《2023年黑龙江省绥化市安达高考仿真模拟物理试卷含解析.pdf》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2023年黑龙江省绥化市安达高考仿真模拟物理试卷含解析.pdf（17页珍藏版）》请在taowenge.com淘文阁网|工程机械CAD图纸|机械工程制图|CAD装配图下载|SolidWorks_CaTia_CAD_UG_PROE_设计图分享下载上搜索。
1、2023 学年高考物理模拟试卷 注意事项:1答题前，考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚，将条形码准确粘贴在条形码区域内。2答题时请按要求用笔。3请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试卷上答题无效。4作图可先使用铅笔画出，确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。5保持卡面清洁，不要折暴、不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题：本题共 6 小题，每小题 4 分，共 24 分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、氢原子的核外电子从 n=2 的能级跃迁到 n=1 的能级时，发出的光恰好能使某种金属发生光电效应，则
2、下列各种说法中正确的是（）A该光是氢原子所有可能发出的光中能量最大的 B氢原子中由高能级跃迁到 n=2 的能级时发出的光可能使该金属发生光电效应 C该金属发生光电效应产生的光电子的最大能量恰好等于氢原子从 n=2 的能级跃迁到 n=1 的能级所放出光子的能量 D氢原子从 n=2 的能级跃迁到 n=1 的能级所放出光子的能量等于该金属的逸出功 2、一正三角形导线框 ABC（高度为 a）从图示位置沿 x 轴正向匀速穿过两匀强磁场区域。两磁场区域磁感应强度大小均为 B、方向相反、垂直于平面、宽度均为 a。下图反映感应电流与线框移动距离 x 的关系，以逆时针方向为电流的正方向。图像正确的是（）A B
3、C D 3、一定量的理想气体从状态 a 开始，经历三个过程 ab、bc、ca 回到原状态，其 pT 图象如图所示下列判断正确的是()A过程 ab 中气体一定吸热 B过程 bc 中气体既不吸热也不放热 C过程 ca 中外界对气体所做的功等于气体所放的热 Da、b 和 c 三个状态中，状态 a 分子的平均动能最大 4、在离地高 h 处，同时自由下落和竖直向上抛出各一个小球，其中竖直上抛的小球初速度大小为 v，不计空气阻力，重力加速度为 g，两球落地的时间差为()Ahv B2hv C2vg D2222vvhhgggg 5、笔记本电脑机身和显示屏对应部位分别有磁体和霍尔元件。当显示屏开启时磁体远离霍尔
4、元件，电脑正常工作；当显示屏闭合时磁体靠近霍尔元件，屏幕熄灭，电脑进入休眠状态。如图所示，一块宽为 a、长为 c 的矩形半导体霍尔元元件，元件内的导电粒子是电荷量为 e 的自由电子，通入方向向右的电流 I 时，电子的定向移动速度 v，当显示屏闭合时元件处于垂直于上表面、方向向下的匀强磁场 B 中，于是元件的前、后表面间出现电压 U，以此控制屏幕的熄灭。则元件的（）A前表面的电势比后表面的低。B前、后表面间的电压 U=Bve C前、后表面间的电压 U 与 I 成正比 D自由电子受到的洛伦兹力大小为eUc 6、在 2019 年武汉举行的第七届世界军人运动会中，21 岁的邢雅萍成为本届军运会的“八冠
