《2023学年黑龙江省双鸭山市高考全国统考预测密卷物理试卷含解析.pdf》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2023学年黑龙江省双鸭山市高考全国统考预测密卷物理试卷含解析.pdf（16页珍藏版）》请在taowenge.com淘文阁网|工程机械CAD图纸|机械工程制图|CAD装配图下载|SolidWorks_CaTia_CAD_UG_PROE_设计图分享下载上搜索。
1、2023 学年高考物理模拟试卷 注意事项 1考生要认真填写考场号和座位序号。2试题所有答案必须填涂或书写在答题卡上，在试卷上作答无效。第一部分必须用 2B 铅笔作答；第二部分必须用黑色字迹的签字笔作答。3考试结束后，考生须将试卷和答题卡放在桌面上，待监考员收回。一、单项选择题：本题共 6 小题，每小题 4 分，共 24 分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、双星系统由两颗相距较近的恒星组成，每颗恒星的半径都远小于两颗星球之间的距离，而且双星系统一般远离其他天体。如图所示，相距为 L 的 M、N 两恒星绕共同的圆心 O 做圆周运动，M、N 的质量分别为 m1、m2，周期均为
2、 T。若另有间距也为 L 的双星 P、Q，P、Q 的质量分别为 2m1、2m2，则()AP、Q 运动的轨道半径之比为 m1m2 BP、Q 运动的角速度之比为 m2m1 CP、Q 运动的周期均为22T DP 与 M 的运动速率相等 2、如图所示为氢原子的能级图，用光子能量为12.09eV的单色光照射大量处于基态的氢原子，激发后的氢原子可以辐射出几种不同频率的光，则下列说法正确的是（）A氢原子最多辐射两种频率的光 B氢原子最多辐射四种频率的光 C从3n 能级跃迁到2n 能级的氢原子辐射的光波长最短 D从3n 能级跃迁到1n 能级的氢原子辐射的光波长最短 3、如图，光滑斜劈 A 上表面水平，物体 B
3、 叠放在 A 上面，斜面光滑，AB 静止释放瞬间，B 的受力图是（）A B C D 4、质子的静止质量为27p1.6726g10km，中子的静止质量为27n1.6749 10kgm，粒子的静止质量为276.646710kgm，光速83.0 10 m/sc。则粒子的结合能约为（）A124.3 10J B124.3 10J C102.6 10J D102.6 10J 5、国家发展改革委、交通运输部、中国铁路总公司联合发布了中长期铁路网规划，勾画了新时期“八纵八横”高速铁路网的宏大蓝图。设某高铁进站时做匀减速直线运动，从开始减速到停下所用时间为 9t，则该高铁依次经过 t、3t、5t 时间通过的位移
4、之比123:xxx为（）A5:3:1 B1:4:9 C65:15:1 D17:39:25 6、反射式速调管是常用的微波器件之一，它利用电子团在电场中的振荡来产生微波，其振荡原理与下述过程类似，已知静电场的方向平行于 x 轴，其电势 q 随 x 的分布如图所示，一质量 m1.01020kg，带电荷量大小为 q1.0109C的带负电的粒子从（1，0）点由静止开始，仅在电场力作用下在 x 轴上往返运动。忽略粒子的重力等因素，则（）Ax 轴左侧的电场强度方向与 x 轴正方向同向 Bx 轴左侧电场强度 E1和右侧电场强度 E2的大小之比 E1：E22：1 C该粒子运动的周期 T1.5108s D该粒子运
5、动的最大动能 Ekm2108J 二、多项选择题：本题共 4 小题，每小题 5 分，共 20 分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得 5 分，选对但不全的得 3 分，有选错的得 0 分。7、半径分别为 r 和 2r 的同心半圆导轨 MN、PQ 固定在同一水平面内，一长为 r、电阻为 R、质量为 m 且质量分布均匀的导体棒 AB 置于半圆轨道上面，BA 的延长线通过导轨的圆心 O，装置的俯视图如图所示。整个装置位于磁感应强度大小为 B、方向竖直向下的匀强磁场中。在 N、Q 之间接有一阻值也为 R 的电阻。导体棒 AB 在水平外力作用下，以角速度 绕 O 顺时针匀速转
