《2022-2023学年山东新高三六校第一次联考物理试卷含解析.pdf》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2022-2023学年山东新高三六校第一次联考物理试卷含解析.pdf（17页珍藏版）》请在taowenge.com淘文阁网|工程机械CAD图纸|机械工程制图|CAD装配图下载|SolidWorks_CaTia_CAD_UG_PROE_设计图分享下载上搜索。
1、2023 年高考物理模拟试卷 注意事项：1答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号、考场号和座位号填写在试题卷和答题卡上。用 2B 铅笔将试卷类型（B）填涂在答题卡相应位置上。将条形码粘贴在答题卡右上角条形码粘贴处。2作答选择题时，选出每小题答案后，用 2B 铅笔把答题卡上对应题目选项的答案信息点涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案。答案不能答在试题卷上。3非选择题必须用黑色字迹的钢笔或签字笔作答，答案必须写在答题卡各题目指定区域内相应位置上；如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新答案；不准使用铅笔和涂改液。不按以上要求作答无效。4考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答
2、题卡一并交回。一、单项选择题：本题共 6 小题，每小题 4 分，共 24 分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图，一两端封闭的玻璃管在竖直平面内倾斜放置，与水平面间的夹角为，一段水银柱将管内一定质量气体分割成两部分。在下列各种情况中，能使管中水银柱相对玻璃管向 a 端移动的情况是（）A降低环境温度 B在竖直平面内以 b 点为轴逆时针缓慢转动玻璃管 C保持 角不变，使玻璃管减速上升 D使玻璃管垂直纸面向外做加速运动 2、1897 年英国物理学家约瑟夫约翰汤姆生在研究阴极射线时发现了电子，这是人类最早发现的基本粒子。下列有关电子说法正确的是（）A电子的发现说明原子核是有内
3、部结构的 B 射线也可能是原子核外电子电离形成的电子流，它具有中等的穿透能力 C光电效应实验中，逸出的光电子来源于金属中自由电子 D卢瑟福的原子核式结构模型认为核外电子的轨道半径是量子化的 3、如图是某型号的降压变压器（可视为理想变压器），现原线圈两端接上正弦交流电，副线圈接一负载电阻，电路正常工作，若（）A负载空载（断路），则原线圈电流为零 B负载空载（断路），则副线圈两端电压为零 C负载电阻阻值变小，则输入电流变小 D负载电阻阻值变小，则副线圈两端电压变小 4、在冰球游戏中，冰球以速度 v0在水平冰面上向左运动，某同学在水平面上沿图示方向快速打击冰球，不计一切摩擦和阻力。下列图中的虚线能正
4、确反映冰球被击打后可能的运动路径是()A B C D 5、利用碘 131(13153I)治疗是临床上常用的一种治疗甲亢的方法，它是通过含有 射线的碘被甲状腺吸收，来破环甲状腺组织，使甲状腺合成和分泌甲状腺激素水平减少来达到治愈甲亢的目的。已知碘 131 发生 衰变的半衰期为 8 天，则以下说法正确的是（）A碘 131 的衰变方程为131131053521IXe e B碘 131 的衰变方程为131131053541IXee C32 g 碘 131 样品经 16 天后，大约有 8g 样品发生了 衰变 D升高温度可能会缩短碘 131 的半衰期 6、如图所示，战斗机离舰执行任务，若战斗机离开甲板时的
5、水平分速度为 40m/s，竖直分速度为 20m/s，已知飞机在水平方向做加速度大小等于22m/s的匀加速直线运动，在竖直方向做加速度大小等于21m/s的匀加速直线运动。则离舰后（）A飞机的运动轨迹为曲线 B10s 内飞机水平方向的分位移是竖直方向的分位移大小的 2 倍 C10s 末飞机的速度方向与水平方向夹角为30 D飞机在 20s 内水平方向的平均速度为 50m/s/二、多项选择题：本题共 4 小题，每小题 5 分，共 20 分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得 5 分，选对但不全的得 3 分，有选错的得 0 分。7、如图所示，水平面内的等边三角形 ABC