5、王”。如图是定点跳伞时邢雅萍运动的 v-t 图像，假设她只在竖直方向运动，从 0 时刻开始先做自由落体运动，t1时刻速度达到 v1时打开降落伞后做减速运动，在 t2时刻以速度 v2着地。已知邢雅萍（连同装备）的质量为 m，则邢雅萍（连同装备）（）A0t2内机械能守恒 B0t2内机械能减少了2112mv Ct1时刻距地面的高度大于1221()()2vvtt Dt1t2内受到的合力越来越小 二、多项选择题：本题共 4 小题，每小题 5 分，共 20 分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得 5 分，选对但不全的得 3 分，有选错的得 0 分。7、如图所示为手机无线充电
6、原理图，若连接电源的为发射线圈N，手机端为接收线圈M，接收线圈匝数为n，电阻为r，横截面积为S，手机可看成纯电阻R，匀强磁场平行于线圈轴线穿过线圈。下列说法正确是（）A只要发射线圈N中有电流流入，接收线圈M两端一定可以获得电压 B只要接收线圈M两端有电压，发射线圈N中的电流一定不是恒定电流 C当接收线圈M中磁感应强度大小均匀增加时，接收线圈M中有均匀增加的电流 D若t时间内，接收线圈M中磁感应强度大小均匀增加B，则接收线圈M两端的电压为()nS BRt Rr 8、一质点开始时做匀速直线运动，从某时刻起受到一恒力作用此后，该质点的动能可能()A一直增大 B先逐渐减小至零，再逐渐增大 C先逐渐增大
7、至某一最大值，再逐渐减小 D先逐渐减小至某一非零的最小值，再逐渐增大 9、如图所示，在匀强电场中，有 A、B、C、D、E、F 六个点组成了一个边长为 a=83 cm 的正六边形，已知 F=2 V，C=8 V，D=8 V，一电子沿 BE 方向射入该电场。则下列说法正确的是（）A电子可能从 F 点射出 B该电场的电场强度为 25 V/m C该电场中 A 点电势为 A=2 V D如果电子从 DE 中点经过，则该电子在中点的电势能为 6 eV 10、如图甲所示，等离子流由左边连续以方向如图所示的速度 v0垂直射入 P1和 P2两金属板间的匀强磁场中，ab 直导线与 P1、P2相连接，线圈 A 与直导线
8、 cd 连接。线圈 A 内有如图乙所示的变化磁场，且规定向左为磁场 B 的正方向，如图甲所示.则下列说法正确的是（）A01s 内 ab、cd 导线互相吸引 B1s2s 内 ab、cd 导线互相排斥 C2s3s 内 ab、cd 导线互相吸引 D3s4s 内 ab、cd 导线互相排斥 三、实验题：本题共 2 小题，共 18 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6 分）某小组做测定玻璃的折射率实验，所用器材有：玻璃砖，大头针，刻度尺，圆规，笔，白纸 下列哪些措施能够提高实验准确程度_ A选用两光学表面间距大的玻璃砖 B选用两光学表面平行的玻璃砖 C选用粗的大头针完成实验 D
9、插在玻璃砖同侧的两枚大头针间的距离尽量大些 该小组用同一套器材完成了四次实验，记录的玻璃砖界线和四个大头针扎下的孔洞如下图所示，其中实验操作正确的是_ 该小组选取了操作正确的实验记录，在白纸上画出光线的径迹，以入射点O为圆心作圆，与入射光线、折射光线分别交于A、B点，再过A、B点作法线NN的垂线，垂足分别为C、D点，如图所示，则玻璃的折射率n _（用图中线段的字母表示）12（12 分）某同学想将一量程为 1mA 的灵敏电流计 G 改装为多用电表，他的部分实验步骤如下：（1）他用如图甲所示的电路测量灵敏电流计 G 的内阻 请在乙图中将实物连线补充完整_；闭合开关 S1后，将单刀双置开关 S2置于
