《2023届上海市第四中学高三考前热身物理试卷含解析.pdf》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2023届上海市第四中学高三考前热身物理试卷含解析.pdf（16页珍藏版）》请在taowenge.com淘文阁网|工程机械CAD图纸|机械工程制图|CAD装配图下载|SolidWorks_CaTia_CAD_UG_PROE_设计图分享下载上搜索。
1、2023 年高考物理模拟试卷 注意事项 1考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回 2答题前，请务必将自己的姓名、准考证号用 05 毫米黑色墨水的签字笔填写在试卷及答题卡的规定位置 3请认真核对监考员在答题卡上所粘贴的条形码上的姓名、准考证号与本人是否相符 4作答选择题，必须用 2B 铅笔将答题卡上对应选项的方框涂满、涂黑；如需改动，请用橡皮擦干净后，再选涂其他答案作答非选择题，必须用 05 毫米黑色墨水的签字笔在答题卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律无效 5如需作图，须用 2B 铅笔绘、写清楚，线条、符号等须加黑、加粗 一、单项选择题：本题共 6 小题，每小题 4 分，共 24 分。在每小
2、题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图甲所示，一根直导线和一个矩形导线框固定在同一竖直平面内，直导线在导线框上方，甲图中箭头方向为电流的正方向。直导线中通以图乙所示的电流，则在 01t时间内，导线框中电流的方向（）A始终沿顺时针 B始终沿逆时针 C先顺时针后逆时针 D先逆时针后顺时针 2、图为 2020 年深圳春节期间路灯上悬挂的灯笼，三个灯笼由轻绳连接起来挂在灯柱上，O 为结点，轻绳 OA、OB、OC 长度相等，无风时三根绳拉力分别为 FA、FB、FC。其中 OB、OC 两绳的夹角为60，灯笼总质量为 3m，重力加速度为 g。下列表述正确的是（）AFB一定小于 mg BFB与
3、 FC是一对平衡力 CFA与 FC大小相等 DFB与 FC合力大小等于 3mg 3、用一束紫外线照射某金属时不能产生光电效应，可能使该金属产生光电效应的措施是 A改用强度更大的紫外线照射 B延长原紫外线的照射时间 C改用 X 射线照射 D改用红外线照射 4、理想实验是科学研究中的一种重要方法，它把可靠事实和理论思维结合起来，可以深刻地揭示自然规律以下实验中属于理想实验的是（）A伽利略的斜面实验 B用打点计时器测定物体的加速度 C验证平行四边形定则 D利用自由落体运动测定反应时间 5、如图所示，在光滑绝缘的水平面上，虚线左侧无磁场，右侧有磁感应强度0.25TB 的匀强磁场，磁场方向垂直纸面向外，
4、质量0.001kgcm、带电量32 10 Ccq 的小球 C 静置于其中；虚线左侧有质量0.004kgAm，不带电的绝缘小球 A 以速度020m/sv 进入磁场中与 C 球发生正碰，碰后 C 球对水平面压力刚好为零，碰撞时电荷不发生转移，g 取 10m/s 2，取向右为正方向则下列说法正确的是（）A碰后 A 球速度为15m/s BC 对 A 的冲量为0.02N s CA 对 C 做功 0.1J DAC 间的碰撞为弹性碰撞 6、下列说法正确的是 A布朗运动是在显微镜中看到的液体分子的无规则运动 B气体温度不变，运动速度越大，其内能越大 C温度降低物体内每个分子动能一定减小 D用活塞压缩气缸里空气
5、，对空气做功 4.5105J，空气内能增加了 3.5105J，则空气向外界放出热量 1105J 二、多项选择题：本题共 4 小题，每小题 5 分，共 20 分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得 5 分，选对但不全的得 3 分，有选错的得 0 分。7、在天文观察中发现，一颗行星绕一颗恒星按固定轨道运行，轨道近似为圆周。若测得行星的绕行周期 T，轨道半径r，结合引力常量 G，可以计算出的物理量有（）A恒星的质量 B行星的质量 C行星运动的线速度 D行星运动的加速度 8、如图所示，长方体物块上固定一长为 L 的竖直杆，物块及杆的总质量为如 2m.质量为 m 的小 环
