《2023届四川省成都市树德中学高三(最后冲刺)物理试卷含解析.pdf》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2023届四川省成都市树德中学高三(最后冲刺)物理试卷含解析.pdf（15页珍藏版）》请在taowenge.com淘文阁网|工程机械CAD图纸|机械工程制图|CAD装配图下载|SolidWorks_CaTia_CAD_UG_PROE_设计图分享下载上搜索。
1、2023 年高考物理模拟试卷 请考生注意：1请用 2B 铅笔将选择题答案涂填在答题纸相应位置上，请用 05 毫米及以上黑色字迹的钢笔或签字笔将主观题的答案写在答题纸相应的答题区内。写在试题卷、草稿纸上均无效。2答题前，认真阅读答题纸上的注意事项，按规定答题。一、单项选择题：本题共 6 小题，每小题 4 分，共 24 分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、小球在水中运动时受到水的阻力与小球运动速度的平方成正比，即2fkv，则比例系数k的单位是 A2kg m Bkg m Ckg/m D2kg/m 2、如图甲所示，一根直导线和一个矩形导线框固定在同一竖直平面内，直导线在导线框上
2、方，甲图中箭头方向为电流的正方向。直导线中通以图乙所示的电流，则在 01t时间内，导线框中电流的方向（）A始终沿顺时针 B始终沿逆时针 C先顺时针后逆时针 D先逆时针后顺时针 3、如图所示，真空中位于 x 轴上的两个等量负点电荷，关于坐标原点 O 对称。下列关于 E 随 x 变化的图像正确的是 A B C D 4、两个完全相同的带有同种电荷的小球 M 和 N（可看成点电荷），用轻质绝缘弹簧相连后放在光滑绝缘水平面上的 P，Q 两点静止不动，如图所示。若将小球 N 的带电量突然减小一半后的瞬间，小球 M 和 N 的加速度大小分别为 a1和 a2，下列结论正确的是（）A B C，且 D，且 5、如
3、图所示，A、B、C 是三级台阶的端点位置，每一级台阶的水平宽度是相同的，其竖直高度分别为 h1、h2、h3，将三个相同的小球分别从 A、B、C 三点以相同的速度 v0水平抛出，最终都能到达 A 的下一级台阶的端点 P 处，不计空气阻力。关于从 A、B、C 三点抛出的小球，下列说法正确的是（）A在空中运动时间之比为 tA tBtC=135 B竖直高度之比为 h1h2h3=123 C在空中运动过程中，动量变化率之比为ACABPPPttt：=111 D到达 P 点时，重力做功的功率之比 PA：PB：PC=1：4：9 6、某行星为质量分布均匀的球体，半径为 R，质量为 M。科研人员研究同一物体在该行星
4、上的重力时，发现物体在“两极”处的重力为“赤道”上某处重力的 1.1 倍。已知引力常量为 G，则该行星自转的角速度为（）A310GMR B311GMR C31.1GMR DGMR 二、多项选择题：本题共 4 小题，每小题 5 分，共 20 分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得 5 分，选对但不全的得 3 分，有选错的得 0 分。7、质量为 m 的物块在 t0 时刻受沿固定斜面向上的恒力 F1作用，从足够长的倾角为 的光滑斜面底端由静止向上滑行，在 t0时刻撤去恒力 F1加上反向恒力 F2(F1、F2大小未知)，物块的速度时间(vt)图象如图乙所示，2t0时刻物