10、位置 1，调节滑动变阻器 R1的阻值，使电流表 G0有适当示数 I0：然后保持R1的阻值不变，将开关 S2置于位置 2，调节电阻箱 R2，使电流表 G0示数仍为 I0。若此时电阻箱阻值 R2=200，则灵敏电流计 G 的内阻 Rg=_。（2）他将该灵敏电流计 G 按图丙所示电路改装成量程为 3mA、30mA 及倍率为“1”、“10”的多用电表。若选择电流30mA 量程时，应将选择开关 S 置于_(选填“a”或“b”或“c”或“d)，根据题给条件可得电阻R1=_，R2=_。（3）已知电路中两个电源的电动势均为 3V，将选择开关置于 a 测量某电阻的阻值，若通过灵敏电流计 G 的电流为0.40mA
11、，则所测电阻阻值为_。四、计算题：本题共 2 小题，共 26 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10 分）如图所示为一种质谱仪的工作原理图，圆心角为 90的扇形区域 OPQ 中存在着磁感应强度大小为 B、方向垂直纸面向外的匀强磁场，所有带电粒子经加速电压 U 加速后从小孔 C 射出，由磁场边界 OP 上 N 点垂直 OP 进入磁场区域，然后均从边界 OQ 射出，ON=l，不计粒子重力。(1)若由静止开始加速的某种粒子 X 从边界 OQ 射出时速度方向与 OQ 垂直，其轨迹如图中实线所示，求该粒子的比荷qm；(2)若由静止开始加速的另一种粒子 Y
12、，其比荷是 X 粒子比荷的14，求该粒子在磁场区域中运动的时间 t。14（16 分）如图所示，两相同小木块 M、N（均视为质点）的质量均为 m=1kg，放在水平桌面上，木块 M、N 间夹有一压缩的轻质弹簧 P，弹簧两端与小木块 M、N 不拴接，但两木块通过长 L=0.1m 的细线相连接。桌子中央 O 左侧粗糙，中央O右侧光滑，小木块M、N与桌子左侧间的动摩擦因数=0.5，且开始时木块N离桌子中央O的距离s=1.15m。现让小木块 M、N 一起以 v0=4m/s 的初速度向桌子右侧运动，当木块 M、N 越过桌子中央 O 进入右侧光滑区后，剪断从 N 间的细线，发现小木块 M 最终停在桌面光滑区，
13、而小木块 N 水平抛出离开桌面，木块 N 运动到 A 点时速度方向恰好沿 AB 方向，小木块 N 沿斜面 AB 滑下。己知斜面 AB 与水平方向的夹角为37，斜面长为 2.0m，木块 N 与斜面间的动摩擦因数也是=0.5.木块 N 到达 B 点后通过光滑水平轨道 BC 到达光滑竖直圆轨道，底端（稍稍错开）分别与两侧的直轨道相切，其中 AB 与 BC 轨道以微小圆弧相接。重力加速度 g 取 10m/s2，sin=370.6，cos37=0.8.(1)求压缩弹簧的弹性势能 Ep；(2)求水平桌面与 A 点的高度差；(3)若木块 N 恰好不离开轨道，并能从光滑水平轨道 DE 滑出，则求竖直圆轨道的半
14、径 R。15（12 分）如图所示为某水池的截面图，其截面为深度 h=2m、上底宽度 d=4m 的等腰梯形，当水池加满水且阳光与水平面的夹角 最小时（为 37），阳光恰好可以照射到整个水池的底部。已知水池的腰与水平面的倾角=53，sin 53=0.8，cos 53=0.6.（i）求水池中水的折射率；（ii）若在水池底部中心放一点光源，求站在池边的观察者看到光源的最小视深 H。（结果可带根号）参考答案 一、单项选择题：本题共 6 小题，每小题 4 分，共 24 分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】A氢原子从 n=2 的能级跃迁到 n=1 的能级，所放出光子的能量是
15、所有相邻能级间跃迁时能量最大的，但小于其他能级跃迁到 n=1 的能级时所放出的光子的能量，故 A 错误；B氢原子从高能级跃迁到 n=2 的能级所放出的光子的能量都小于从 n=2 的能级跃迁到 n=1 的能级所放出的光子的能量，不会使金属发生光电效应，故 B 错误；C恰好发生光电效应，说明光电子的最大初动能为零，故 C 错误；D恰好发生光电效应，说明光子的能量等于金属的逸出功，故 D 正确。故选 D。2、A【解析】在x上，在0 a范围，线框穿过左侧磁场时，根据楞次定律，感应电流方向为逆时针，为正值。在2aa范围内，线框穿过两磁场分界线时，BC、AC 边在右侧磁场中切割磁感线，有效切割长度逐渐增大
