《2023届贵州省遵义市高三下第一次测试物理试题含解析.pdf》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2023届贵州省遵义市高三下第一次测试物理试题含解析.pdf（16页珍藏版）》请在taowenge.com淘文阁网|工程机械CAD图纸|机械工程制图|CAD装配图下载|SolidWorks_CaTia_CAD_UG_PROE_设计图分享下载上搜索。
1、2023 年高考物理模拟试卷 注意事项：1 答题前，考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚，将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区。2选择题必须使用 2B 铅笔填涂；非选择题必须使用 05 毫米黑色字迹的签字笔书写，字体工整、笔迹清楚。3请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试题卷上答题无效。4保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题：本题共 6 小题，每小题 4 分，共 24 分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、某一电源的路端电压与电流的关系和电阻 R1、R2的电压与电流的关系图如图所
2、示.用此电源和电阻 R1、R2组成电路.R1、R2可以同时接入电路，也可以单独接入电路.为使电源输出功率最大，可采用的接法是()A将 R1单独接到电源两端 B将 R1、R2并联后接到电源两端 C将 R1、R2串联后接到电源两端 D将 R2单独接到电源两端 2、下列说法正确的是（）A布朗运动是液体分子的无规则运动 B随液体的温度升高，布朗运动更加剧烈 C物体从外界吸收热量，其内能一定增加 D内能是物体中所有分子热运动动能的总和 3、5G 是“第五代移动通信网络”的简称，目前世界各国正大力发展 5G 网络5G 网络使用的无线电波通信频率在 3.0 GHz 以上的超高频段和极高频段（如图所示），比目
3、前 4G 及以下网络（通信频率在 0.3GHz3.0GHz 间的特高频段）拥有更大的带宽和更快的传输速率未来 5G 网络的传输速率（指单位时间传送的数据量大小）可达 10G bps（bps 为bits per second 的英文缩写，即比特率、比特/秒），是 4G 网络的 50-100 倍关于 5G 网络使用的无线电波，下列说法正确的是 A在真空中的传播速度更快 B在真空中的波长更长 C衍射的本领更强 D频率更高，相同时间传递的信息量更大 4、水平面内固定一个足够大且绝缘的粗糙斜面，其上有一个带电滑块匀速下滑且一直在斜面上运动。仅改变下列选项中的条件，滑块速度大小一定改变的是（）A施加竖直方
4、向的电场 B翻转滑块，改变它与斜面的接触面积 C施加水平方向的恒力 D改变滑块的质量 5、如图甲是建筑工地将桩料打入泥土中以加固地基的打夯机示意图，打夯前先将桩料扶正立于地基上，桩料进入泥土的深度忽略不计。已知夯锤的质量为450Mkg，桩料的质量为50mkg。每次打夯都通过卷扬机牵引将夯锤提升到距离桩顶05hm处再释放，让夯锤自由下落，夯锤砸在桩料上后立刻随桩料一起向下运动。桩料进入泥土后所受阻力随打入深度h的变化关系如图乙所示，直线斜率45.05 10/kN m。g取210/m s，则下列说法正确的是 A夯锤与桩料碰撞前瞬间的速度为9/m s B夯锤与桩料碰撞后瞬间的速度为4.5/m s C
5、打完第一夯后，桩料进入泥土的深度为1m D打完第三夯后，桩料进入泥土的深度为3m 6、如图所示，一个质量为=9.11031kg、电荷量为 e=1.61019C 的电子，以 4106m/s 的速度从 M 点垂直电场线方向飞入匀强电场，电子只在电场力的作用下运动，在 N 点离开电场时，其速度方向与电场线成 150角，则 M 与 N 两点间的电势差约为（）A-1.0102V B-1.4102V C1.8102V D2.2102V 二、多项选择题：本题共 4 小题，每小题 5 分，共 20 分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得 5 分，选对但不全的得 3 分，有选错的