5、块恰好返回到斜面底端，已知物体在 t0时刻的速度为 v0，重力加速度为 g，则下列说法正确的是（）A物块从 t0 时刻开始到返回斜面底端的过程中重力的冲量大小为 2mgt0sin B物块从 t0时刻到返回斜面底端的过程中动量的变化量大小为 3mv0 CF1的冲量大小为 mgt0sinmv0 DF2的冲量大小为 3mgt0sin3mv0 8、如图甲，用强磁场将百万度高温的等离子体（等量的正离子和电子）约束在特定区域实现受控核聚变的装置叫托克马克。我国托克马克装置在世界上首次实现了稳定运行 100 秒的成绩。多个磁场才能实现磁约束，其中之一叫纵向场，图乙为其横截面的示意图，越靠管的右侧磁场越强。尽
6、管等离子体在该截面上运动的曲率半径远小于管的截面半径，但如果只有纵向场，带电粒子还会逐步向管壁“漂移”，导致约束失败。不计粒子重力，下列说法正确的是（）A正离子在纵向场中沿逆时针方向运动 B发生漂移是因为带电粒子的速度过大 C正离子向左侧漂移，电子向右侧漂移 D正离子向下侧漂移，电子向上侧漂移 9、如图甲所示的电路中理想变压器原、副线圈的匝数比为9:1，电表均为理想电表，1R为阻值随温度升高而变小的热敏电阻，0R为定值电阻，若发电机向原线圈输入如图乙所示的正弦交变电流。下列说法中正确的是（）A输入变压器原线圈的交变电流的电压表达式为36 2sin50(V)ut B24 1s0t时，该发电机的线
7、圈平面位于中性面 CtR温度升高时，电流表的示数变大，电压表示数变小，变压器的输入功率变大 DtR温度升高时，电流表的示数变大，电压表示数变大，变压器的输入功率变大 10、如图所示，一列简谐波沿 x 轴传播，实线为 t0 时的波形图，此时 P 质点向 y 轴负方向振动；虚线为 0.02 s(小于1 个周期)时的波形图，则()A波沿 x 轴正方向传播 B波速为 3.5 m/s Ct0.02 s 时，x8 cm 处质点向 y 轴负方向振动 Dt0 至 t0.08 s，质点 P 通过的路程为 0.04 m 三、实验题：本题共 2 小题，共 18 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程
8、。11（6 分）某科技小组想测定弹簧托盘秤内部弹簧的劲度系数 k，拆开发现其内部简易结构如图(a)所示，托盘 A、竖直杆 B、水平横杆 H 与齿条 C 固定连在一起，齿轮 D 与齿条 C 啮合，在齿轮上固定指示示数的指针 E，两根完全相同的弹簧将横杆吊在秤的外壳 I 上。托盘中不放物品时，指针 E 恰好指在竖直向上的位置。指针随齿轮转动一周后刻度盘的示数为 P05 kg。科技小组设计了下列操作：A在托盘中放上一物品，读出托盘秤的示数 P1，并测出此时弹簧的长度 l1；B用游标卡尺测出齿轮 D 的直径 d；C托盘中不放物品，测出此时弹簧的长度 l0；D根据测量结果、题给条件及胡克定律计算弹簧的劲
9、度系数 k；E在托盘中增加一相同的物品，读出托盘秤的示数 P2，并测出此时弹簧的长度 l2；F再次在托盘中增加一相同的物品，读出托盘秤的示数 P3，并测出此时弹簧的长度 l3；G数出齿轮的齿数 n；H数出齿条的齿数 N 并测出齿条的长度 l。(1)小组同学经过讨论得出一种方案的操作顺序，即 a 方案：采用 BD 步骤。用所测得的相关量的符号表示弹簧的劲度系数 k，则 k_。某同学在实验中只测得齿轮直径，如图(b)所示，并查资料得知当地的重力加速度 g9.80 m/s2，则弹簧的劲度系数 k_。(结果保留三位有效数字)(2)请你根据科技小组提供的操作，设计 b 方案：采用：_步骤；用所测得的相关
10、量的符号表示弹簧的劲度系数k，则 k_。12（12 分）用油膜法估测分子大小的实验步骤如下：向体积为 V1的纯油酸中加入酒精，直到油酸酒精溶液总量为 V2；用注射器吸取上述溶液，一滴一滴地滴入小量筒，当滴入 n 滴时体积为 V0；先往边长为 3040cm 的浅盘里倒入 2cm 深的水；用注射器往水面上滴一滴上述溶液，等油酸薄膜形状稳定后，将事先准备好的玻璃板放在浅盘上，并在玻璃板上描出油酸薄膜的形状；将画有油酸薄膜轮廓形状的玻璃板，放在画有许多边长为 a 的小正方形的坐标纸上；计算出轮廓范围内正方形的总数为 N，其中不足半个格的两个格算一格，多于半个格的算一格。上述实验步骤中有遗漏和错误，遗漏