6、动，在转动过程中始终与导轨保持良好接触。导轨电阻不计，不计一切摩擦，重力加速度为 g，则下列说法正确的是（）A导体棒中的电流方向为 AB B导体棒 A 端相等于电源正极 C导体棒 AB 两端的电压为234Br D若保持导体棒转动的角速度不变，同时使竖直向下的磁场的磁感应强度随时间均匀增大，则通过电阻 R 的电流可能一直为零 8、如图所示，理想变压器原、副线图的应数些为 n1:n2=2:1，输人端接在30 2sin100ut(V)的交流电源上，R1为电阻箱，副线圈连在电路中的电阻 R=10，电表均为理想电表。下列说法正确的是()A当 R1=0 时，电压表的读数为 30V B当 R1=0 时，若将
7、电流表换成规格为“5V 5W”的灯泡，灯泡能够正常发光 C当 R1=10 时，电流表的读数为 1.2A D当 R1=10 时，电压表的读数为 6V 9、如图（a）所示，质量为 2m、长为 L 的木块静止在光滑水平面上，质量为 m 的子弹（可视为质点）以初速度0v水平向右射向木块，穿出木块时速度减为02v。若再将另一相同木块固定在传送带上（如图（b）所示），使木块随传送带以038vv的速度水平向左运动，相同的子弹仍以初速度0v水平向右射向木块，木块的速度始终不变.已知木块对子弹的阻力恒定.下列说法正确的是（）A第一次子弹穿过木块过程中，木块的位移大小为15L B第一次子弹穿过木块过程中，子弹克服
8、阻力做的功为20116mv C子弹前后两次穿过木块的时间之比为2:1 D第二次子弹穿出木块时的速度为056v 10、如图所示，理想变压器原线圈上串联一个定值电阻 R0，副线圈上接一个滑动变阻器 R，原线圈的输入端接在一个输出电压恒定的交流电源上，理想电压表 V1、V2、V3的示数分别用 U1、U2、U3表示，当滑动变阻器的触头 P 移动时，下面说法中正确的是（）A向上移动滑动触头 P，U3与 U1的比值变大 B向下移动滑动触头 P，U3与 U2的比值不变 C移动滑动触头 P，当 U3减小时，R0消耗的功率也减小 D移动滑动触头 P，电阻 R0与滑动变阻器 R 消耗的功率之比始终都等于121UU
9、 三、实验题：本题共 2 小题，共 18 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6 分）重物带动纸带自由下落，测本地重力加速度。用 6V。50Hz 的打点计时器打出的一条纸带如图甲所示，O为重物下落的起点，选取纸带上连续打出的 A、B、C、D、E、F 为测量点，各测量点到 O 点的距离 h 已标在测量点下面。打点计时器打 C 点时，重物下落的速度cv _m/s；分别求出打其他各点时的速度 v，作2vh关系图像如图乙所示，根据该图线，测得本地的重力加速度g _2m/s。（结果保留三位有效数字）12（12 分）小明同学想要设计一个既能测量电源电动势和内阻，又能测量定值电阻阻
10、值的电路。他用了以下的实验器材中的一部分，设计出了图(a)的电路图：a电流表 A1(量程 0.6A，内阻很小)；电流表 A2(量程 300A，内阻 rA=1000)；b滑动变阻器 R(0-20)；c，两个定值电阻 R1=1000，R2=9000；d待测电阻 Rx；e待测电源 E(电动势约为 3V，内阻约为 2)f开关和导线若干 (1)根据实验要求，与电流表 A2串联的定值电阻为_(填“R1”或“R2”)(2)小明先用该电路测量电源电动势和内阻，将滑动变阻器滑片移至最右端，闭合开关 S1，调节滑动变阻器，分别记录电流表 A1、A2的读数 I1、I2，得 I1与 I2的关系如图(b)所示。根据图线
11、可得电源电动势 E=_V；电源内阻r=_，(计算结果均保留两位有效数字)(3)小明再用该电路测量定值电阻 Rx的阻值，进行了以下操作：闭合开关 S1、S2，调节滑动变阻器到适当阻值，记录此时电流表 A1示数 Ia，电流表 A2示数 Ib；断开开关 S2，保持滑动变阻器阻值不变，记录此时电流表 A1示数 Ic，电流表 A2示数 Id；后断开 S1；根据上述数据可知计算定值电阻 Rx的表达式为_。若忽略偶然误差，则用该方法测得的阻值与其真实值相比_(填“偏大”、“偏小”或“相等”)四、计算题：本题共 2 小题，共 26 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。