6、套在杆上，当小环从杆顶端由静止下滑时，物块在水平拉力 F 作用下，从静止开始沿光滑 水平面向右匀加速运动，环落至杆底端时，物块移动的距离为 2L,已知 F=3mg,重力加速度为 g.则小环从顶端下落到底端的运动过程 A小环通过的路程为5L B小环所受摩擦力为2mg C小环运动的加速度为2g D小环落到底端时，小环与物块及杆的动能之比为 5:8 9、回旋加速器的工作原理如图所示，置于高真空中的 D 形金属盒半径为 R，两盒间的狭缝很小，带电粒子穿过的时间可以忽略不计，磁感应强度为 B 的匀强磁场与盒面垂直，A 处粒子源产生质量为 m、电荷量为+q 的粒子，在加速电压为 U 的加速电场中被加速，所
7、加磁场的磁感应强度、加速电场的频率可调，磁场的磁感应强度最大值为 Bm和加速电场频率的最大值 fm。则下列说法正确的是（）A粒子获得的最大动能与加速电压无关 B粒子第 n 次和第 n+1 次进入磁场的半径之比为1:nn C粒子从静止开始加速到出口处所需的时间为22BRtU D若 2mmqBfm，则粒子获得的最大动能为2222kmmEmfR 10、如图所示，用细线悬挂一块橡皮于 O 点，用铅笔靠着细线的左侧从 O 点开始沿与水平方向成 30的直线斜向上缓慢运动 s1m，运动过程中，始终保持细线竖直。下列说法正确的是（）A该过程中细线中的张力逐渐增大 B该过程中铅笔受到细线的作用力保持不变 C该过
8、程中橡皮的位移为3m D该过程中橡皮的位移为5m 三、实验题：本题共 2 小题，共 18 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6 分）某同学用如图甲所示装置测当地的重力加速度，光电门 A、B 与光电计时器相连，可记录小球经过光电门A 和光电门 B 所用的时间 （1）实验前用游标卡尺测量小球的直径，示数如图乙所示，则小球的直径 d=_mm（2）让小球紧靠固定挡板，由静止释放，光电计时器记录小球经过光电门 A 和光电门 B 所用的时间 t1、t2，测出两光电门间的高度差 h，则测得的重力加速度 g=_(用测得的物理量的符号表示)。（3）将光电计时器记录小球通过光电门的时间
9、改为记录小球从光电门 A 运动到光电门 B 所用的时间，保持光电门 B的位置不变，多次改变光电门 A 的位置,每次均让小球从紧靠固定挡板由静止释放，记录每次两光电间的高度差 h 及小球从光电门 A 运动到光电门 B 所用的时间 t，作出htt图象如图丙所示，若图象斜率的绝对值为 k，则图象与纵轴的截距意义为_，当地的重力加速度为_ 12（12 分）甲、乙、丙三个实验小组分别采用如图甲、图乙、图丙所示的实验装置做实验。甲小组测小车匀变速运动的加速度，乙小组探究小车的加速度与合外力的关系，丙小组探究小车的速度和合外力做的功的关系总质量用 M 表示（图乙中 M 为小车与力传感器的总质量，图丙中 M
10、为小车和与小车固连的小滑轮的总质量），钩码总质量用 m 表示，重力加速度为 g，试回答下列问题：（1）甲、乙、丙三组实验不需要平衡小车与长木板之间的摩擦力的是_（填“甲”“乙”“丙”或“都不需要”）。（2）甲、乙、丙三组实验需要满足Mm的是_（填“甲”“乙”“丙”或“都不需要”）。（3）若三组同学分别用各自的实验装置做探究小车的加速度和合外力的关系实验，各组同学的操作均完全正确，甲、乙、丙三组同学作出的 a-F 图线如图丁所示（乙组同学所用 F 为力传感器示数，丙组同学所用 F 为弹簧测力计示数），则乙组实验对应的图线是_（填“A”“B”或“C”。）四、计算题：本题共 2 小题，共 26 分。
