《2022-2023学年浙江省嵊州市高三3月份模拟考试物理试题含解析.pdf》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2022-2023学年浙江省嵊州市高三3月份模拟考试物理试题含解析.pdf（14页珍藏版）》请在taowenge.com淘文阁网|工程机械CAD图纸|机械工程制图|CAD装配图下载|SolidWorks_CaTia_CAD_UG_PROE_设计图分享下载上搜索。
1、2023 年高考物理模拟试卷 注意事项：1答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号、考场号和座位号填写在试题卷和答题卡上。用 2B 铅笔将试卷类型（B）填涂在答题卡相应位置上。将条形码粘贴在答题卡右上角条形码粘贴处。2作答选择题时，选出每小题答案后，用 2B 铅笔把答题卡上对应题目选项的答案信息点涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案。答案不能答在试题卷上。3非选择题必须用黑色字迹的钢笔或签字笔作答，答案必须写在答题卡各题目指定区域内相应位置上；如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新答案；不准使用铅笔和涂改液。不按以上要求作答无效。4考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答
2、题卡一并交回。一、单项选择题：本题共 6 小题，每小题 4 分，共 24 分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、在下列四个核反应方程中，x1、x2、x3和 x4各代表某种粒子。23519513892038541UnSrXe3x2311220HxHen23823492903UThx24427122134MgHeAlx以下判断正确的是（）Ax1是质子 Bx2是中子 Cx3是 粒子 Dx4是氘核 2、一带电粒子从电场中的 A 点运动到 B 点，其运动轨迹如图中虚线所示，若不计粒子所受重力，下列说法中正确的是（）A粒子带负电荷 B粒子的初速度不为零 C粒子在 A 点的速度大于在
3、B 点的速度 D粒子的加速度大小先减小后增大 3、水平地面上的物体由静止开始竖直向上运动，在运动过程中，物体的动能 Ek与位移 x 的关系图像如图所示，则满足机械能守恒的阶段是（）A0h Bh2h C2h3h D3h5h 4、物块 M 在静止的传送带上匀加速下滑时，传送带突然转动，传送带转动的方向如图中箭头所示.则传送带转动后()AM 减速下滑 BM 仍匀加速下滑，加速度比之前大 CM 仍匀加速下滑，加速度与之前相同 DM 仍匀加速下滑，加速度比之前小 5、如图所示，理想变压器原、副线圈匝数比为 2:3，两端共接有六只相同的小灯泡 L1、L2、L3、L4、L5和 L6（电阻恒定不变），变压器的
4、原线圈接有输出电压 U 恒定的交流电源，六只小灯泡均发光下列说法正确的是（）AL1、L2、L3三只灯泡亮度一定相同 B小灯泡 L2一定比 L4亮 C交流电源输出电压 U 是小灯泡 L4两端电压的 4.5 倍 DL1消耗的功率是 L2消耗灯泡的 2.25 倍 6、可调式理想变压器示意图如图所示，原线圈的输入电压为 U1，副线圈输出电压为 U2，R 为电阻。将原线圈输入端滑动触头 P 向下移动时。下列结论中正确的是（）A输出电压 U2增大 B流过 R 的电流减小 C原线圈输入电流减小 D原线圈输入功率不变 二、多项选择题：本题共 4 小题，每小题 5 分，共 20 分。在每小题给出的四个选项中，有