6、得 0 分。7、下列说法中正确的是（）A温度高的物体内能不一定大，但分子平均动能一定大 B当分子间作用力表现为斥力时，分子势能随分子间距离的碱小而增大 C对于一定质量的理想气体，保持压强不变，体积减小，那么它一定从外界吸热 D电冰箱的工作过程表明，热量可以自发地从低温物体向高温物体传递 E.液体的表面张力使液面具有收缩到表面积最小的趋势 8、在大型物流货场，广泛的应用传送带搬运货物。如图所示，倾斜的传送带以恒定速率2m/sv 逆时针运行，皮带始终是绷紧的。质量1kgm 的货物从传送带上端A点由静止释放，沿传送带运动到底端B点，A B、两点的3 2ml.距离。已知传送带倾角037，货物与传送带间
7、的动摩擦因数0.5，重力加速度210m/sg，0sin 370.6，0cos370.8。则（）A货物从A点运动到B点所用时间为 1.2s B货物从A运动到B的过程中，货物与传送带摩擦产生的热量为 0.8J C货物从A运动到B的过程中，传送带对货物做功大小为 11.2J D货物从A运动到与传送带速度相等的过程中，货物减少的重力势能小于货物增加的动能与摩擦产生的热量之和 9、真空中一对等量异种电荷 A、B，其周围的电场线和等势线分布如图所示。相邻等势线之间电势差相等，G 点是两电荷连线的中点，MN 是两电荷连线的中垂线，C、D 两点关于 MN 对称，C、D、E、F、G、H 均是电场线与等势线的交点
8、。规定距离两电荷无穷远处电势为零，下列说法正确的是（）A中垂线 MN 的电势为零，G 点的电场强度为零 BC、D 两点的电势不相等，电场强度相同 CG 点电势等于 H 点，电场强度大于 H 点 DF 点电势高于 E 点，电场强度大于 E 点 10、一简谐机械横波沿 x 轴负方向传播，已知波的波长为 8 m，周期为 2 s，t0 s 时刻波形如图甲所示，a、b、d 是波上的三个质点。图乙是波上某一点的振动图象，则下列说法正确的是 A图乙可以表示质点 b 的振动 B在 00.25s 和 0.250.5s 两段时间内，质点 b 运动位移相同 C该波传播速度为 v16m/s D质点 a 在 t=1s
9、时位于波谷 E.质点 d 简谐运动的表达式为 y=0.1sint（m）三、实验题：本题共 2 小题，共 18 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6 分）重物带动纸带自由下落，测本地重力加速度。用 6V。50Hz 的打点计时器打出的一条纸带如图甲所示，O为重物下落的起点，选取纸带上连续打出的 A、B、C、D、E、F 为测量点，各测量点到 O 点的距离 h 已标在测量点下面。打点计时器打 C 点时，重物下落的速度cv _m/s；分别求出打其他各点时的速度 v，作2vh关系图像如图乙所示，根据该图线，测得本地的重力加速度g _2m/s。（结果保留三位有效数字）12（12
10、分）某小组的同学做“探究影响感应电流方向的因素”实验。(1)首先按图甲(1)所示方式连接电路，闭合开关后，发现电流计指针向右偏转；再按图甲(2)所示方式连接电路，闭合开关后，发现电流计指针向左偏转。进行上述实验的目的是（_）A检查电流计测量电路的电流是否准确 B检查干电池是否为新电池 C推断电流计指针偏转方向与电流方向的关系。(2)接下来用图乙所示的装置做实验，图中螺线管上的粗线标示的是导线的绕行方向。某次实验中在条形磁铁插入螺线管的过程中，观察到电流计指针向右偏转，说明螺线管中的电流方向（从上往下看）是沿_（选填“顺时针”或“逆时针”）方向。(3)下表是该小组的同学设计的记录表格的一部分，表