11、把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10 分）如图甲为应用于机场和火车站的安全检查仪，用于对乘客的行李进行安全检查。其传送装置可简化为如图乙的模型，紧绷的传送带始终保持 lm/s 的恒定速率运行。乘客把行李无初速度地放在 A 处，设行李与传送带之间的动摩擦因数为 2.1A、B 间的距离为 4.5m。若乘客把行李放到传送带 A 处的同时接受工作人员安检，2s 后从 A 处平行于传送带运动到 B 处取行李。乘客先由静止开始以 2.5m/s2的加速度做匀加速直线运动，然后做加速度大小为 2.5m/s2的匀减速直线运动到 B 处时速度恰为 2求乘客与行李到达
12、 B 处的时间差。（重力加速度 g 取 12m/s2）14（16 分）如图所示为快件自动分捡装置原理图，快件通过一条传送带运送到各个分捡容器中。图中水平传送带沿顺时针匀速转动，右侧地面上有一个宽和高均为 d=1m 的容器，容器左侧离传送带右端 B 的距离也为 d，传送带上表面离地高度为 2d，快件被轻放在传送带的左端 A，运动到 B 端后做平抛运动，AB 间距离为 L=2 m，快件与传送带间的动摩擦因数为 0.5，重力加速度为 g=10 m/s2，求：(1)要使快件能落入容器中，传送带匀速转动的速度大小范围；(2)试判断快件能不能不与容器侧壁碰撞而直接落在容器底部，如果能，则快件从 A 点开始
13、到落到容器底部需要的最长时间为多少。15（12 分）一定质量的理想气体经历了如图 ABCDA 的状态变化求该过程中（1）气体最高温度 T1与最低温度 T2的比值；（2）气体与外界交换的热量 Q。参考答案 一、单项选择题：本题共 6 小题，每小题 4 分，共 24 分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、A【解析】电流先沿正方向减小，产生的磁场将减小，此时由右手螺旋定则可知，穿过线框的磁场垂直于线框向里且减小，故电流顺时针，当电流减小到零再反向增大时，此时由右手螺旋定则可知，穿过线框的磁场垂直于线框向外且增大，故电流顺时针，则在 01t时间内，导线框中电流的方向始终为顺时针，
14、故 A 正确。故选 A。2、D【解析】A因 OB=OC 可知 FB=FC，由平衡知识可知 2cos303BFmg 解得 3BFmg FB一定大于 mg，选项 A 错误；B FB与 FC不共线，不是一对平衡力，选项 B 错误；C因 FA=3mgFC，则选项 C 错误；D由平衡知识可知，FB与 FC合力大小等于 3mg，选项 D 正确。故选 D。3、C【解析】用一束紫外线照射某金属时不能产生光电效应，知紫外线的频率小于金属的极限频率，要能发生光电效应，需改用频率更大的光照射（如 X 射线）。能否发生光电效应与入射光的强度和照射时间无关。A改用强度更大的紫外线照射，与结论不相符，选项 A 错误；B延
15、长原紫外线的照射时间，与结论不相符，选项 B 错误；C改用 X 射线照射，与结论相符，选项 C 正确；D改用红外线照射，与结论不相符，选项 D 错误；故选 C。4、A【解析】A伽利略的斜面实验，抓住主要因素，忽略了次要因素，从而更深刻地反映了自然规律，属于理想实验，故 A 正确；B用打点计时器测物体的加速度是在实验室进行是实际操作的实验，故 B 错误；C平行四边形法则的科学探究属于等效替代法，故 C 错误；D利用自由落体运动测定反应时间是实际进行的实验，不是理想实验，故 D 错误 故选 A 5、A【解析】A设碰后 A 球的速度为 v1，C 球速度为 v2。碰撞后 C 球对水平面压力刚好为零，说
16、明 C 受到的洛伦兹力等于其重力，则有 Bqcv2=mcg 代入数据解得 v2=20m/s 在 A、C 两球碰撞过程中，取向右为正方向，根据动量守恒定律得 mAv0=mAv1+mcv2 代入数据解得 v1=15m/s 故 A 正确。B对 A 球，根据动量定理，C 对 A 的冲量为 I=mAv1-mAv0=（0.00415-0.00420）Ns=-0.02Ns 故 B 错误。C对 A 球，根据动能定理可知 A 对 C 做的功为 2221100.001 20 J=0.2J22CWm v 故 C 错误；D碰撞前系统的总动能为 220110.00420 J=0.8J22kAEm v 碰撞后的总动能为