12、13（10 分）如图所示，在纸面内建立直角坐标系 xOy，以第象限内的直线 OM（与负 x 轴成 45角）和正 y 轴为界，在 x0 的区域建立匀强电场，方向水平向左，场强大小 E=2 V/m；以直线 OM 和正 x 轴为界，在 y0 的区域建立垂直纸面向里的匀强磁场，磁感应强度 B=0.1T一不计重力的带负电粒子从坐标原点 O 沿 y 轴负方向以 v0=2103m/s 的初速度射入磁场己知粒子的比荷为 q/m=5104C/kg，求：（1）粒子经过 1/4 圆弧第一次经过磁场边界时的位置坐标？（2）粒子在磁场区域运动的总时间？（3）粒子最终将从电场区域 D 点离开电，则 D 点离 O 点的距离
13、是多少？14（16 分）如图所示，电阻不计、间距为 L 的平行金属导轨固定于水平面上，其左端接有阻值为 R 的电阻，整个装置放在磁感应强度为 B、方向竖直向上的匀强磁场中。质量为 m、电阻为 r 的金属棒 ab 垂直放置予导轨上，以水平初速度 v0向右运动，金属棒的位移为 x 时停下。其在运动过程中始终与导轨垂直且与导轨保持良好接触。金属棒与导轨间的动摩擦因数为，重力加速度为 g。求：金属棒在运动过程中(1)通过金属棒 ab 的电流最大值和方向；(2)加速度的最大值 am；(3)电阻 R 上产生的焦耳热 QR。15（12 分）如图所示，虚线 MN 的右侧空间存在竖直向下的匀强电场和水平方向（垂
14、直纸面向里）的匀强磁场，一质量为 m 的带电粒子以速度 v 垂直电场和磁场方向从 O 点射入场中，恰好沿纸面做匀速直线运动。已知匀强磁场的磁感应强度为 B，粒子的电荷量为+q，不计粒子的重力。(1)求匀强电场的电场强度 E；(2)当粒子运动到某点时撤去电场，如图乙所示，粒子将在磁场中做匀速圆周运动。求 a.带电粒子在磁场中运动的轨道半径 R；b.带电粒子在磁场中运动的周期 T。参考答案 一、单项选择题：本题共 6 小题，每小题 4 分，共 24 分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】双星系统的两颗恒星运动的角速度相等，由万有引力提供向心力，对 M、N 有 G12
15、2m mL m1r122()T G122m mLm2r222()T 对 P、Q 有 G12222mmL2m1r122()T G12222mmL2m2r222()T 其中 r1r2L，r1r2L 联立解得 T22T 由 2m1r12m2r2 可知 r1r2m2m1 则可知 r1r1 结合 v2 rT可知 P 与 M 的运动速率不相等，故 ABD 错误，C 正确。故选 C。2、D【解析】AB 基态的氢原子吸收12.09eV的能量后会刚好跃迁到3n 能级，大量氢原子跃迁到3n 的能级后最多辐射233C 种频率的光子，所以 AB 均错误；CD 由公式mnhEE以及c，知能级间的能量差越大，辐射出的光子
16、的频率越大，波长就越短，从3n 到1n 能级间的能量差最大，辐射的光波长最短，C 错误，D 正确。故选 D。3、B【解析】物体 A 释放前，物体 B 受到重力和支持力，两力平衡；楔形物体 A 释放后，由于物体 A 上表面是光滑的，则物体 B水平方向不受力，物体 B 在水平方向的状态不改变，即仍保持静止状态，在竖直方向由于 A 的加速度小于重力加速度g，所以 B 受到向上的支持力，故 B 正确，ACD 错误 故选 B 4、B【解析】粒子在结合过程中的质量亏损为 pn(22)mmmm 则粒子的结合能为 2Emc 代入数据得 124.30J1E 故 B 正确，ACD 错误。5、D【解析】可以将高铁进