6、的边长为 L，顶点 C 恰好位于光滑绝缘直轨道 CD 的最低点，光滑直导轨的上端点 D 到 A、B 两点的距离均为 L，D 在 AB 边上的竖直投影点为 O一对电荷量均为Q 的点电荷分别固定于A、B 两点在 D 处将质量为 m、电荷量为+q 的小球套在轨道上(忽略它对原电场的影响)，将小球由静止开始释放，已知静电力常量为 k、重力加速度为 g，且233QqkmgL，忽略空气阻力，则 A轨道上 D 点的场强大小为2mgq B小球刚到达C 点时，其加速度为零 C小球刚到达 C 点时，其动能为32mgL D小球沿直轨道 CD 下滑过程中，其电势能先增大后减小 8、一列简谐横波，在0.5st 时的波动
7、图象如图甲所示，介质中15mx 处的质点 A 的振动图象如图乙所示，下列说法正确的是（）A这列波的波速大小是2m/s B这列波的频率为1Hz C这列波沿 x 轴正方向传播 D0.5 0.75s内，图甲中质点 P 的平均速率大于质点 Q 的平均速率 9、L1、L2两水平线间存在垂直纸面向里的匀强磁场，磁场高度为 h，竖直平面内有质量为 m，电阻为 R 的梯形线框，上、下底水平且底边之比 5:1，梯形高 2h。该线框从如图位置由静止下落，已知 AB 刚进入磁场时和 AB 刚穿出磁场时的重力等于安培力，在整个运动过程中，说法正确的是（）AAB 边是匀速直线穿过磁场 BAB 边刚穿出到 CD 边刚要进
8、入磁场，是匀速直线运动 CAB 边刚穿出到 CD 边刚要进入磁场，此过程的电动势为122mgRgh DAB 边刚进入和 AB 边刚穿出的速度之比为 4:1 10、如图甲所示，A、B 两物块静止在光滑水平面上，两物块接触但不粘连，A、B 的质量分别为Amm，3Bmm。t=0 时刻对物块 A 施加一水平向右推力 F1，同时对物块 B 施加一水平向右拉力 F2，使 A、B 从静止开始运动，力 F1、F2随时间变化的规律如图乙所示。下列说法正确的是（）A02t时刻 A 对 B 的推力大小为034F B002t时刻内外合力对物块 A 做的功为2 200128F tm C从开始运动到 A、B 分离，物体
9、B 运动的位移大小为2 200964F tm D0t时刻 A 的速度比 B 的速度小0 024F tm 三、实验题：本题共 2 小题，共 18 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6 分）某同学用打点计时器测量做匀速直线运动的物体的加速度，电源频率 f=50Hz，在纸带上打出的点中，选出零点，每隔 4 个点取 1 个技术点，因保存不当，纸带被污染，如图 1 所示，A、B、C、D 是本次排练的 4 个计数点，仅能读出其中 3 个计数点到零点的距离：SA=16.6mm、SB=126.5mm、SD=624.5 mm。若无法再做实验，可由以上信息推知：（1）相邻两计数点的时间
10、间隔为_s；（2）打 C 点时物体的速度大小为_m/s（取 2 位有效数字）（3）物体的加速度大小为_（用 SA、SB、SD和 f 表示）12（12 分）用如图甲所示装置研究平抛运动。将白纸和复写纸对齐重叠并固定在竖直的硬板上。钢球沿斜槽轨道 PQ滑下后从 Q 点飞出，落在水平挡板 MN 上。由于挡板靠近硬板一侧较低，钢球落在挡板上时，钢球侧面会在白纸上挤压出一个痕迹点。移动挡板，重新释放钢球，如此重复，白纸上将留下一系列痕迹点。（1）本实验必须满足的条件有_。A斜槽轨道光滑 B斜槽轨道末端切线水平 C每次从斜槽上相同的位置无初速度释放钢球 D挡板高度等间距变化（2）如图乙所示，在描出的轨迹上
11、取 A、B、C 三点，三点间的水平间距相等且均为 x，竖直间距分别是 y1和 y2。若A 点是抛出点，则12yy=_；钢球平抛的初速度大小为_（已知当地重力加速度为 g，结果用上述字母表示）。四、计算题：本题共 2 小题，共 26 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10 分）由14圆柱体和正方体组成的透明物体的横截面如图所示，O 表示14圆的圆心，14圆的半径 OB 和正方形BCDO 的边长均为 a。一光线从 P 点沿 PO 方向射入横截面。经过 AD 面恰好发生全反射，反射后从 CD 面上与 D 点距离为33a的 E 点射出。光在真空中的传播
12、速度为 c。求：(i)透明物体对该光的折射率；(ii)该光从 P 点射入至传播到 E 点所用的时间。14（16 分）如图水平地面上固定着竖直面内半径 R=2.75m 的光滑圆弧槽，圆弧对应的圆心角为 37，槽的右端与质量 m=lkg、长度 L=2m 且上表面水平的木板相切，槽与木板的交接处静止着质量 m1=2kg 和 m2=1kg 的两个小物块（可视为质点）。现点燃物块间的炸药，炸药爆炸释放的化学能有 60%转化为动能，使两物块都获得水平速度，此后 m2沿圆弧槽运动，离开槽后在空中能达到的最大高度为 h=0.45m。已知 m1与木板间的动摩擦因数 1=0.2，木板与地面间的动摩擦因数 2=0.