16、，产生的感应电动势1E增大，AC 边在左侧磁场中切割磁感线，产生的感应电动势2E不变，两个电动势串联，总电动势 12EEE 增大，同时电流方向为瞬时针，为负值。在2 3aa范围内，线框穿过左侧磁场时，根据楞次定律，感应电流方向为逆时针，为正值，综上所述，故 A 正确。故选 A。3、A【解析】A、由图示可知，ab 过程，气体压强与热力学温度成正比，则气体发生等容变化，气体体积不变，外界对气体不做功，气体温度升高，内能增大，由热力学第一定律UQW可知，气体吸收热量，故 A 正确；B、由图示图象可知，bc 过程气体发生等温变化，气体内能不变，压强减小，由玻意耳定律可知，体积增大，气体对外做功，由热力
17、学第一定律UQW可知，气体吸热，故 B 错误；C、由图象可知，ca 过程气体压强不变，温度降低，由盖吕萨克定律可知，其体积减小，外界对气体做功，W0，气体温度降低，内能减少，U0，由热力学第一定律UQW可知，气体要放出热量，过程 ca 中外界对气体所做的功小于气体所放热量，故 C 错误；D、由图象可知，a 状态温度最低，分子平均动能最小，故 D 错误；故选 A【点睛】由图示图象判断气体的状态变化过程，应用气态方程判断气体体积如何变化，然后应用热力学第一定律答题 4、D【解析】自由下落的小球，有 2112hgt=得 12htg 对于竖直上抛的小球，由机械能守恒得：221122mghmvmv 则得
18、落地时速度大小为 22vvgh 对于竖直上抛的小球，将其运动看成一种匀减速直线运动，取竖直向上为正方向，加速度为g，则运动时间为：2222vvvvvvhtggggg 故时间之差为 221222vvhhtttgggg Ahv，与结论不相符，选项 A 错误；B2hv，与结论不相符，选项 B 错误；C2vg，与结论不相符，选项 C 错误；D2222vvhhgggg，与结论相符，选项 D 正确；故选 D 点睛：本题关键要明确小球运动中机械能守恒，要理清过程中的速度关系，写出相应的公式，分析运动时间的关系 5、C【解析】A电流方向向右，电子向左定向移动，根据左手定则判断可知，电子所受的洛伦兹力方向向里，
19、则后表面积累了电子，前表面的电势比后表面的电势高，故 A 错误；B由电子受力平衡可得 UeevBa 解得UBva，电流越大，电子的定向移动速度 v 越大，所以前、后表面间的电压 U 与 I 成正比，所以故 B 错误，C正确；D稳定时自由电子受力平衡，受到的洛伦兹力等于电场力，即 UFeEea 故 D 错误。故选 C。6、D【解析】A0t1时间内，邢雅萍做自由落体，机械能守恒，t1 t2由于降落伞的作用，受到空气阻力的作用，空气阻力做负功，故 0t2内机械能不守恒，故 A 错误；B机械能损失发生在 t1 t2的时间段内，设 t1时刻物体距离地面高度为 h，则有 22f211122Wmghmvmv
20、 解得 22f211122Wmvmvmgh 阻力做负功，故机械能的减小量为 22f121122EWmvmghmv 故 B 错误；Cv t图象与时间轴围成面积表示位移大小，如图 若物体做匀减速直线运动，则有21tt时间里平均速度 122vvv 由图可知运动员21tt时间里位移小于红线表示的匀减速运动的位移，故21tt两段时间里，邢雅萍的平均速度小于122vv，故 t1时刻距地面的高度小于1221()()2vvtt；故 C 错误；Dv t图象的斜率表示加速度，由图像可知，在21tt时间内运动员做加速度不断减小的减速运动，故 D 正确。故选 D。二、多项选择题：本题共 4 小题，每小题 5 分，共