17、站时的匀减速直线运动等效成反向的初速度为零的匀加速直线运动，根据初速度为零的匀加速直线运动中通过连续相等的时间内的位移之比为 1:3:5:7:9:11:13:15:17:可得题中依次经过 t、3t、5t 通过的位移之比 123:17:15 13 11:975 3 117:39:25xxx ABC 错误 D 正确。故选 D。6、D【解析】A沿着电场线方向电势降落，可知 x 轴左侧场强方向沿 x 轴负方向，x 轴右侧场强方向沿 x 轴正方向，故 A 错误；：B根据 UEd 可知：左侧电场强度为：E12201 10V/m2.0103V/m；右侧电场强度为：E22200.5 10V/m4.0103V/
18、m；所以 x 轴左侧电场强度和右侧电场强度的大小之比 E1：E21：2，故 B 错误；C设粒子在原点左右两侧运动的时间分别为 t1、t2，在原点时的速度为 vm，由运动学公式有：vm1qEmt1同理可知：vm2qEmt2；Ekm12mvm2；而周期：T2（t1+t2）；联立以上各式并代入相关数据可得：T3.0108s；故 C 错误。D该粒子运动过程中电势能的最大值为：EPmqm2108J，由能量守恒得当电势能为零时动能最大，最大动能为 Ekm2108J，故 D 正确；二、多项选择题：本题共 4 小题，每小题 5 分，共 20 分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的
19、得 5 分，选对但不全的得 3 分，有选错的得 0 分。7、AC【解析】AB由右手定则可知，导体棒中的电流方向为 AB，导体棒相当于电源，电源内部电流由负极流向正极，则 B 端相当于电源正极，故 A 正确，B 错误；CAB 棒产生的感应电动势为 222113(2)222EBrBrBr 导体棒 AB 两端的电压为 2324RUEBrR 故 C 正确；D若保持导体棒转动的角速度不变，由于磁场均匀增大，则导体棒切割磁感线产生的电动势增大，如果导体棒不动，竖直向下的磁场的磁感应强度随时间均匀增大，回路中产生的电动势不变，且与导体棒切割磁感线产生的电动势方向相反，则两电动势不可能一直相等，即通过电阻 R
20、 的电流不可能一直为零，故 D 错误。故选 AC。8、BC【解析】输入端电压的有效值为 30V，当 R1=0 时，电压表的读数为2211130V15V2nUUn，选项 A 错误；当 R1=0 时，若将电流表换成规格为“5V，5W”的灯泡，灯泡电阻为25LURP ，此时次级电流221ALUIRR，因灯泡的额定电流为1ALPIU，则此时灯泡能够正常发光，选项 B 正确；当 R1=10 时，设电流表的示数为 I，则此时初级电流为 0.5I，初级电压：300.510305II，则次级电压为1(305)2I，则1(305)=102II，解得 I=1.2A，此时电压表读数为 IR=12V，选项 C 正确，
21、D 错误；9、AC【解析】AB第一次子弹穿过木块过程中动量守恒 00122vmvmvm 解得 014vv 对物块由动能定理 21122fxmv 对子弹 222000113W=-()()=-2228fvf xLmmvmv 即子弹克服阻力做的功为2038mv；联立解得 5Lx 20516mvfL 选项 A 正确，B 错误；CD 第一次，对物块由动量定理 112ftmv 解得 1085Ltv 第二次，子弹在木块没做匀减速运动，加速度为 205=16vfamL 子弹穿过木块时满足 220 2212vtv tatL 解得 2045Ltv 则子弹前后两次穿过木块的时间之比为 12:2:1tt 第二次子弹穿
22、出木块时的速度为 02034vvatv 选项 C 正确，D 错误。故选 AC。10、ABD【解析】A向上移动滑动触头 P，则 R 变大，则次级电流减小，初级电流减小，R0的电压减小，由于 U2=U1-UR0，而 U1不变，则初级电压变大，次级电压也变大，即 U3变大，则 U3与 U1的比值变大，选项 A 正确；B U3与 U2的比值等于变压器的次级与初级线圈的匝数比，则向下移动滑动触头 P，U3与 U2的比值不变，选项 B正确；C移动滑动触头 P，当 U3减小时，则 U2也减小，由于 U2=U1-UR0，而 U1不变，则 UR0变大，则此时 R0消耗的功率变大，选项 C 错误；D根据理想变压器