13、1，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，sin37=0.6，cos37=0.8，重力加速度 g=10m/s2。求：(1)物块到达圆弧槽左端时的速率 v；(2)炸药爆炸释放的化学能 E；(3)木板从开始运动到停下的过程中与地面间因摩擦而产生的热量 Q。15（12 分）如图所示为直角三棱镜的截面图，一条光线平行于 BC 边入射，经棱镜折射后从 AC 边射出 已知A=60，求：棱镜材料的折射率 n；光在棱镜中的传播速度 v（真空中光速为 c）.参考答案 一、单项选择题：本题共 6 小题，每小题 4 分，共 24 分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】A.假定两段空气柱的体积不
14、变，即 V1，V2不变，初始温度为 T，当温度降低 T 时，空气柱 1 的压强由 p1减至 p1，p1=p1p1，空气柱 2 的压强由 p2减至 p2，p2=p2p2，由查理定律得：11ppTT，22ppTT，因为 p2=p1+hp1，所以 p1 p2，即水银柱应向 b 移动。故 A 错误；B.在竖直平面内以 b 点为轴逆时针缓慢转动玻璃管，使 角变大，若水银柱相对玻璃管不动，则增大了水银柱对下部气体的压力，水银柱向 b 端移动，故 B 错误；C.玻璃管竖直向上减速运动，加速度向下，水银柱失重，若水银柱相对玻璃管不动，水银柱对下部气体压力减小，水银柱向 a 端移动，故 C 正确；D.使玻璃管垂
15、直纸面向外做加速运动不会影响水银柱竖直方向上的受力，水银柱的位置不变，故 D 错误。2、C【解析】A电子的发现说明了原子是有内部结构的，无法说明原子核有内部结构。原子是由原子核和核外电子组成的。故 A错误。B-射线是核内中子衰变为质子时放出的电子形成的，与核外电子无关。故 B 错误。C根据光电效应现象的定义可知光电效应实验中，逸出的光电子来源于金属中的自由电子。故 C 正确。D玻尔理论认为电子轨道半径是量子化的，卢瑟福的原子核式结构模型认为在原子的中心有一个很小的核，叫原子核，原子的全部正电荷和几乎全部质量都集中在原子核里，带负电的电子在核外空间里绕着核旋转，故 D 错误。故选 C。3、A【解
16、析】AB把变压器看做一个电源，副线圈所连电路为外电路，负载断路，相当于电路的外电路断路，则副线圈两端仍有电压，但是电路中无电流，A 正确 B 错误；CD负载电阻变小，根据1122UnUn可知副线圈两端电压不变，所以副线圈中电流增大，根据1221InIn可知，21nn不变，2I增大，则1I也增大，即输入电流变大，CD 错误。故选 A。4、A【解析】因为不计一切摩擦和阻力，冰球受打击之后做匀速直线运动；冰球在受到打击时，沿打击的方向会获得一个分速度，所以合速度的方向一定在初速度方向与打击的方向之间，不能沿打击的方向，由以上的分析可知，A 正确，BCD 都错误。故选 A。5、B【解析】AB原子核衰变
17、过程中放出电子，根据质量数守恒和电荷数守恒可知，碘 131 的衰变方程为131131053541IXee，故 A 错误，B 正确；C32g 碘 131 样品经 16 天，即经过 2 个半衰期，大约有 8g 样品未发生衰变，衰变的质量为 24g，故 C 错误；D改变温度或改变外界压强都不会影响原子核的半衰期，故 D 错误。故选 B。6、B【解析】A飞机起飞后的合速度与合加速度方向一致，所以飞机运动轨迹为直线，A 错误；B10s 内水平方向位移 201500m2xxxv ta t 竖直方向位移 201250m2yyyv ta t B 正确；C飞机飞行方向与水平方向夹角的正切tan0.5，C 错误；