11、的步骤是_；错误的步骤是_（指明步骤，并改正），油酸分子直径的表达式d _。四、计算题：本题共 2 小题，共 26 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10 分）一列简谐横波某时刻的波形如图所示，质点 P 正在向上运动，它所在的平衡位置为 x=2m，质点 P 的振动方程为 y=0.2sin5t（m），从该时刻开始计时，求（i）该简谐横波在介质中的传播速率；（ii）经过 0.5s 时间，质点 P 的位移和路程；（iii）从图示位置开始计时，经多长时间质点 P 第三次到达波峰。14（16 分）如图，一容器由横截面积分别为 2S 和 S 的两个汽缸连通
12、而成，容器平放在地面上，汽缸内壁光滑整个容器被通过刚性杆连接的两活塞分隔成三部分，分别充有氢气、空气和氮气平衡时，氮气的压强和体积分别为 p0和V0，氢气的体积为 2V0，空气的压强为 p现缓慢地将中部的空气全部抽出，抽气过程中氢气和氮气的温度保持不变，活塞没有到达两汽缸的连接处，求：（1）抽气前氢气的压强；（2）抽气后氢气的压强和体积 15（12 分）如图所示，固定光滑轨道 AB 末端 B 点切线水平，AB 高度差11.8mh，B 距传送带底端的竖直高度为23.8mh，与轨道同一竖直面的右侧有一倾角=37的传送带，以2m/sv 顺时针匀速转动。在轨道上 A 处每隔1 秒无初速释放一个质量=2
13、kgm的相同滑块，从 B 点平抛后恰能垂直落到传送带上，速度立即变为零，且不计滑块对传送带的冲击作用。滑块与传送带间的动摩因数为78，传送带长度为=7mL，不计空气阻力。（sin370.6，cos370.8，2g10m/s）求：(1)滑块从 B 点落至传送带的时间；(2)因传送滑块，电动机额外做功的平均功率。参考答案 一、单项选择题：本题共 6 小题，每小题 4 分，共 24 分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】由2fkv可得 k 的单位为kg/m A.A 项与 上述分析结论不相符，故 A 错误；B.B 项与 上述分析结论不相符，故 B 错误；C.C 项与 上
14、述分析结论相符，故 C 正确；D.D 项与 上述分析结论不相符，故 D 错误。2、A【解析】电流先沿正方向减小，产生的磁场将减小，此时由右手螺旋定则可知，穿过线框的磁场垂直于线框向里且减小，故电流顺时针，当电流减小到零再反向增大时，此时由右手螺旋定则可知，穿过线框的磁场垂直于线框向外且增大，故电流顺时针，则在 01t时间内，导线框中电流的方向始终为顺时针，故 A 正确。故选 A。3、A【解析】设 x 轴的正方向代表电场强度的正方向 根据等量同种负电荷电场线在沿 x 轴方向的分布，结合规定正方向判断如下：在 A 点左侧电场线水平向右，场强为正，图像的横轴上方，离 A 点越近，场强越强；在 A 到
15、 O 之间的电场线向左，场强为负，图像在横轴下方，离 A 越近，场强越强；在 O 到 B 之间电场线向右，场强为正，图像在横轴上方，离 B 越近，场强越强；在 B 点右侧，电场线水平向左，场强为负，图像在横轴下方，离 B 越近，场强越强。综上所述，只有选项 A 符合题意。故选 A。4、D【解析】由题意可知开始时 M、N 两球开始静止不动，则弹簧的弹力等于它们之间的库仑力，当小球 N 的带电量突然减小一半后的瞬间根据库仑定律可知它们之间的库仑力立即减小，而弹簧的弹力在这一瞬间保持不变，故合力不为零，根据牛顿第二定律可知 因为这一瞬间两球所受弹簧弹力和库仑力都是大小相等，方向相反，而两球质量相同，
