《2023年吉林毓文高三第五次模拟考试物理试卷含解析.pdf》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2023年吉林毓文高三第五次模拟考试物理试卷含解析.pdf（14页珍藏版）》请在taowenge.com淘文阁网|工程机械CAD图纸|机械工程制图|CAD装配图下载|SolidWorks_CaTia_CAD_UG_PROE_设计图分享下载上搜索。
1、2023 学年高考物理模拟试卷 注意事项 1考生要认真填写考场号和座位序号。2试题所有答案必须填涂或书写在答题卡上，在试卷上作答无效。第一部分必须用 2B 铅笔作答；第二部分必须用黑色字迹的签字笔作答。3考试结束后，考生须将试卷和答题卡放在桌面上，待监考员收回。一、单项选择题：本题共 6 小题，每小题 4 分，共 24 分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、下列说法正确的是（）A氢原子从能级 3 跃迁到能级 2 辐射出的光子的波长小于从能级 2 跃迁到能级 1 辐射出的光光子的波长 B结合能越大，原子核结构一定越稳定 C根据玻尔理论可知，氢原子辐射出一个光子后，氢原子的电
2、势能增大，核外电子的运动动能减小 D原子核发生 衰变生成的新核原子序数增加 2、两辆汽车 a、b 在两条平行的直道上行驶。t=0 时两车并排在同一位置，之后它们运动的 v-t 图像如图所示。下列说法正确的是（）A汽车 a 在 10s 末向反方向运动 B汽车 b 一直在物体 a 的前面 C5s 到 10s 两车的平均速度相等 D10s 末两车相距最近 3、真空中相距 L 的两个固定点电荷 E、F 所带电荷量大小分别是 QE和 QF，在它们共同形成的电场中，有一条电场线如图中实线所示，实线上的箭头表示电场线的方向电场线上标出了 M、N 两点，其中 N 点的切线与 EF 连线平行，且NEFNFE则（
3、）AE 带正电，F 带负电，且 QE QF B在 M 点由静止释放一带正电的检验电荷，检验电荷将沿电场线运动到 N 点 C过 N 点的等势面与 EF 连线垂直 D负检验电荷在 M 点的电势能大于在 N 点的电势能 4、如图所示，竖直放置的两根平行金属导轨之间接有定值电阻 R，金属棒与两导轨始终保持垂直，并良好接触且无摩擦，棒与导轨的电阻均不计，整个装置放在水平匀强磁场中，棒在竖直向上的恒力 F 作用下匀速上升的一段时间内，下列说法正确的是（）A通过电阻 R 的电流方向向左 B棒受到的安培力方向向上 C棒机械能的增加量等于恒力 F 做的功 D棒克服安培力做的功等于电路中产生的热量 5、物理老师在
4、课堂上将一张薄面纸夹在一本厚厚的“唐诗辞典”的最下层两个页面之间，并将它们静置于桌面上要求学生抽出面纸，结果面纸总被拉断然后物理老师为学生表演一项“绝活”手托“唐诗辞典”让其运动并完好无损地抽出了面纸，则“唐诗辞典”可能（）A水平向右匀速运动 B水平向左匀速运动 C向下加速运动 D向上加速运动 6、人类对物质属性的认识是从宏观到微观不断深入的，下列说法正确的是（）A晶体的物理性质都是各向异性的 B露珠呈现球状是由于液体表面张力的作用 C布朗运动是固体分子的运动，它说明分子永不停歇地做无规则运动 D当分子力表现为斥力时，分子力和分子势能总是随分子间距离的减小而减小 二、多项选择题：本题共 4 小
5、题，每小题 5 分，共 20 分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得 5 分，选对但不全的得 3 分，有选错的得 0 分。7、2019 年 3 月 10 日 0 时 28 分，“长征三号”乙运载火箭在西昌卫星发射中心点火起飞，成功将“中星 6C”卫星送入太空“中星6C”是一颗用于广播和通信的地球静止轨道通信卫星，可提供高质量的话音、数据、广播电视传输业务，服务寿命 15 年已知地球半径为R，地球表面的重力加速度为g，地球自转周期为 T，关于该卫星的发射和运行，下列说法正确的是 A该卫星发射升空过程中，可能处于超重状态 B该卫星可能处于北京上空 C该卫星绕地球运行
6、的线速度可能大于第一宇宙速度 D该卫星运行轨道距离地面的高度为2232g4R TR 8、用甲、乙两种不同的单色光应用同一实验装置分别做双缝干涉实验。比较两次实验得到的干涉条纹图案，甲光的干涉条纹间距大于乙光的干涉条纹间距，则（）A甲的波长大于乙的波长 B甲的频率大于乙的频率 C玻璃对甲的折射率小于对乙的折射率 D若两种光在玻璃中传播，甲的速度等于乙的速度 E.若两种光从玻璃射向空气发生全反射，甲的临界角大于乙的临界角 9、如图，空间存在方向竖直向上、场强大小为 E 的匀强电场；倾角为30的光滑绝缘斜面固定在地面上，绝缘轻弹簧的下端连接斜面底端的挡板，上端连接一带电量为+q 的小球，小球静止时位
7、于 M 点，弹簧长度恰好为原长。某时刻将电场反向并保持电场强度大小不变，之后弹簧最大压缩量为 L，重力加速度为 g。从电场反向到弹簧压缩至最短的过程中，小球（）A机械能一直减少 B电势能减少了12EqL C最大加速度为 g D最大速度为gL 10、如图，条形磁铁放在光滑斜面上，用平行于斜面的轻弹簧拉住处于静止状态。图中圆圈为垂直纸面放置的直导线的横截面，当导线中无电流时，磁铁对斜面的压力为 FN1；当导线中有电流通过时，磁铁对斜面的压力为 FN2，下列说法正确的是（）A若导线位于图中 1 位置且电流方向向外，则 FN1FN2 B若导线位于图中 1 位置且电流方向向里，则弹簧伸长量增大 C若导线
