《2022-2023学年天津一中高三下学期第六次检测物理试卷含解析.pdf》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2022-2023学年天津一中高三下学期第六次检测物理试卷含解析.pdf（17页珍藏版）》请在taowenge.com淘文阁网|工程机械CAD图纸|机械工程制图|CAD装配图下载|SolidWorks_CaTia_CAD_UG_PROE_设计图分享下载上搜索。
1、2023 年高考物理模拟试卷 请考生注意：1请用 2B 铅笔将选择题答案涂填在答题纸相应位置上，请用 05 毫米及以上黑色字迹的钢笔或签字笔将主观题的答案写在答题纸相应的答题区内。写在试题卷、草稿纸上均无效。2答题前，认真阅读答题纸上的注意事项，按规定答题。一、单项选择题：本题共 6 小题，每小题 4 分，共 24 分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、通过实验研究通电长直导线间的相互作用规律。如图所示，MN、为两根平行的长直导线，通过外接直流电源分别给两导线通以相应的恒定电流。PQ、为导线所在平面内的两点。下列说法中正确的是（）A两导线中的电流大小相等、方向相反时，P点
2、的磁感应强度为零 BM导线电流向上、N导线电流向下时，M导线所受安培力向右 CQ点的磁感应强度一定不为零 D两导线所受安培力的大小一定相等 2、如图甲所示，一倾角=30的斜面体固定在水平地面上，一个物块与一轻弹簧相连，静止在斜面上。现用大小为F=kt(k 为常量，F、t 的单位均为国际标准单位)的拉力沿斜面向，上拉轻弹簧的上端，物块受到的摩擦力fF随时间变化的关系图象如图乙所示，物块与斜面间的最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度 g=10m/s2，则下列判断正确的是（）A物块的质量为 1.5kg Bk 的值为 2.5N/s C物块与斜面间的动摩擦因数为33 Dt=6s 时，物块的速度大小为
3、2.2m/s 3、近年来，人类发射的多枚火星探测器已经相继在火星上着陆，正在进行着激动人心的科学探究，为我们将来登上火星、开发和利用火星资源奠定了坚实的基础如果火星探测器环绕火星做“近地”匀速圆周运动，并测得该运动的周期为 T，则火星的平均密度 的表达式为（k 为某个常数）（）AkT BkT C2kT D2kT 4、2019 年 2 月 15 日，一群中国学生拍摄的地月同框照，被外媒评价为迄今为止最好的地月合影之一。如图所示，把地球和月球看做绕同一圆心做匀速圆周运动的双星系统，质量分别为 M、m，相距为 L，周期为 T，若有间距也为 L的双星 P、Q，P、Q 的质量分别为 2M、2m，则（）A
4、地、月运动的轨道半径之比为Mm B地、月运动的加速度之比为Mm CP 运动的速率与地球的相等 DP、Q 运动的周期均为22T 5、如图甲，理想变压器的原、副线圈匝数比 n1：n210：1，副线圈电路接有滑动变阻器 R 和额定电压为 12V、线圈电阻为 2 的电动机 M原线圈输入的交流电压如图乙闭合开关 S，电动机正常工作，电流表示数为 1A下列判断正确的是（）A副线圈两端的电压有效值为22 2V B滑动变阻器 R 的接入电阻为 10 C电动机输出的机械功率为 12W D若电动机突然卡住，原线圈输入功率将变小 6、生活科技上处处存在静电现象，有些是静电的应用，有些是要防止静电；下列关于静电防止与
5、应用说法正确的是（）A印染厂应保持空气干燥，避免静电积累带来的潜在危害 B静电复印机的工作过程实际上和静电完全无关 C在地毯中夹杂 0.050.07mm 的不锈钢丝导电纤维，是防止静电危害 D小汽车的顶部露出一根小金属杆类同避雷针，是防止静电危害 二、多项选择题：本题共 4 小题，每小题 5 分，共 20 分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得 5 分，选对但不全的得 3 分，有选错的得 0 分。7、如图所示，氕核、氘核、氚核三种粒子从同一位置无初速度地飘入电场线水平向右的加速电场1E，之后进入电场线竖直向下的匀强电场2E发生偏转，最后打在屏上，整个装置处于真空