16、故两球加速度大小相等，方向相反，故 D 正确，ABC 错误。故选 D。5、C【解析】A根据0 x vt水平初速度相同，A、B、C 水平位移之比为 1:2:3，所以它们在空中运动的时间之比为 1:2:3，A 错误。B根据212hgt，竖直高度之比为123:1:3:5hhh，B 错误。C根据动量定理可知，动量的变化率为物体受到的合外力即重力，重力相同，则动量的变化率相等，故 C 正确。D到达 P 点时，由 ygtv 知，竖直方向速度之比为 1:2:3，重力做功的功率 Pmgv 所以重力做功的功率之比为:1:2:3ABCPPP 故 D 错误。故选C。6、B【解析】由万有引力定律和重力的定义可知 12
17、=1.1MmGmgmgR 由牛顿第二定律可得 212MmGmgmRR 联立解得 3=11GMR 故选 B。二、多项选择题：本题共 4 小题，每小题 5 分，共 20 分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得 5 分，选对但不全的得 3 分，有选错的得 0 分。7、BC【解析】A根据冲量的定义式可知物块从0t 时刻开始到返回斜面底端的过程中重力的冲量大小为 0022GImgtmgt 故 A 错误；B由于在0t时撤去恒力1F加上反向恒力2F，物块在02t时恰好回到斜面的底端，所以在沿固定斜面向上的恒力的时间与撤去恒力加上反向恒力后回到底端的时间相等，设物体在沿固定斜面
18、向上的恒力作用下的位移为x，加速度为1a，取沿斜面向上为正；根据位移时间关系可得 21 012xa t 根据速度时间关系可得撤去沿固定斜面向上的恒力时的速度为 01 0va t 撤去恒力加上反向恒力作用时的加速度为2a，则有 20 02 012xv ta t 联立解得 213aa 物块在02t时的速度为 202 002vva tv 物块从0t时刻到返回斜面底端的过程中动量的变化量为 2003Pmvmvmv 即物块从0t时刻到返回斜面底端的过程中动量的变化量大小为03mv，故 B 正确；C物体在沿固定斜面向上的恒力作用下，根据动量定理可得 100sin0FImgtmv 解得1F的冲量大小为 10
19、0sinFImgtmv 故 C 正确；D撤去恒力加上反向恒力作用时，根据动量定理可得 2000sin2FImgtmvmv 解得 200sin3FImgtmv 故 D 错误；故选 BC。8、AD【解析】A根据左手定则可判断出正离子在纵向场中沿逆时针方向运动，故 A 正确；B因为左右两边磁场强度不一样，导致左右的半径不同，所以发生偏移；CD根据 2mvqvBR 得 mvRqB 发现 B 越大，R 越小，所以右边部分的 R 大于左边部分的 R，结合左手定则判断出正离子就会向下侧漂移，电子向上侧漂移，故 C 错误，D 正确。故选 AD。9、BC【解析】A由交变电流的图像可读出电压的最大值为36 2V，
20、周期为 0.02s，则角速度为 2rad/s100 rad/s0.02 所以输入变压器原线圈的交变电流的电压表达式为 36 2sin100(V)ut 故 A 错误；B当24 1s0t时，电压的瞬时值为 0，所以该发电机的线圈平面位于中性面，故 B 正确；CDtR温度升高时，其阻值变小，副线圈中的电流变大则原线圈中电流也变大，由 PUI 可知变压器的输入功率变大，电压表读数 3220UUI R 减小，故 C 正确，D 错误。故选 BC。10、AC【解析】AP 质点向 y 轴负方向运动，根据同侧法可知波沿 x 轴正方向传播，A 正确；B波速为：vxt0.5 m/s B 错误；C根据图像可知 t0.