8、位于图中 2 位置且弹簧伸长量增大，则导线中电流方向向里 D若导线位于图中 2 位置且弹簧伸长量增大，则 FN1FN2 三、实验题：本题共 2 小题，共 18 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6 分）某学习小组用图甲所示的实验装置探究动能定理。A、B 处分别为光电门，可测得小车遮光片通过 A、B处所用的时间；用小车遮光片通过光电门的平均速度表示小车通过 A、B 点时的速度，钩码上端为拉力传感器，可读出细线上的拉力 F。(1)用螺旋测微器测量小车上安装的遮光片宽度如图丙所示，则宽度 d=_mm，适当垫高木板 O 端，使小车不挂钩码时能在长木板上匀速运动。挂上钩码，从
9、 O 点由静止释放小车进行实验；(2)保持拉力 F=0.2N 不变，仅改变光电门 B 的位置，读出 B 到 A 的距离 s，记录对于的 s 和 tB数据，画出2Bsv图像如图乙所示。根据图像可求得小车的质量 m=_kg；(3)该实验中不必要的实验要求有_ A钩码和拉力传感器的质量远小于小车的质量 B画出2Bsv图像需多测几组 s、tB的数据 C测量长木板垫起的高度和木板长度 D选用宽度小一些的遮光片 12（12 分）某同学用如图甲所示的电路测量一未知电阻 Rx的阻值。电源电动势为 12.0V，供选用的滑动变阻器有：A最大阻值 10，额定电流 2.0A；B最大阻值 50，额定电流 0.2A。回答
10、以下问题：(1)滑动变阻器应选用_（选填“A”或“B”）。(2)正确连接电路，闭合开关，电压表的示数为 8.0V，电流表的示数为 0.16A，则测得电阻阻值 Rx测甲=_。(3)相同器材，用如图乙电路测量，操作和读数正确，测得电阻阻值 Rx测乙_Rx测甲（选填“=”或“”或“Rx测甲 四、计算题：本题共 2 小题，共 26 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、(1)1m/s2；(2)t=0.6s；(3)6NF26N；(4)x2=0.78m【解析】(1)若长木板 C 和小物块一起向右加速运动，设它们之间是静摩擦力为 f，由牛顿第二定律得:F=（M+
11、mA）a 解得 a=1m/s2 则 f=mAa=1NmAg=2N，这表明假设正确，即 A 的加速度为 1m/s2(1)要使小物块 A 在与小物块 B 碰撞之前运动时间最短，小物块 A 的加速度必须最大，则 A 所受的摩擦力为最大静摩擦力或滑动摩擦力，有 mAg=mAa1 2112Lxat 解得 t=0.6s(3)要使小物块 A 加速度最大，且又不从长木板 C 的左端滑落，长木板 C 的加速度有两个临界条件:由牛顿第二定律得:F1=（M+mA）a1 则 F1=6N 由牛顿第二定律得:F2-f=Ma2 22211122a tatx 则 F2=26N 故 6NF26N(4)若小物块 A 与小物块 B
12、 碰撞点距从长木板 C 的左端距离为 x1 F3-f=Ma3 223111122a tatxx 解得 x1=1.45m 设小物块 A 发生碰撞到从长木板 C 左端滑落的时间为 t1，因有物块 A、B 发生弹性碰撞，速度交换，故有 22313 11 111122a tta tatx 解得 t1=0.5s 设小物块 A 碰撞到从长木板 C 左端滑落时各自的速度分别为 vm、vM，小物块 A 落到地面时与长木板 C 左端的距离为x2 2212hgt F3=Ma4 vm=a1t1 vM=a3t+a3t1 则有 vMt2+24 212a t-vmt2=x2 x2=0.78m 14、(1)4m/s；(2)
13、1.24m。【解析】(1)滑块 a 从光滑圆弧轨道滑下到达 B 点的过程中，根据动能定理有：2112mgRmgxmv 代入数据解得 v4m/s(2)滑块 a 到达 B 点后做平抛运动，根据平抛运动的规律有：xvt，y212gt，tan=yx 代入数据解得 t0.6s 滑块 b 从斜面底端上滑时，根据牛顿第二定律有：mgsin+2mgcosma1 代入数据解得 a110m/s2 向上运动的时间 t1=010.5sva0.6s 然后接着下滑，根据牛顿第二定律有：mgsin2mgcosma2 代入数据得 a22m/s2 可得 P、C 间的距离 x=20 1211()22v ta tt 代入数据解得 x1.24m 15、（1）10 m/s （2）2 m【解析】本题考查动量守恒与能量综合的问题（1）子弹进入小车的过程中，子弹与小车组成的系统动量守恒，由动量守恒定律得 m0v0=(m0+m1)v1 解得 v1=10 m/s（2）三物体组成的系统动量守恒，由动量守恒定律得(m0+m1)v1=(m0+m1)v2+m2v3 解得 v2=8 m/s 由能量守恒可得 12(m0+m1)21v=m2gL+12(m0+m1)22v+12m223v 解得 L=2 m