6、中，不计粒子重力及其相互作用，那么 A偏转电场2E对三种粒子做功一样多 B三种粒子打到屏上时速度一样大 C三种粒子运动到屏上所用时间相同 D三种粒子一定打到屏上的同一位置，8、质量为 m 电量为q的小滑块(可视为质点)，放在质量为 M 的绝缘长木板左端，木板放在光滑的水平地面上，滑块与木板之间的动障擦因数为，木板长为 L，开始时两者都处于静止状态，所在空间存在范围足够大的一个方向竖直向下的匀强电场 E，恒力 F 作用在 m 上，如图所示，则（）A要使 m 与 M 发生相对滑动，只须满足FmgEg B若力 F 足够大，使得 m 与 M 发生相对滑动，当 m 相对地面的位移相同时，m 越大，长木板
7、末动能越大 C若力 F 足够大，使得 m 与 M 发生相对滑动，当 M 相对地面的位移相同时，E 越大，长木板末动能越小 D若力 F 足够大，使得 m 与 M 发生相对滑动，E 越大，分离时长本板末动能越大 9、手机无线充电功能的应用为人们提供了很大便利。图甲为手机无线充电原理示意图。充电板接入交流电源，充电板内的励磁线圈可产生交变磁场，从而使手机内的感应线圈产生感应电流。充电板内的励磁线圈通入如图乙所示的交变电流（电流由a流入时方向为正，交变电流的周期为310 s），手机感应线圈的匝数为 10 匝，线圈的面积为225cm，手机充电时电阻约为15，1t时刻感应线圈中磁感应强度为6 2T25。下
8、列说法正确的是（）A13tt时间内，d点电势高于c点电势 B13tt时间内，c点电势高于d点电势 C感应线圈中电流的有效值为800mA D感应线圈中电流的有效值为800 2mA 10、如图（a）所示，在粗糙的水平地面上有两个大小相同但材质不同的甲、乙物块。t=0 时刻，甲物块以速度 v04m/s向右运动，经一段时间后与静止的乙物块发生正碰，碰撞前后两物块运动的 vt 图像如图（b）中实线所示，其中甲物块碰撞前后的图线平行，已知甲物块质量为 5kg，乙物块质量为 4kg，则（）A此碰撞过程为弹性碰撞 B碰后瞬间乙物块速度为 2.5m/s C碰后乙物块移动的距离为 3.75m D碰后甲、乙两物块所
9、受摩擦力之比为 6：5 三、实验题：本题共 2 小题，共 18 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6 分）某同学通过实验研究小灯泡的电流与电压的关系。实验器材如图甲所示，现已完成部分导线的连接。(1)实验要求电表的示数从零开始逐渐增大，请按此要求用笔画线代替导线在图甲实物接线图中完成余下导线的连接_；(2)某次测量电流表指针偏转如图乙所示，则电流表的示数为_A；(3)该同学描绘出小灯泡的伏安特性曲线如图丙所示，根据图像可知小灯泡的电阻随电压增大而_（选填“增大”、“减小”或“不变”）。将该小灯泡直接与电动势为 3V、内阻为 5 的电源组成闭合回路，小灯泡的实际功率约
10、为_W（保留二位有效数字）。12（12 分）某同学要测定一电源的电动势 E 和内阻 r，实验器材有：一只 DIS 电流传感器（可视为理想电流表，测得的电流用 I 表示），一只电阻箱（阻值用 R 表示），一只开关和导线若干。该同学设计了如图甲所示的电路进行实验和采集数据。(1)该同学设计实验的原理表达式是 E=_（用 r、I、R 表示）。(2)该同学在闭合开关之前，应先将电阻箱调到_（选填“最大值”“最小值”或“任意值”），实验过程中，将电阻箱调至如图乙所示位置，则此时电阻箱接入电路的阻值为_。(3)该同学根据实验采集到的数据作出如图丙所示的1IR 图象，则由图象可求得，该电源的电动势 E=_V
11、，内阻r=_。（结果均保留两位有效数字）四、计算题：本题共 2 小题，共 26 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10 分）如图，绝热气缸被一导热薄活塞分隔成 A、B 两部分，活塞左侧用一轻绳固定在气缸左壁。已知 A 部分气体的压强为 2105Pa，B 部分气体的压强为 1105Pa，A、B体积之比为 1：3，气缸内气体温度为 27，活 1 塞横截面积为 50cm，气缸内表面光滑，A、B 中气体均为理想气体。（i）求轻绳的拉力大小 F；（ii）若轻绳突然断掉，求再次平衡时 A、B 两部分气体的体积之比。14（16 分）如图所示，粗糙水平地面上放