11、中完成了实验现象的记录，还有一项需要推断的实验结果未完成，请帮助该小组的同学完成_（选填“垂直纸面向外”或“垂直纸面向里”）。实验记录表（部分）操作 N 极朝下插入螺线管 从上往下看的平面图（B0表示原磁场，即磁铁产生的磁场）原磁场通过螺线管磁通量的增减 增加 感应电流的方向 沿逆时针方向 感应电流的磁场 B的方向 (4)该小组同学通过实验探究，对楞次定律有了比较深刻的认识。结合以上实验，有同学认为，理解楞次定律，关键在于抓住_（选填“B0”或“B”）总是要阻碍_填“B0”或“B”）磁通量的变化。四、计算题：本题共 2 小题，共 26 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明
12、、方程式和演算步骤。13（10 分）一半径为 R 的半圆柱玻璃体，上方有平行截面直径 AB 的固定直轨道，轨道上有一小车，车上固定一与轨道成 45的激光笔，发出的细激光束始终在与横截面平行的某一平面上，打开激光笔，并使小车从左侧足够远的地方以匀速向右运动。已知该激光对玻璃的折射率为，光在空气中的传播速度大小为 c。求：(1)该激光在玻璃中传播的速度大小；(2)从圆柱的曲侧面有激光射出的时间多少？（忽略光在 AB 面上的反射）14（16 分）如图所示，用两个质量均为 m、横截面积均为 S 的密闭活塞将开口向下竖直悬挂的导热气缸内的理想气体分成、两部分，当在活塞 A 下方悬挂重物后，整个装置处于静
13、止状态，此时、两部分气体的高度均为 l0。已知环境温度、大气压强 p0均保持不变，且满足 5mg=p0S，不计一切摩擦。当取走物体后，两活塞重新恢复平衡，活塞 A 上升的高度为076l，求悬挂重物的质量。15（12 分）二十世纪初，卢瑟福进行粒子散射实验的研究，改变了人们对原子结构的认识。(1)如图 1 所示，有两个粒子均以速度v射向金原子，它们速度方向所在的直线都不过金原子核中心。请在图 1 中分别画出两个粒子此后的运动轨迹示意图；(2)如图 2 所示，一个粒子以速度v射向金原子，速度方向所在直线过金原子核中心。由于金原子受到周边其他金原子的作用，可将粒子与一个金原子核的作用等效为与一个静止
14、的、质量非常大的粒子发生弹性碰撞。请推导说明粒子与金原子核作用后速度的大小和方向；(3)实验发现，绝大多数粒子穿过金箔后，基本上仍沿原来的方向前进，但有极少数粒子发生了大角度偏转（超过90）。卢瑟福根据该实验现象提出了原子的核式结构模型。为了研究问题的方便，可作如下假设：将粒子视为质点，金原子视为球，金原子核视为球体；金箔中的金原子紧密排列，金箔厚度可以看成很多单原子层并排而成；各层原子核前后不互相遮蔽；大角度偏转是粒子只与某一层中的一个原子核作用的结果。如果金箔厚度为 L，金原子直径为D，大角度偏转的粒子数占总粒子的比例为p，且1p。a.请估算金原子核的直径d；b.上面的假设做了很多简化处理
15、，这些处理会对金原子核直径d的估算产生影响。已知金箔的厚度约710m，金原子直径约1010m，金原子核直径约1410m。请对“可认为各层原子核前后不互相遮蔽”这一假设的合理性做出评价。参考答案 一、单项选择题：本题共 6 小题，每小题 4 分，共 24 分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、A【解析】根据闭合电路欧姆定律得：U=EIr 知，I=0 时，U=E，图象的斜率等于 r，则由电源的 UI 图线得到：电源的电动势为 E=3V，内阻为 r=0.5.由电阻的伏安特性曲线求出 R1=0.5、R2=1，R1单独接到电源两端时，两图线的交点表示电路的工作状态，可知，电路中的电
16、流为 3A，路端电压为 1.5V，则电源的输出功率为 P出1=1.5V3A=4.5W，同理，当将 R1、R2串联后接到电源两端，利用欧姆定律可得电路电流 I串=1.5A，此时电源的输出功率 P串=I2串(R1+R2)=3.75W；两电阻并联时，利用欧姆定律可得电路电流 I并=3.6A,此时电源的输出功率 P并=EI并I2并r=4.32W；R2单独接到电源两端输出功率为 P出2=2V2A=4W.所以将 R1单独接到电源两端时电源的输出功率最大。故 A 正确，BCD 错误。故选：A【点睛】由电源的 U-I 图线纵横截距读出电源的电动势，由斜率求出电源的内阻由电阻的 U-I 图线求出电阻再分别求出四