17、222121110.004 15 J+0.2J0.65J222kACEm vm v 因 EkEk，说明碰撞有机械能损失，为非弹性碰撞，故 D 错误。故选 A。6、D【解析】A、布朗运动是悬浮在液体中固体颗粒的无规则运动，不是液体分子的运动，故 A 错误；B、气体温度不变，则内能不变，运动速度增大说明宏观的机械能增大，与内能无关，故 B 错误；C、温度是分子热运动平均动能的标志，故温度降低了，物体内分子热运动的平均动能降低，不是每个分子的动能都减小，故 C 错误；D、根据热力学第一定律公式UWQ，由题意知，54.5 10 JW，53.5 10 JU，解得：51.0 10 JQ ，故空气向外界放出
18、热量51.0 10 J，故 D 正确 二、多项选择题：本题共 4 小题，每小题 5 分，共 20 分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得 5 分，选对但不全的得 3 分，有选错的得 0 分。7、ACD【解析】A设恒星质量为 M，根据 2224MmGmrrT 得行星绕行有 32rTGM 解得 2324rMGT 所以可以求出恒星的质量，A 正确；B行星绕恒星的圆周运动计算中，不能求出行星质量，只能求出中心天体的质量。所以 B 错误；C综合圆周运动规律，行星绕行速度有 2 rvT 所以可以求出行星运动的线速度，C 正确；D由 2T 得行星运动的加速度 2224rarT
19、 所以可以求出行星运动的加速度，D 正确。故选 ACD。8、ABD【解析】ABC.水平方向上，据牛顿第二定律有：33xFmgm a 代入数据解得：xag 小球在水平方向上做初速度为零的匀加速直线运动，另据水平方向的位移公式有：2122xLa t 解得运动时间为：2Ltg 在竖直方向上有：212yLa t 解得：2yga 即小球在竖直方向上做加速度为2g的匀加速直线运动，据牛顿第二定律有：ymgfma 解得小球所受摩擦力为：2mgf 故小球运动的加速度为：2252xyaaag 小球的合运动为匀加速直线运动，其路程与位移相等，即为：22()25SxLLL 故 AB 正确，C 错误；D.小环落到底端
20、时的速度为：v环5252LatggLg 其动能为：kE环52mgL 此时物块及杆的速度为：v杆22xLa tggLg 其动能为：kE杆4mgL 故有小环与物块及杆的动能之比为 5:8，故 D 正确。9、ACD【解析】A.当粒子出 D 形盒时，速度最大，动能最大，根据 qvB=m2vR，得 v=qBRm 则粒子获得的最大动能 Ekm=12mv2=2222q B Rm 粒子获得的最大动能与加速电压无关，故 A 正确。B.粒子在加速电场中第 n 次加速获得的速度，根据动能定理 nqU=12mvn2 可得 vn=2nqUm 同理，粒子在加速电场中第 n+1 次加速获得的速度 vn+1=21nqUm 粒
21、子在磁场中运动的半径 r=mvqB，则粒子第n 次和第n+1 次进入磁场的半径之比为:1nn，故 B 错误。C.粒子被电场加速一次动能的增加为 qU，则粒子被加速的次数 n=kmEqU=222qB RmU 粒子在磁场中运动周期的次数 n=2n=224qB RmU 粒子在磁场中运动周期 T=2 mqB，则粒子从静止开始到出口处所需的时间 t=nT=2224qB RmmUqB=22BRU 故 C 正确。D.加速电场的频率应该等于粒子在磁场中做圆周运动的频率，即2qBfm，当磁感应强度为 Bm时，加速电场的频率应该为2mBmB qfm，粒子的动能为 Ek=12mv2。当2mmqBfm时，粒子的最大动
22、能由 Bm决定，则 2mmmvqB vR 解得粒子获得的最大动能为 2km2mqB REm 当2mmqBfm时，粒子的最大动能由 fm决定，则 vm=2fmR 解得粒子获得的最大动能为 Ekm=22mfm2R2 故 D 正确。故选 ACD.10、BC【解析】AB铅笔缓慢移动，则橡皮块处于平衡状态，则细绳的拉力等于橡皮块的重力不变，铅笔受到的细绳的作用力等于两边细绳拉力的矢量和，由于两边拉力不变，两力所成的角度也不变，可知合力不变，即铅笔受到细线的作用力保持不变，选项 A 错误，B 正确；CD由几何关系可知橡皮块的位移 2 sin6033mxss 选项 C 正确，D 错误；故选 BC。三、实验题