21、20 分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得 5 分，选对但不全的得 3 分，有选错的得 0 分。7、BD【解析】A若发射线圈N中有恒定电流，则产生的磁场不变化，在接收线圈中不会产生感应电流，也就不会获得电压，A 错误；B只要接收线圈两端有电压，说明穿过接收线圈的磁场变化，所以发射线圈中的电流一定不是恒定电流，B 正确；C若穿过接收线圈M的磁感应强度均匀增加，如果线圈闭合，根据法拉第电磁感应定律 BEnnStt 可知线圈中产生恒定的感应电动势，根据闭合电路欧姆定律可知接收线圈M中有感应电流且恒定，C 错误；D根据法拉第电磁感应定律有 BEnnStt 根据分压规律
22、得M两端的电压()EnS BRURRrt Rr D 正确。故选 BD。8、ABD【解析】试题分析：一质点开始时做匀速直线运动，说明质点所受合力为 0，从某时刻起受到一恒力作用，这个恒力就是质点的合力 根据这个恒力与速度的方向关系确定质点动能的变化情况 解：A、如果恒力与运动方向相同，那么质点做匀加速运动，动能一直变大，故 A 正确 B、如果恒力与运动方向相反，那么质点先做匀减速运动，速度减到 0，质点在恒力作用下沿着恒力方向做匀加速运动，动能再逐渐增大故 B 正确 C、如果恒力方向与原来运动方向不在同一直线上，那么将速度沿恒力方向所在直线和垂直恒力方向分解，其中恒力与一个速度方向相同，这个方向
23、速度就会增加，另一个方向速度不变，那么合速度就会增加，不会减小故 C 错误 D、如果恒力方向与原来运动方向不在同一直线上，那么将速度沿恒力方向所在直线和垂直恒力方向分解，其中恒力与一个速度方向相反，这个方向速度就会减小，另一个方向速度不变，那么合速度就会减小，当恒力方向速度减到 0时，另一个方向还有速度，所以速度到最小值时不为 0，然后恒力方向速度又会增加，合速度又在增加，即动能增大 故D 正确 故选 ABD【点评】对于直线运动，判断速度增加还是减小，我们就看加速度的方向和速度的方向 对于受恒力作用的曲线运动，我们可以将速度分解到恒力方向和垂直恒力方向，再去研究 9、BC【解析】A因为是匀强电
24、场，C、D 两点电势相等，则 CD 必为等势线，AC 与 FD 都与 CD 垂直，故 CA 与 DF 皆为电场方向，电子沿 BE 方向射入该电场，受到的电场力沿 AC 方向，不可能偏向 F，选项 A 错误；B电场强度为 E=6V2 cos30CAUACa=25V/m B 正确；C因 AF、BE 都与 CD 平行，进一步可知这是三条等势线，所以 A=F=2V，B=E=5V 选项 C 正确；DDE 中点的电势为 6.5 V，电子在中点的电势能为 6.5eV，D 错误。故选 BC。10、AD【解析】AB由题图甲左侧电路可以判断 ab 中电流方向为由 a 到 b；由右侧电路及题图乙可以判断，02s 内
25、 cd 中电流方向为由 c 到 d，跟 ab 中的电流同向，因此 ab、cd 相互吸引，选项 A 正确、B 错误；CD2s4s 内 cd 中电流方向为由 d 到 c，跟 ab 中电流反向，因此 ab、cd 相互排斥，选项 C 错误，D 正确。故选 AD。三、实验题：本题共 2 小题，共 18 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、AD D ACBD 【解析】采用插针法测定光的折射率的时候，应选定光学表面间距大一些的玻璃砖，这样光路图会更加清晰，减小误差，同时两枚大头针的距离尽量大一些，保证光线的直线度，因此 AD 正确，光学表面是否平行不影响该实验的准确度，因此B 错误