17、种情况下电源的输出功率进行选择 2、B【解析】A布朗运动不是液体分子的无规则运动，而是花粉颗粒的无规则的运动，布朗运动间接反映了液体分子是运动的，故选 A 错误；B随液体的温度升高，布朗运动更加剧烈，选项 B 正确；C因为温度越高，分子运动速度越大，故它的运动就越剧烈；物体从外界吸收热量，如果还要对外做功，则它的内能就不一定增加，选项 C 错误；D内能是物体中所有分子热运动动能与分子势能的总和，故选项 D 错误。故选 B。3、D【解析】A、无线电波（电磁波）在真空的传播速度与光速相同，保持不变，其速度与频率没有关系，故 A 错误；BC、由公式cf可知：cf，频率变大，波长变短，衍射本领变弱，故
18、 BC 错误；D、无线电波（电磁波）频率越高，周期越小，相同时间内可承载的信息量越大，故 D 正确 4、C【解析】AD当滑块匀速下滑时，对滑块进行受力分析可知，重力沿斜面向下的分力等于滑动摩擦力的大小。施加竖直方向的电场与改变滑块的质量效果相同，各力沿斜面向下的分力之和与滑动摩擦力的大小始终相等，滑块仍做匀速直线运动，AD 错误；B翻转滑块，改变它与斜面的接触面积，并未改变它与斜面间的摩擦力，所以滑块仍做匀速直线运动，B 错误；C施加水平向左的恒力时（滑块不脱离斜面），该力有沿斜面向下的分力，而且摩擦力减小，滑块将做加速运动；施加水平向右的恒力时，该力有沿斜面向上的分力，而且摩擦力增大，滑块将
19、做减速运动，C 正确。故选 C。5、C【解析】夯锤先自由下落，然后与桩料碰撞，先由运动学公式求出与桩料碰撞前瞬间的速度，对于碰撞过程，由于内力远大于外力，所以系统的动量守恒，由动量守恒定律求出碰后共同速度；夯锤与桩料一起下沉的过程，重力和阻力做功，由动能定理可求得桩料进入泥土的深度；【详解】A、夯锤与桩料碰撞前瞬间的速度200 2vgh，得00 22 10 5/10/vghm sm s 取向下为正方向，打击过程遵守动量守恒定律，则得：0)MvMm v（代入数据解得：9/vm s，故选项 AB 错误；C、由乙图知，桩料下沉过程中所受的阻力是随距离均匀变化，可用平均力求阻力做功，为211 22fW
20、kh hkh 打完第一夯后，对夯锤与桩料，由动能定理得：211)02fMm ghWMm v（即：221111)022Mm ghkhMm v（代入数据解得1 1hm，故选项 C 正确；D、由上面分析可知：第二次夯后桩料再次进入泥土的深度为2h 则对夯锤与桩料，由动能定理得：2221211)()022Mm ghk hhMm v（同理可以得到：第三次夯后桩料再次进入泥土的深度为3h 则对夯锤与桩料，由动能定理得：22312311)()022Mm ghk hhhMm v（则打完第三夯后，桩料进入泥土的深度为123Hhhh 代入数据可以得到：1233Hhhhm，故选项 D 错误。【点睛】本题的关键是要分
21、析物体的运动过程，抓住把握每个过程的物理规律，要知道当力随距离均匀变化时，可用平均力求功，也可用图象法，力与距离所夹面积表示阻力做功的大小。6、B【解析】电子在电场力的作用下做类平拋运动，在垂直电场方向上做匀速直线运动：66MN4 10m/s8 10 m/s1sin302vv 根据动能定理：22MNN11()22Me Umvmv 所以有：22663122NMMN198 104 109.1 10V136.5V22 1.6 10m vvUe 故 B 正确，ACD 错误。二、多项选择题：本题共 4 小题，每小题 5 分，共 20 分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得
22、 5 分，选对但不全的得 3 分，有选错的得 0 分。7、ABE【解析】A温度高的物体内能不一定大，内能还与质量有关，但分子平均动能一定大，因为温度是平均动能的标志，故 A 正确；B当分子间作用力表现为斥力时，分子势能随分子间距离的减小克服分子力做功，分子势能增大，故 B 正确；C对于一定质量的理想气体，保持压强不变，体积减小，外界对气体做功，根据pVCT可知温度降低，内能减少，根据热力学第一定律可知它一定对外界放热，故 C 错误；D电冰箱需要消耗电能，才能使热量从低温物体向高温物体传递，并不是自发的，故 D 错误。E液体的表面张力使液面具有收缩到表面积最小的趋势。故 E 正确。故选 ABE。