12、置长木板 A 和滑块 C，滑块 B 置于 A 的左端。开始时 A、B 静止，C 与 A右端相距4mx，现 C 以07m/sv 的初速度水平向左运动，然后与 A 发生弹性碰撞（时间极短）。已知 A、B、C 质量均为2kg，A 和 C 与地面间的动摩擦因数为10.3，A 与 B 间的动摩擦因数为20.2，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，B 最终没有从 A 上掉下去，重力加速度 g 取210m/s，求：（1）C 与 A 碰撞前的速度；（2）A、B 间因摩擦产生的热量。15（12 分）在竖直面内有一水平向右的场强为34mgEq的匀强电场，AB 为电场中一条直线，与竖直方向夹角为（未知），一质量为 m 电量
13、为-q 的小球以一定的初动能 Ek0从 P 点沿直线 BA 向上运动，运动到最高点的过程中电势能增加了k0825E，运动过程中空气阻力大小恒定，重力加速度取 g，(取出位置为零势能点)求：(1)AB 与竖直方向夹角；(2)小球返回 P 点时的机械能 E。参考答案 一、单项选择题：本题共 6 小题，每小题 4 分，共 24 分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】A两导线的电流方向相反，由安培定则知两电流在P点产生的磁场方向相同，则合磁感应强度不为零，故 A 错误；BN 导线电流向下，由安培定则知该电流在 M 导线处产生垂直纸面向里的磁场。M 导线电流向上，由左手定
14、则知 M导线所受安培力向左，故 B 错误；C若两导线通以反向电流，由安培定则知在Q点产生相反方向的磁场。若 M 导线电流较强、N 导线电流较弱，它们在Q点产生的磁感应强度的大小可能相等，则合磁感应强度可能为零，故 C 错误；D不管两导线中电流的大小、方向如何，两导线间相互作用的安培力是一对作用力与反作用力，大小一定相等，故 D正确。故选 D。2、B【解析】At=0 时，弹簧拉力为零，物块所受摩擦力等于其所受重力沿斜面的下滑分力，则 sin5Nmg 故1kgm，yA 错误；B当 t=2s 时，弹簧拉力2Fk，由题图乙知，此时物块所受摩擦力为零，则 2sinkmg 解得2.5N/sk，故 B 正确
15、；C拉力增大到一定程度，物块向上滑动，由题图乙知，物块与斜面之间的滑动摩擦力大小6NfF，则 cos6Nmg 解得 235 故 C 错误；D由题图乙可知物块在 t1=4.4s 时开始运动，此时 111NFkt 在 t=6s 时 15NFkt 在 4.4s6s 内，物块受弹簧拉力的冲量 11 15(64.4)N s2FI 摩擦力和重力下滑分力的冲量(56)(64.4)N sI阻 而=FIIImv阻合 解得 3.2m/sv 故 D 错误。故选 B。3、D【解析】探测器绕火星做“近地”匀速圆周运动，万有引力做向心力，故有 2224MmGmRRT 解得 2324MRGT 故火星的平均密度为 22334
16、3MkGTTR（3kG为常量）故选 D。4、D【解析】双星靠相互间的万有引力提供向心力，具有相同的角速度和周期，对两颗星分别运用牛顿第二定律和万有引力定律列式，进行求解即可。【详解】A对于地、月系统，两者具有相同的角速度和周期，万有引力提供向心力 2222244MmGMmMrmrLTT 则地、月系统，两者运动的轨道半径之比为:m:MMmrr 故 A 错误；B对于地、月系统，根据牛顿第二定律，得 2MmGMmMamaL:m:MMmaa 故 B 错误；D同理，P、Q 系统，万有引力提供向心力 22222224422PQMmGMrmrLTT P、Q 系统的轨道半径 PQLrr 运行周期 32(22)
17、LTGmM 同理，对于地、月系统，运行周期 32()LTG Mm 联立解得 22TT 故 D 正确；C根据 MmLrr:m:MMmrr 得：MmLrMm 地球的运动速率 22()MrmLvTT Mm 同理可得 P 运动速率 22()PrmLvTT Mm 联立解得 2vT 故 C 错误。故选 D。5、B【解析】A变压器初级电压有效值为 220V，则副线圈两端的电压有效值为 221122VnUUn 选项 A 错误；B滑动变阻器接入电阻为 222 12101MUURI 选项 B 正确；C电动机输出的机械功率为 22=1 121210WMPIUI r 出 选项 C 错误；D若电动机突然卡住，次级电流将