26、，应选用细一点的大头针因此 C 错误 根据光的折射定律可知当选用平行的玻璃砖时出射光和入射光应是平行光，又因发生了折射因此出射光的出射点应相比入射光的延长线向左平移，因此 D 正确，ABC 错误 由折射定律可知折射率sinsinAOCnBOD，sinACAOCR，sinBDBODR，联立解得ACnBD 12、如图所示：200 b 10 90 150 【解析】(1)由原理图连线如图：；由闭合电路欧姆定律可知，两情况下的电流相同，所以灵敏电流计 G 的内阻 Rg=200；(2)由表头改装成大量程的电流表原理可知，当开关接 b 时，表头与 R2串联再与 R1串联，此种情形比开关接 c 时更大，故开关
27、应接 b 由电流表的两种量程可知：接 c 时有：3123200 101002 10RR 接 b 时有：331229 101 10(200)RR 联立解得：1210,90RR；(3)接 a 时，max30ImA，多用电表的内阻为：3310030 10gR，此时流过待测电阻的电流为0.4(90200)0.41210ImA，所以总电阻为：3325012 10R 总，所以测电阻阻值为 150。四、计算题：本题共 2 小题，共 26 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、(1)2 22UB l；(2)223BltU【解析】(1)X 粒子在电场中加速的末速度为
28、 v0，由动能定理可得 2012qUmv 在磁场中由洛伦兹力充当向心力可得 200vqv Bmr 由几何知识可知，粒子的轨道半径为 r=l 联立解得 2 22qUmB l(2)Y 粒子在电场中加速的末速度为 v1，由动能定理可得 211 112qUm v 在磁场中由洛伦兹力充当向心力可得 211 111vq v Bmr 又 1114qqmm 解得 r1=2l Y 粒子在磁场中的轨迹如图所示，圆心为 O1，则 由图可得 1111cos2rlr 由三角函数可知 13 所以在磁场中运动的时间为 11232mtq B 联立解得 223BltU 14、(1)4J；(2)0.45m；(3)0.66m【解析
29、】(1)设两木块运动到 O 右侧时的速度大小为v，在两木块一起运动到桌子中央 O 右侧的过程，由动能定理知 220112222mgsmg sLmvmv 解得 2m/sv 剪断细线，两木块组成的系统水平方向动量守恒，设剪断细线后小木块 N 的速度大小为 v，则有 2mvmv 根据能量守恒知 22p11222Emvmv 解得 p4JE (2)设木块 N 的抛出点到 A 点的高度差为 h，到 A 点时，根据平抛运动规律知22yvgh且 tan 37yvv 解得 0.45mh (3)木块 N 到达 A 点时的速度大小为 225m/sAyvvv 设小木块 N 到达 B 点时的速度大小为Bv，从 A 点到
30、 B 点，由动能定理知，2211sinco3737s22ABABBAmgLmgLmvmv 设木块 N 在轨道最高点时最小速度为minv，木块 N 从 B 点到轨道最高点的过程，由机械能守恒定律得 22min11m222BmvvmgR 在最高点根据牛顿第二定律知 2minvmgmR 解得 0.66mR 15、（）43；（）2m2。【解析】()水池加满水时，阳光可以照射到整个水池的底部，则水池的腰与水平面的倾角要等于折射光与地面的夹角，折射角2r 设入射角为i，有 532i 由折射定理有 sinsinsin532sincos53sin2inr 解得 43n ()因为 13sin4Cn 当点光源发出的光线从池边缘射出时，设入射角为，则由几何关系可知45C，故此时观察者可以看到光源且视深最小；设此时光线的出射角为，则由折射定律有 sinsinn 由几何关系可知 cot2dH 解得 2m2H