23、的规律可知，输出功率等于输入功率，即电阻 R 消耗的功率等于原线圈的输入功率，分析原线圈电路可知，电阻 R0与原线圈串联，电流相等，功率 P=UI，则电阻 R0与滑动变阻器 R 消耗的功率之比等于 R0两端电压与原线圈电压之比，电压表 V1、V2的示数为 U1、U2，则电阻 R0与滑动变阻器 R 消耗的功率之比为12122-1=UUUUU，选项 D 正确；故选 ABD。三、实验题：本题共 2 小题，共 18 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、1.56 9.709.90 【解析】1由2BDcxvT可知 0.15710.09471.56m/s0.04cv 2根据 v2=
24、2gh，由图象求斜率得 2g，所以 2214.9m/s=9.80m/s220.25kg 。12、R2 3.0 2.1 dbA2caII-r+RII 相等 【解析】（1）电流表 A2与 R2串联，可改装为量程为62()300 10(10009000)3gAUIrRVV的电压表，故选 R2即可；（2）由图可知电流表 A2的读数对应的电压值即为电源的电动势，则 E=3.0V；内阻3.0 1.802.10.58UrI （3）由题意可知：2()abAI RIrR，2()()cxdAIRRIrR；联立解得2(-)()dbxAcaIIRrRII；由以上分析可知，若考虑电流表 A1内阻的影响，则表达式列成：1
25、2()()aAbAIRrIrR，12()()cAxdAIrRRIrR，最后求得的 Rx表达式不变，则用该方法测得的阻值与其真实值相比相等。四、计算题：本题共 2 小题，共 26 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）粒子经过 圆弧第一次经过磁场边界时的位置坐标为（0.4m，0.4m）；（2）粒子在磁场区域运动的总时间 1.26103s；（3）粒子最终将从电场区域 D 点离开电场，则 D 点离 O 点的距离是 7.2m【解析】试题分析：（1）粒子做匀速圆周运动，根据牛顿第二定律，求出运动的半径，从而即可求解；（2）根据圆周运动的周期公式，可求出
26、在磁场中总时间；（3）粒子做类平抛运动，将其运动分解，运用运动学公式与牛顿第二定律，即可求解 解：（1）微粒带负电，从 O 点射入磁场，沿顺时针方向做圆周运动，轨迹如图 第一次经过磁场边界上的 A 点 由，得，所以，A 点坐标为（0.4m，0.4m）（2）设微粒在磁场中做圆周运动的周期为 T，则，其中 代入数据解得：T=1.256103s 所以 t=1.26103s（3）微粒从 C 点沿 y 轴正方向进入电场，做类平抛运动，则 由牛顿第二定律，qE=ma y=v0t1 代入数据解得：y=8m y=y2r=820.4m=7.2m 即：离开电磁场时距 O 点的距离为 7.2m 答：（1）粒子经过
27、圆弧第一次经过磁场边界时的位置坐标为（0.4m，0.4m）；（2）粒子在磁场区域运动的总时间 1.26103s；（3）粒子最终将从电场区域 D 点离开电场，则 D 点离 O 点的距离是 7.2m 【点评】考查牛顿第二定律在匀速圆周运动中、类平抛运动中的应用，并根据运动的合成与分解来解题，紧扣运动的时间相等性 14、(1)0BLvIRr，电流方向为ab；(2)220()mB L vagm Rr；(3)2012RRQmvmgxRr【解析】(1)电动势的最大值为 0mEBLv 由闭合电路欧姆定律得 0BLvIRr 通过导体棒ab的电流方向为ab(2)由牛顿第二定律 mFfma 安培力F大小为FBIL，其中 0BLvIRr 摩擦力f大小为 fmg 代入得 220()mB L vagm Rr(3)功能关系得 2012mvmgxQ 电阻R上产生的热量RQ为 RRQQRr 代入得 2012RRQmvmgxRr 15、(1)EvB；(2)a.mvRqB；b.2 mTqB【解析】(1)粒子的受力示意图如图所示 根据物体的平衡条件 qvB=qE 得 E=vB(2)a.粒子在磁场中做圆周运动，洛伦兹力提供向心力，由牛顿运动定律 2vqvBmR 得 mvRqB b.粒子在磁场中运动的周期2RTv，得 2 mTqB