5、多个选项是符合题目要求的。全部选对的得 5 分，选对但不全的得 3 分，有选错的得 0 分。7、用轻杆通过铰链相连的小球 A、B、C、D、E 处于竖直平面上，各段轻杆等长，其中小球 A、B 的质量均为 2m，小球 C、D、E 的质量均为 m现将 A、B 两小球置于距地面高 h 处，由静止释放，假设所有球只在同一竖直平面内运动，不计一切摩擦，则在下落过程中 A小球 A、B、C、D、E 组成的系统机械能和动量均守恒 B小球 B 的机械能一直减小 C小球 B 落地的速度大小为2gh D当小球A 的机械能最小时，地面对小球 C 的支持力大小为 mg 8、如图所示，加有恒定电压以 U1U 的、中间带有小
6、孔的平行板电容器 AB 竖直放置，右侧水平放置平行板电容器CD，CD 板长和板间距均为 L，板间加有恒定电压 U2。一质量为 m、电荷量为 q 的带正电粒子从 A 板小孔无初速飘入，经加速后沿中线水平进入 CD，恰从 D 板边缘飞出。不计粒子重力，下列说法正确的是()A若只将 B 板向左移动少许，粒子到达 B 板时的速度比未移动时小 B若只将 B 板向左移动少许，粒子到达 B 板的时间比未移动时短 C若飘入质量为 2m 电量为 2q 的带正电粒子，将打在 D 板上 D粒子刚到达 D 板边缘时的动能 Ek2qU 9、在图示电路中，理想变压器的原、副线圈匝数比为 21，电阻 R1、R2、R3、R4
7、的阻值均为 4。已知通过 R4的电流 i4=22sin100tA，下列说法正确的是（）Aa、b 两端电压的频率可能为 100Hz Ba、b 两端电压的有效值为 56V C若 a、b 两端电压保持不变，仪减小 R2的阻值，则 R1消耗的电功率减小 D若 a、b 两端电压保持不变，仪减小 R1的阻值，则 R2两端电压增大 10、如图所示，光滑绝缘的水平面附近存在一个平行于水平面的电场，其中某一区域的电场线与 x 轴平行，现有一个质量为 0.1kg，电荷量为-2.010-8C 的滑块 P（可看做质点），仅在电场力作用下由静止沿 x 轴向左运动电场力做的功W 与物块坐标 x 的关系用图中曲线表示，图中
8、斜线为该曲线过点（0.3，3）的切线则下列说法正确的是（）A此电场一定是匀强电场 B电场方向沿 x 轴的正方向 C点0.3xm处的场强大小为51.0 10/N C D0.3xm与0.7xm间的电势差是 100V 三、实验题：本题共 2 小题，共 18 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6 分）测量玩具遥控汽车的额定功率实验，简要步骤如下：A测出小车质量为 0.6kg。B在小车尾部系一条长纸带，让纸带穿过电源频率为 50Hz 的打点计时器。C使小车以额定功率沿水平面加速到最大速度，继续运行一段时间后关闭小车发动机，让其在水平面上滑行直到停止。D取下纸带进行研究。测得的
9、数据如图所示。回答下列问题：(1)由纸带知遥控汽车的最大速度为_，汽车滑行时的加速度为_；(2)汽车滑行时的阻力为_；其额定功率为_。12（12 分）一个实验小组在“探究弹力和弹簧伸长的关系”的实验中：（1）甲同学在做该实验时，通过处理数据得到了图甲所示的 Fx 图象，其中 F 为弹簧弹力，x 为弹簧长度请通过图甲，分析并计算，该弹簧的原长 x0_cm，弹簧的弹性系数 k_N/m该同学将该弹簧制成一把弹簧秤，当弹簧秤的示数如图乙所示时，该弹簧的长度 x_cm（2）乙同学使用两条不同的轻质弹簧 a 和 b，得到弹力与弹簧长度的图象如图丙所示下列表述正确的是_ Aa 的原长比 b 的长 Ba 的劲
