期分别为 T1=2s，T2=3s 甲的波峰到达 x=0 位置所需时间 11tkT其中(k=1，2，3)乙的波峰到达 x=0 位置所需时间 222240tTnT其中(n=0，1，2)甲、乙两列波的传播时间相同，可知 t1=t2 可得 12240kTTnT 即 22 3kn 当 k=1 且 n=0 时，x=0 处的质点运动到正向最大位移处，t1=2s；当 k=4 且 n=2 时，x=0 处的质点运
24、动到正向最大位移处，t2=8s；即 t=010s 内，x=0 处的质点运动到正向最大位移处共有 2 次。14、150【解析】设球半径为 R，球冠地面中心为 O，连接 OO，则 OOAB 令OAO=则：3322RO AcosOAR 即OAO=30 已知 MAAB，所以OAM=60 设图中 N 点为光线在球冠内地面上的反射点，光路图如图所示 设光线在 M 点的入射角为 i，折射角为 r，在 N 点的入射角为 i，反射角为 i，玻璃的折射率为 n 由于 OAM 为等边三角形，所以入射角 i=60 由折射定律得：sini=nsinr 代入数据得：r=30 作 N 点的法线 NE，由于 NEMA，所以
25、i=30 由反射定律得：i=30 连接 ON，由几何关系可知 MANMON，则MNO=60 由式可得ENO=30 所以ENO 为反射角，ON 为反射光线由于这一反射光线垂直球面，所以经球面再次折射后不改变方向所以，该光线从球面射出的方向相对于其初始入射方向的偏角为=180-ENO=150 15、（1）20 cm（2）0.05 s【解析】（1）结合题图可分析出，该机械波的传播周期为0.8Ts，波长为4m，振幅5Acm，该机械波的波速为5/vm sT 由图可知，此时波峰在1xm处，当波峰传播到5xm处的 B 点时，波向前传播的距离为4xm=，所以质点 B 第一次到达波峰位置所需要的时间0.8xtsv 由题意知，当质点 B 第一次到达波峰位置时，质点 A 恰好振动了一个周期，所以质点 A 通过的总路程为420sAcm=；（2）角速度为：25/2radsT，从图示状态开始计时 质点 A 做简谐运动的表达式为：552Aysint cm=质点 P 做简谐运动的表达式为：53524Pysintcm=要使 P、A 两质点的位移(y 坐标)相同，即APyy，至少要经过时间 t 应满足：553224t+t+=，解得：0.05ts。