18、D飞机在 20s 内水平方向的位移 2140 202 201200m2x 则平均速度为 60m/sxxvt D 错误。故选 B。二、多项选择题：本题共 4 小题，每小题 5 分，共 20 分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得 5 分，选对但不全的得 3 分，有选错的得 0 分。7、BC【解析】由点电荷场强公式可得,轨道上 D 点的场强为:022cos30=DkQmgELq，选项 A 错误；同理可得轨道上 C 点的场强也为:CmgEq，在 C 点，由牛顿定律可得：sin45-cos45=mgEqma，解得 a=0，选项 B 正确；从 D 到 C，电场力做功为零，
19、根据动能定理可得：3sin60=2KCEmgLmgL，选项 C 正确；小球沿直轨道 CD 下滑过程中，电场力先做正功，后做负功，则其电势能先减小后增大，选项 D 错误；故选 BC.点睛：解答此题关键是搞清两个点电荷周围的电场分布情况，利用对称的思想求解场强及电势的关系；注意立体图与平面图形的转化关系.8、BCD【解析】A根据图甲可得，该波的波长20m；由图乙可得，该波的周期1sT，则波速 20m/svT A 错误；B波的传播周期和振源的振动周期相同，波源的振动频率 11HzfT B 正确；C由题图乙可知0.5st 时，质点 A 的振动方向向下，在题图甲中根据“上坡下，下坡上”法可知，波沿 x
20、轴正方向传播，C 正确；D0.50.75s 内，质点 P 在14周期内通过的路程大于一个振幅，质点 Q 在14周期内通过的路程小于一个振幅，平均速率等于路程比时间，所以质点 P 的平均速率比质点 Q 的平均速率大，D 正确。故选 BCD。9、BCD【解析】A已知 AB 刚进入磁场时的重力等于安培力，根据安培力公式 22B L vFR总 AB 进入磁场后一段时间内有效切割长度变大，安培力变大，大于重力，使梯形线框减速，因为 AB 刚穿出磁场时的重力等于安培力，所以 AB 边是减速直线穿过磁场，故 A 错误；BAB 刚穿出到 CD 边刚要进入磁场过程中，有效切割长度保持不变，由于 AB 刚穿出磁场
21、时的重力等于安培力，故该过程中安培力一直等于重力，做匀速直线运动，故 B 正确；D设 AB 边刚进入磁场时速度为0v，AB=l，则 CD=5l，则 2012mghmv AB 边刚进入磁场时重力等于安培力，有 2 20B l vmgR 设 AB 边刚穿出磁场时速度为 v1，线框切割磁感应线的有效长度为 2l AB 刚穿出磁场时的重力等于安培力有 221(2)BlvmgR 联立解得 01:4:1vv 1124vgh 所以 D 正确；CAB 边刚穿出到 CD 边刚要进入磁场过程中，线框做速度为 v1的匀速直线运动，切割磁感应线的有效长度为 2l，感应电动势为 12EBlv 联立解得 122EmgRg
22、h 故 C 正确。故选 BCD。10、BD【解析】C设 t 时刻 AB 分离，分离之前 AB 物体共同运动，加速度为 a，以整体为研究对象，则有：0124ABFFFammm 分离时：0203344BFFm amFm 根据乙图知此时034tt，则从开始运动到 A、B 分离，物体 B 运动的位移大小：222000 039411224128FxattF tm（）故 C 错误；A02t时刻还未分离，以整体为研究对象，根据牛顿第二定律，则有：0124ABFFFammm 对 B，根据牛顿第二定律：F2+FAB=mBa 则 001324ABFFmaF 故 A 错误；B002t时间，根据乙图知：F1+F2=F
23、0 则始终有，对整体根据牛顿第二定律：0124ABFFFammm 则02t时刻 00 028AtF tvam 对 A 根据动能定理：2002212812AF tWmvm合 故 B 正确；D034tt时，AB 达到共同速度 0 0316ABF tvatm 此后 AB 分离，对 A，根据动量定理：I=mA v 根据乙图34t0t0，F-t 图象的面积等于 F1这段时间对 A 的冲量，则 000 0443122tFF tI 则 0 0132F tvm 对 B，根据动量定理：I=mB v 根据乙图34t0t0，F-t 图象的面积等于 F2这段时间对 B 的冲量，则 000 0037443212tFF