10、度系数比 b 的大 Ca 的劲度系数比 b 的小 D测得的弹力与弹簧的长度成正比 四、计算题：本题共 2 小题，共 26 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10 分）一竖直放置、内壁光滑且导热良好的圆柱形气缸内封闭有可视为理想气体的 O2，被活塞分隔成 A、B 两部分，气缸的横截面积为 S，达到平衡时，两部分气体的体积相等，如图（a）所示，此时 A 部分气体的压强为 p0；将气缸缓慢顺时针旋转，当转过 90使气缸水平再次达到平衡时，A、B 两部分气体的体积之比为 12，如图（b）所示。已知外界温度不变，重力加速度大小为 g，求：(1)活塞的质量
11、 m；(2)继续顺时针转动气缸，当气缸从水平再转过角度 时，如图（c）所示，A、B 两部分气体的体积之比为 13，则sin 的值是多少?14（16 分）如图所示，轻杆 BC 的 C 点用光滑铰链与墙壁相连，在 B 点正下方悬挂一个定滑轮(不计重力和摩擦),杆的 B 点通过水平细绳 AB 使杆与竖直墙壁保持 30的夹角某人用轻绳绕过滑轮竖直向上匀加速地提起重物，已知重物的质量10kgm,加速度大小22m/sa,人的质量250kg,g10m/sM，求此时:(1)地面与人之间的弹力的大小;(2)轻绳 AB 的弹力大小 15（12 分）如图所示，T 形活塞将绝热汽缸内的气体分隔成 A、B 两部分，活塞
12、左、右两侧截面积分别为 S1、S2，活塞与汽缸两端的距离均为 L，汽缸上有 a、b、c 三个小孔与大气连通，现将 a、b 两孔用细管(容积不计)连接已知大气压强为 p0，环境温度为 To，活塞与缸壁间无摩擦 (1)若用钉子将活塞固定，然后将缸内气体缓慢加热到 T1，求此时缸内气体的压强；(2)若气体温度仍为 T0，拔掉钉子，然后改变缸内气体温度，发现活塞向右缓慢移动了 L 的距离(活塞移动过程中不会经过小孔)，则气体温度升高还是降低？变化了多少？参考答案 一、单项选择题：本题共 6 小题，每小题 4 分，共 24 分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】A根据质量
13、数和电荷数守恒得 x1的电荷数为 0，质量数为 1，所以 x1是中子，故 A 错误；B根据质量数和电荷数守恒得 x2的电荷数为 1，质量数为 2，所以 x2为氘核，故 B 错误；C根据质量数和电荷数守恒得 x3的电荷数为 2，质量数为 4，所以 x3是 粒子，故 C 正确；D根据质量数和电荷数守恒得 x4的电荷数为 1，质量数为 1，所以 x4是质子，故 D 错误；故选 C。2、B【解析】A由粒子的运动轨迹弯曲方向可知，带电粒子受电场力的方向沿电场线向右，与电场强度方向相同，故粒子带正电，故 A 错误；B依据运动轨迹，可知，粒子的初速度不为零，否则运动轨迹与电场力共线，故 B 正确；C根据沿电
14、场线方向电势降低可知，A 点电势比 B 点电势高，带正电的粒子在 A 点的电势能大于 B 点的电势能，由能量守恒可知，粒子在 A 点的动能比 B 点的小，即粒子在 A 点的速度小于在 B 点的速度 D依据电场线密集，电场强度大，电场力大，加速度大，所以粒子的加速度先增大后减小，故 D 错误。故选 B。3、C【解析】0-h 阶段，动能增加量为 2mgh，重力势能的增加量为 mgh，所以机械能增加了 3mgh；h-2h 阶段，动能不变，重力势能增加 mgh，所以机械能不守恒；2h-3h 阶段，重力势能增加 mgh，动能减小 mgh，所以机械能守恒；3h-5h 阶段，重力势能增加 2mgh，动能减小
15、 mgh，机械能增加，ABD 错误，不符合题意；C 正确，符合题意。故选 C。4、C【解析】传送带静止时，物块加速向下滑，对物块受力分析，垂直传送带方向 sinNmg 平行传送带斜向下 sinmgNma 所以 sincosagg 传送带突然向上转到，物块依然相对传送带向下运动，受力没有变化，摩擦力依然平行传送带向上，所以小物块加速度不变，所以 C 正确，ABD 错误；故选 C。5、C【解析】设小灯泡 L4两端电压为U，则有副线圈的输出电压为23UU，根据电压与匝数成正比，原线圈的输入电压为12UU，L2、L3两只灯泡串联后的总电压为2U；设通过小灯泡 L4电流为I，根据电流与匝数成反比，则有原