18、变大，次级消耗的功率变大，则原线圈输入功率将变大，选项 D 错误；故选 B.点睛：此题要注意电动机问题的能量转化关系：输出功率等于总功率与内阻上的热功率的差值；电动机被卡住后相当于纯电阻，则电路的电流会变大，电动机很快被烧毁.6、C【解析】A.印刷车间中，纸张间摩擦产生大量静电，所以印刷车间中保持适当的湿度，及时把静电导走，避免静电造成的危害，故 A 错误；B.静电复印机是利用静电工作的，与静电有关，故 B 错误；C.不锈钢丝的作用是把鞋底与地毯摩擦产生的电荷传到大地上，以免发生静电危害，属于防止静电危害，故 C 正确；D.小汽车的顶部露出的一根小金属杆是天线，接受无线电信号用，不属于防止静电
19、危害，故 D 错误。故选 C。二、多项选择题：本题共 4 小题，每小题 5 分，共 20 分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得 5 分，选对但不全的得 3 分，有选错的得 0 分。7、AD【解析】试题分析：带电粒子在加速电场中加速，电场力做功 W=E1qd；由动能定理可知：E1qd=12mv2；解得：12 E dqvm；粒子在偏转电场中的时间Ltv；在偏转电场中的纵向速度22201 2E qLvatE md 纵向位移2221124E LxatE d；即位移与比荷无关，与速度无关；则可三种粒子的偏转位移相同，则偏转电场对三种粒子做功一样多；故 A 正确，B 错误
20、；因三粒子由同一点射入偏转电场，且偏转位移相同，故三个粒子打在屏幕上的位置一定相同；因粒子到屏上的时间与横向速度成反比；因加速后的速度大小不同，故三种粒子运动到屏上所用时间不相同；故 C 错误，D 正确；故选 AD 考点：带电粒子在匀强电场中的运动【名师点睛】此题考查带电粒子在电场中的偏转，要注意偏转中的运动的合成与分解的正确应用；正确列出对应的表达式，根据表达式再去分析速度、位移及电场力的功 8、BD【解析】A、m 所受的最大静摩擦力为fmgEq,则根据牛顿第二定律得FffamM,计算得出()mgEqMmFM.则只需满足()mgEqMmFM,m 与 M 发生相对滑动.故 A 错误.B、当 M
21、 与 m 发生相对滑动,根据牛顿第二定律得,m 的加速度FmgEqam,知 m 越大,m 的加速度越小,相同位移时,所以的时间越长,m越大,m对木板的压力越大,摩擦力越大,M的加速度越大,因为作用时间长,则位移大,根据动能定理知,长木板的动能越大.所以 B 选项是正确的.C、当 M 与 m 发生相对滑动,E 越大,m 对 M 的压力越大,摩擦力越大,则 M 相对地面的位移相同时,根据动能定理知,长木板的动能越大.故 C.错误 D、根据22121122Lata t 知,E 越大,m 的加速度越小,M 的加速度越大，知时间越长,因为 E 越大,M 的加速度越大,则 M 的位移越大,根据动能定理知,
22、分离时长木板的动能越大.所以 D 选项是正确的.，故选 BD 点睛：当m与M的摩擦力达到最大静摩擦力,M与m发生相对滑动,根据牛顿第二定律求出F的最小值.当F足够大时,M与 m 发生相对滑动,根据牛顿第二定律,结合运动学公式和动能定理判断长木板动能的变化.9、AC【解析】AB21tt时间内充电板中电流由a流向b，此时励磁线圈在感应线圈中的磁场方向向下，且磁感应强度逐渐减小，根据楞次定律，可判断出感应线圈中电流的方向为c到d，同理23tt时间内，感应线圈中电流的方向也为c到d。由于感应线圈此时充当电源，电流从低电势流向高电势，所以d点的电势较高，选项 A 正确，B 错误。CD由于励磁线圈中的电流
23、是正弦式的，感应出来的电流是余弦式的。感应电动势的最大值 max12 2VENBS 则感应电流的有效值 max800mA2EIR 所以选项 C 正确，D 错误。故选 AC。10、BC【解析】AB由图知，碰前瞬间甲物块的速度为 3m/sv 碰后瞬间甲物块的速度为 11m/sv 设乙物块碰后瞬间的速度为 v2，取碰前甲物块的速度方向为正方向，根据动量守恒定律得 12m vm vm v甲甲乙 解得 22.5m/sv 碰撞前后系统动能之差为 22212111222kEm vm vm v甲甲乙 解得 7.5JkE 所以此碰撞过程为非弹性碰撞，故 A 错误，B 正确；C设碰后乙物块经过 ts 时间停止运动