23、：本题共 2 小题，共 18 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、11.4 22221112dh tt 小球经过光电门 B 时的速度 2k 【解析】（1）1由图示游标卡尺可知，其示数为 d=11mm+40.1mm=11.4mm（2）2小球经过光电门时的速度为 1Advt 2Bdvt 小球做自由落体运动，由速度位移公式得 222BAvvgh 解得 22221112dgh tt（3）34小球释放点的位置到光电门 B 的位置是恒定的，小球每次经过光电门时的速度是一定的，则有 212Bhv tgt 整理得 12Bhvgtt 则htt图象与纵轴的截距表示小球经过光电门 B 时的
24、速度 vB，图象斜率的绝对值为 12kg 解得 2gk 12、甲 都不需要 B 【解析】（1）1甲小组测小车匀变速运动的加速度，不需要平衡摩擦力；乙和丙实验小组都需要平衡摩擦力；故选甲；（2）2甲小组测小车匀变速运动的加速度，不需要满足 Mm；乙和丙小组绳子的拉力可以由力传感器和弹簧测力计直接得到，所以两组不需要满足 Mm；即三个小组都不需要满足 Mm；（3）3甲组用重物的重力代替绳子的拉力，要满足 Mm，随着 m 的增大，不满足 Mm 时，图象出现弯曲，所以甲组对应的是 C；根据装置可知，乙图中小车受到的拉力等于传感器的读数，丙图中受到的拉力等于弹簧测力计读数的 2 倍，当 F 相等时，丙组
25、的加速度大，所以乙组对应 B，丙组对应 A；四、计算题：本题共 2 小题，共 26 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、3S【解析】对行李，设加速度为 a，则有：a=g 设行李速度达到 lm/s 时，时间为 t1，位移为 x1，则有：时间为：t1=0va 位移为：x1=202va 整理代入数据得：t1=ls x1=2.5m4.5m 设行李匀速运动时间为 t2，则有：t2=10 xxv=4s 即行李从 A 到 B 所需时间为：t1+t2=5s 对乘客，设经过 t 时间由 A 到 B，则有：x=2201()22ta 代入数据得：t=6s 故乘客从把行
26、李放到 A 处到 B 点所用时间为：6s+2s=8s 故乘客与行李到达 B 处的时间差为：t=8s-5s=3s 14、（1）5m/sv （2）能，最长时间510s25【解析】(1)根据平抛运动的知识可得：21122ddgt 设快件落入容器的最小速度为 v1，则有：1 1dvt 解得：15m/sv 设快件落入容器的最大速度为 v2，则有：2d=v2t1 解得：22 5m/sv 快件在传送带上匀加速运动到 B 点的速度为：222 5m/svaLgL 因此传送带的速度为：5m/sv(2)设快件从容器左侧边沿落入容器可以直接落入容器底部，则有：21 1212,2xvtdgt 求得：210s,2m5tx
27、 x2d，假设成立，因此快件落入容器底部，且从容器左边落入容器的快件从 A 点开始落到容器底部的时间最长；快件在传送带上加速运动的时间为：1115s5vvtag 加速运动的距离为：2110.5m2vxg 匀速运动的时间为：213 5s10Lxtv 因此运动的最长时间 122510s25tttt 15、（1）91；（2）0040Qp V，吸热【解析】（1）根据理想气体状态方程 pVcT 变形得 pVTc 即压强与体积的乘积越大，温度越高，故状态B温度最高，状态D温度最低，设A状态温度为AT，则AB等压变化，则有 0013AVVTT DA等容变化，则有 0023AppTT 联立解得 1291TT（2）ABCDA的状态变化过程外界对气体做的功 000000624Wp Vp Vp V 根据热力学第一定律有 UQW 解得 0040Qp V 故此过程是吸热