24、tIF（）则 0 071323F tvm 则34t0t0时间内 B 比 A 速度多增大 0 024F tvvvm 故 D 正确。故选：BD。三、实验题：本题共 2 小题，共 18 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、0.1 2.5 DBA23275SSST 【解析】考查实验“用打点计时器测量做匀速直线运动的物体的加速度”。【详解】（1）1电源的频率为 50Hz，知每隔 0.02s 打一个点，每隔 4 个点取 1 个计数点，可知相邻两计数点，每隔 4 个点取 1 个计数点，可知相邻两计数点的时间间隔为 0.1s；（2）2C 点的瞬时速度等于 BD 段的平均速度，则 BD
25、C2.5m/s2xvT；（3）3匀加速运动的位移特征是相邻的相等时间间隔内的位移以2aT均匀增大，有：2BCABaT 222CDBCaTABaT 223BDABaT DBBADBA22232375SSSSSSSaTT。12、BC 1:3 21gxyy 【解析】(1)1AB为了能画出平抛运动轨迹，首先保证小球做的是平抛运动，所以斜槽轨道不一定要光滑，但必须是水平的。故 A 不符合题意，B 符合题意。C要让小球总是从同一位置无初速度释放，这样才能找到同一运动轨迹上的几个点。故 C 符合题意。D档板只要能记录下小球下落在不同高度时的不同的位置即可，不需要等间距变化。故 D 不符合题意。(2)2 A
26、点是抛出点，则在竖直方向上为初速度为零的匀加速直线运动，则 AB 和 BC 的竖直间距之比为 1：3。3由于两段水平距离相等，故时间相等，根据 y2y1gt2可知：21=yytg 则初速度为：21gvxyyxt 四、计算题：本题共 2 小题，共 26 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、(i)2 33n(2)2 233atc【解析】(i)光在透明物体中的光路如图所示，有：tan33aa 该光在 AD 面发生全反射的临界角为：，又：1sinn，解得：=60，2 33n (ii)光从 P 点射入至传播到E 点的时间为：sinaatv 又：cnv，解得
27、：2 233atc 14、（1）5m/s；（2）45J；（3）3J。【解析】(1)m2离开圆弧槽后，在空中的飞行过程的逆过程是平抛运动 分解 m2离开圆槽时的速度 v，有 sin37yvv 根据平抛运动规律得 212hgt ygtv 代入数据联立解得 v=5m/s(2)设炸药爆炸后，m1、m2获得的速率分别为力1v、2v m2运动过程中，由机械能守恒定律有：222222111 cos3722m gRm vm v 代入数据得 2v=6m/s 爆炸过程中，由动量守恒定律有 1 122mvm v 代人入数据得 1v=3m/s 由题意有 60%E=221 1221122m vm v 代入数据联立解得
28、E=45J(3)对物块 m1有 111 1m gm a 对木板 m2有 112112()m gmm gm a 代入数据得 1a=2m/s2 2a=1m/s2 设经过时间 t达到共同速度 v有：112va ta t 2va t 代入数据得 t=1s v=1m/s 此过程中：m1的位移 111()2xvv t=2m 木板的位移 212xv t =0.5m 相对位移12xxx=1.5mL，故 m1未脱离木板 假设它们一起做减速运动直到静止 由 2113()()mm gmm a 得 3a=1m/s2 又：1113mfm gm a，故假设成立 设此后木板发生的位移为3x 由运动学规律有 2332va x 代入数据得 3x=0.5m 整个过程中，木板与地面间因摩擦而产生的热量 2123()()Qmm g xx 代入数据联立解得 Q=3J 15、3；33c【解析】作出完整的光路如图，根据几何关系可知30B，所以60，根据折射定律有 sinsin sinsinn 因为60，所以60A，故 30 在根据折射定律 60330sinnsin 光在棱镜中的传播速度 33cvcn【名师点睛】根据几何关系求出光在 AC 面上的入射角，再根据折射定律求出棱镜的折射率，结合cvn求出光在棱镜中的速度