21、02 s 时，x8 cm 处质点沿 y 轴负方向运动，C 正确；D周期：Tv0.16 s 在 t0 至 t0.08 s，质点 P 振动12个周期，通过的路程为：21 cm2 cm D 错误。故选 AC。三、实验题：本题共 2 小题，共 18 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、02P gd 7.96102 N/m CAEFD 3121020306PPPgllllll 【解析】(1)1弹簧的伸长量与齿条下降的距离相等，而齿条下降的距离与齿轮转过的角度对应的弧长相等，齿轮转动一周对应的弧长即为齿轮周长，即托盘中物品质量为 P05 kg 时弹簧的伸长量：xd 因此只要测出齿
22、轮的直径 d 即可计算其周长，然后由胡克定律得：2kxP0g 解得 k02P gd；2游标卡尺读数为 0.980 cm，代入：k02P gd 得 k7.96102 N/m；(2)3直接测出不同示数下弹簧的伸长量也可以进行实验，即按 CAEFD 进行操作，实验不需要测量齿轮和齿条的齿数，GH 是多余的；4求解形变量 x1l1l0 x2l2l0 x3l3l0 则：k1112Pgx k2222P gx k3332P gx 则：k1233kkk 联立解得：k3121020306PPPgllllll。12、将痱子粉均匀撒在水面上 应该是不足半格的舍去，多于半格的算一格 0122V VNna V 【解析】
23、1由实验步骤可知，缺少的实验步骤是，在步骤后加上：将痱子粉均匀撒在水面上。2错误的是步骤，应该改为：计算出轮廓范围内正方形的总数为 N，其中不足半个格舍去，多于半个格的算一格。3一滴油酸酒精溶液含有纯油酸的体积 001122VV VVVnVnV 油膜的面积 2SNa 油酸分子的直径 0122V VVdSNna V 四、计算题：本题共 2 小题，共 26 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（i）10m/s；（ii）0.2m；1.0m；（iii）0.9s【解析】（i）由图可知，波长4m，由振动方程知周期0.4sT，所以波速 10m/svT（ii）P
24、 在向上运动，波向右传播，经过 0.5s 时间，质点 P 的位移为 0.2m，路程为 1.0m。（iii）P 第三次到达波峰的时间为 120.9s4tT 14、（1）12（p0+p）；（2）01124pp；00042ppVpp（）【解析】解：（1）设抽气前氢气的压强为 p10，根据力的平衡条件得（p10p）2S=（p0p）S 得 p10=12（p0+p）（2）设抽气后氢气的压强和体积分别为 p1和 V1，氮气的压强和体积分别为 p2和 V2，根据力的平衡条件有 p2S=p12S 由玻意耳定律得 p1V1=p102V0 p2V2=p0V0 由于两活塞用刚性杆连接，故 V12V0=2（V0V2）联
25、立式解得 101124ppp 00104=2ppVVpp（）15、（1）0.8s；（2）104W。【解析】（1）由动能定理得 21012mghmv 物块垂直打到传送带上，则 0tanyvv 平抛运动竖直方向上 ygtv 解得0.8st （2）平抛运动竖直方向上 213.22ygtm 设在传送带上的落点与底端相距1L 211msinhyL cossinmgmgma 22vax 1vat 12st 每 1s 放一个物块，共两个物块匀加速 2mx 滑块先匀加速后匀速运动 共速后物块可与传送带相对静止匀速运动，相邻两个物块间距为 2mxv t 1LLxn x 2n 传送带上总有两个物块匀加速，两个物块匀速 2cos2sinfmgmg 电机因传送物块额外做功功率为 104WPfv