24、。根据三角形相似法知 1114t 解得 3st 碰后乙物块移动的距离为 22.53m3.75m22vst 故 C 正确；D对碰后乙物块滑行过程，根据动量定理得 20f tm v乙乙 解得 10N3f乙 甲物块滑行的加速度大小为 2243=m/s=1m/s1vat甲 甲物块所受摩擦力大小为 5 1N5Nfm a 甲甲 甲 则有:2:3ff甲乙 故 D 错误。故选 BC。三、实验题：本题共 2 小题，共 18 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、0.44 增大 0.44(0.43-0.46 均对)【解析】(1)1滑动变阻器的滑片滑动过程中，电流表的示数从零开始这渐增大，滑
25、动变阻器采用分压接法，实物电路图如图所示：(2)2由图示电路图可知，电流表量程为 0.6A，由图示电流表可知，其分度值为 0.02A，示数为 0.44A；(3)3根据图像可知小灯泡的电阻随电压增大而增大。4在灯泡 U-I 图象坐标系内作出电源的 U-I 图象如图所示：由图示图象可知，灯泡两端电压 U=1.3V，通过灯泡的电流 I=0.34A，灯泡功率 P=UI=1.30.340.44W 12、I（Rr）最大值 21 6.3（6.16.4）2.5（2.42.6）【解析】(1)1根据闭合电路欧姆定律，该同学设计实验的原理表达式是 E=I(Rr)(2)2根据实验的安全性原则，在闭合开关之前，应先将电
26、阻箱调到最大值 3根据电阻箱读数规则，电阻箱接入电路的阻值为 21011=21(3)45由 E=I（Rr）可得 11rRIEE 1RI图像斜率等于 14 1223.5kE 得 6.2VE 由于误差(6.16.4)V 均正确，1RI图像的截距 0.4rbE 得 2.5r 由于误差(2.42.6)均正确 四、计算题：本题共 2 小题，共 26 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（i）500N；（ii）23【解析】（i）对活塞受力分析，由平衡条件可知 ABp Sp SF 得 500NF 故轻绳的拉力大小为 500N。（ii）再次平衡时 A、B 两总分
27、气体的压强相等，设为p，设气缸总体积为V，气体温度为2T，对 A 中气体 AA1214pVpVTT 对 B 中气体 AB1234pVpVTT 解得 AB23VV 体积之比为23。14、（1）5m/s；（2）5.5J。【解析】（1）设三者质量为 m，碰撞前 C 做匀减速直线运动，设 C 与 A 碰撞前的速度为1v，由动能定理可得 221101122mgxmvmv 代入数据得 15m/sv （2）因碰撞时间极短，A 与 C 碰撞的过程动量守机械能守，设碰撞后瞬问 A 的速度为2v，C 的速度为1v，以向左为正方向，由动量守恒定律得:123mvmvmv 222123111222mvmvmv 代入数据
28、得 25m/sv 30v 此后，B 加速，A 减速，此过程一直持续到二者具有共同速度 v 为止。设 A 的加速度大小为1a，B 的加速度大小为2a，该过程由牛顿第二定律及运动学公式得 2112mgma 22mgma 212vvata t 解得 218m/sa 22=2m/sa=1m/sv 此过程，B 相对 A 一直有滑动，相对位移大小 22221121.25m22vvvxaa 在此以后，地面对 A 的摩擦力阻碍 A 运动，B 与 A 之间的摩擦力改变方向。设 A 和 B 的加速度大小分别为1a和2a，则由牛顿第二定律得 112mfmga 2fma 假设2fgm，则12aa；由以上两式得 12fmgmg 与假设矛盾 故2fmg，则 214m/sa 222m/sa 此过程，B 相对 A 一直向左滑动，相对位移大小 222210.125m22vvtaa 则 A、B 间因摩擦产生的热量 2125.5JQmgxx 15、(1)37，(2)k079EE。【解析】(1)由于粒子沿 BA 做直线运动，合外力与速度共线，由几何关系知：3tan4qEmg 解得：37；(2)重力做功和电场力做功的关系：3394416WqExmghmgh电 由动能定理：k0f0-qExmghWE克 得：k0f19WE克 故全程机械能减少量为：k0f229EWE克 故：k0k0f729EEWE克