16、线圈电流为32I，根据欧姆定律可得通过 L2、L3两只灯泡的电流为I，根据并联分流可得通过 L1灯泡的电流为52I，小灯泡 L1两端电压为52U，根据串联分压可知交流电源输出电压524.52UUUU，根据电功率公式可知1234252525444PPPP，故 C 正确，A、B、D 错误；6、A【解析】P 向下移动时，原线圈的匝数减小，根据2211nUUn，可知副线圈电压增大，则副线圈电流增大，流过 R 的电流增大，输出功率增大，则输入功率也增大，原线圈电压不变，则原线圈输入电流增大，故 A 正确、BCD 错误。二、多项选择题：本题共 4 小题，每小题 5 分，共 20 分。在每小题给出的四个选项
17、中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得 5 分，选对但不全的得 3 分，有选错的得 0 分。7、CD【解析】小球 A、B、C、D、E 组成的系统机械能守恒但动量不守恒，故 A 错误；由于 D 球受力平衡，所以 D 球在整个过程中不会动，所以轻杆 DB 对 B 不做功，而轻杆 BE 对 B 先做负功后做正功，所以小球 B 的机械能先减小后增加，故 B 错误；当 B 落地时小球 E 的速度等于零，根据功能关系212mghmv 可知小球 B 的速度为2gh，故 C 正确；当小球A的机械能最小时，轻杆 AC 没有力，小球 C 竖直方向上的力平衡，所以支持力等于重力，故 D 正确，故选 CD 8、
18、BD【解析】A若只将 B 板向左移动少许，电场力做功不变，由 2112BqUmv 得，到达 B 板时的速度 2BqUvm 故粒子到达B 板时的速度不变，故 A 错误；B由于粒子在 AB 间做匀加速直线运动，只将 B 板向左移动少许时，粒子到达 B 板时的速度不变，所以平均速度不变，AB 距离减小，运动时间变短，故 B 正确；C进入 CD 后，由牛顿第二定律和运动学公式可知，偏转位移 2212BqULymdv 代入2BqUvm可得 2214U LyU d 即粒子的偏转位移与粒子的质量、电量无关，故飘入质量为 2m、电量为 2q 的带正电粒子时，偏转位移不变，将依然恰好从 D 板边缘飞出，故 C
19、错误；D由粒子恰从 D 板边缘飞出可知，偏转位移 2Ly 又因2214U LyU d，dL，所以 2122UUU 所以对全过程，由动能定理可知 1212kqUqUE 故 2kEqU 故 D 正确。故选 BD。9、BD【解析】A通过4R的电流42 2sin100Ait，则角速度 100 rad/s 频率为 50Hz2f 变压器不会改变交流电的频率，故a、b两端电压的频率为 50Hz，故 A 错误；B通过4R的电流最大值为2 2A，则有效值为 42AI 根据并联电路的规律可知，通过3R的电流有效值为 2A，副线圈的输出电流：24AI 根据变流比可知，原线圈的输入电流 21212AnIIn 1R两端
20、电压为 1118VRUI R 副线圈两端电压 2224424VUI RI R 根据变压比可知，原线圈的输入电压 112248VnUUn 则a、b两端电压 1156VabRUUU 故 B 正确；C若a、b两端电压保持不变，仅减小2R的阻值，根据闭合电路欧姆定律可知，副线圈的输出电流增大，根据变流比可知，原线圈的输入电流增大，则1R消耗的电功率增大，故 C 错误；D若a、b两端电压保持不变，仅减小1R的阻值，则原线圈输入电压增大，根据变压比可知，副线圈输出电压增大，则2R两端的电压增大，故 D 正确；故选 BD。10、BD【解析】根据 W=Eqx 可知，滑块 B 向左运动的过程中，随 x 的增加图
21、线的斜率逐渐减小，则场强逐渐减小，此电场一不是匀强电场，选项 A 错误；滑块 B 向左运动的过程中，电场力对带负电的电荷做正功，则电场方向沿 x 轴的正方向，选项B 正确；点 x=0.3m 处的场强大小为653 101.0 100.60.3FEqk，则 581.0 10/500/2.0 10FEVmVmq，选项 C 错误；x=0.3m 与 x=0.7m 间，电场力做功为 W=210-6J，可知电势差是682 102002.0 10WUVVq，选项D 正确；故选 BD.三、实验题：本题共 2 小题，共 18 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、1.00m/s 1.73m
22、/s 1.04N 1.04W 【解析】(1)12汽车的最大速度为 21234.014.003.9910 m/s=1.00m/s36 0.02mxxxvT 纸带上最后 6 段对应汽车做关闭发动机做减速运动，加速度为 78945629xxxxxxaT 22223.252.972.604.003.813.5210 m/s=-1.73m/s9 0.04(2)34根据牛顿第二定律得 f=ma=0.6（-1.73）N-1.04N 当汽车匀速运动时，牵引力与阻力大小相等，即有 F=f 则汽车的额定功率为 P=Fvm=fvm=1.041W=1.04W 12、8 25 20 B 【解析】（1）当弹力为零时，弹簧
23、处于原长状态，故原长为:x08cm，在 Fx 图象中斜率代表弹簧的劲度系数，则:6N/m25N/m0.24Fkx，在乙图中弹簧秤的示数:F3.00N，根据 Fkx，可知:3m0.12m0.12cm25Fxk，故此时弹簧的长度:Lx+x020cm（2）A在丙图中，当弹簧的弹力为零时，弹簧处于原长，故 b 的原长大于 a 的原长，故 A 错误；BC斜率代表劲度系数，故 a 的劲度系数大于 b 的劲度系数，故 B 正确，C 错误；D弹簧的弹力与弹簧的形变量成正比，故 D 错误 四、计算题：本题共 2 小题，共 26 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、
24、(1)0P Sg；(2)23【解析】（1）气体做等温变化，在（a）状态，对活塞受力分析可得 11AB=mgP S P S 所以 B1A10mgmgpppss 又因为二者体积相同 A1B1VVV 在（b）状态，此时 A 处体积为 A223VV B 处体积为 B243VV 对 A 部分气体，由玻意耳定律得 023p VpV 同理，对 B 部分气体，由玻意耳定律得 043mgpVpVS 联立解得0p Smg（2）由题意知 A312VV，B332VV 对 A 部分气体，有 0A312p VpV 对 B 部分气体，有 0332BmgpVpVS 解得3043Bpp。活塞处于静止状态，有 B3A3sinp
25、Smgp S 解得2sin3。14、（1）380N（2）80 3N【解析】（1）对重物：Tmgma 解得：T=120N 对人：T+N=Mg 解得：N=380N（2）因2240NOBTT 对 B 点：tan30ABOBTT 解得 80 3NABT 15、(1)0 10PTT (2)升高 12012SLTSSSL【解析】(1)A、B 内气体相通，初状态压强为 p1由于钉子将活塞固定，气体体积不变由查理定律可知，0101=ppTT 解得0 110p=p TT (2)对活塞进行受力分析，可知温度改变后，活塞受力大小不变，所以活塞向右移动后，气体的压强不变活塞向右移动后，气体体积增大，则气体温度升高 由12210+-+=SSLSLLSLLTT 解得120012-+S SLTTTSSL 所以温度变化了12012=SSLTTSSL 故本题答案是：(1)0 10PTT (2)升高 12012SSLTSSL 点睛;正确利用理想气体方程求解即可