23、8、AC【解析】A物块在传送带上先做 a1匀加速直线运动，对物体受力分析受摩擦力，方向向下，重力和支持力，得：mgsin+mgcos=ma1 解得 a1=10m/s2 加速到与传送带共速时的时间 110.2vtsa 物块运动的距离 110.2m2vst 因为 mgsinmgcos，可知共速后物块将继续加速下滑，加速度：mgsin-mgcos=ma2 解得 a2=2m/s2 根据 2122 212Lsvta t 即 22213.2-0.2222tt 解得 t2=1s，则货物从 A 点运动到 B 点所用时间为 t=t1+t2=1.2s 选项 A 正确；B货物在前半段加速阶段相对传送带的位移 111
24、0.2msvts 货物在后半段加速阶段相对传送带的位移 2121msLsvt 则从 A 到 B 的过程中，货物与传送带摩擦产生的热量为 12cos37()4.8JQmgss 选项 B 错误；C货物从A运动到B的过程中，传送带对货物做功大小为 11cos37cos37()11.2JWmgsmgLs 选项 C 正确；D货物从A运动到与传送带速度相等的过程中，对货物由动能定理：211sin372fWmgsmv 即货物减少的重力势能与摩擦力做功之和等于货物增加的动能；选项 D 错误；故选 AC.9、CD【解析】AC根据题设条件和电场线、等势线分布可以知道，中垂线所有点的电势为零，电场强度是 G 点最大
25、，向上和向下电场强度逐渐减小，A 错误、C 正确；B沿电场线方向电势降低，C、D 两点电势不等，场强大小相等，方向不同，B 错误；D根据电场线疏密程度可知，F 点的场强大于 E 点，0F，0E，D 正确 故选 CD。10、ADE【解析】A由图乙知，t=0 时刻质点经过位置向下运动，图甲是 t=0 时刻的波形，此时 a 位于波峰，位移最大，与图乙中 t=0时刻质点的状态不符，而质点 b 在 t=0 时刻经过平衡位置向下运动，与图乙中 t=0 时刻质点的状态相符，所以图乙不能表示质点 d 的振动，可以表示质点 b 的振动，故 A 正确；B由于质点做简谐振动，并不是匀速直线运动，则在 00.25s
26、和 0.250.5s 两段时间内，质点 b 运动位移不相同，故 B 错误；C由图可知，波的波长为 8m，周期为 2s，故传播速度 4m/svT 故 C 错误；D因周期 T=2s，那么质点 a 在 t=1s 时，即振动半个周期，其位于波谷，故 D 正确；E根据平移法可知，质点 d 下一时刻沿着 y 轴正方向运动，振幅 10cm0.1mA 而 2rad/sT 因此质点 d 简谐运动的表达式为 0.1sin myt（）故 E 正确。故选 ADE。三、实验题：本题共 2 小题，共 18 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、1.56 9.709.90 【解析】1由2BDcxvT
27、可知 0.15710.09471.56m/s0.04cv 2根据 v2=2gh，由图象求斜率得 2g，所以 2214.9m/s=9.80m/s220.25kg 。12、C 顺时针 垂直纸面向外 B B0 【解析】(1)1由题意可知，电流从电流计左边进时，指针左偏，右边进时，指针右偏，本实验目的是探究感应电流的方向，则进行上述实验的目的是推断电流计指针偏转方向与电流方向的关系，故选 C；(2)2电流计指针向右偏转，说明电流从电流计的右边（正接线柱）流入，则说明螺线管中的电流方向（从上往下看）是沿顺时针方向；(3)3由题意可知，感应电流的方向为逆时针，由右手螺旋定则可知，感应电流的磁场方向垂直纸面
28、向外；(4)4由题意可知，理解楞次定律，关键在于抓住B总是要阻碍0B磁通量的变化 四、计算题：本题共 2 小题，共 26 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、(1)；(2)【解析】(1)由得激光在玻璃中的传播速度为：(2)从玻璃射向空气，发生全反射的临界角，设激光射到 M、N 点正好处于临界情况，从 M 到 N 点的过程，侧面有激光射出 由正弦定理得：得：同理：得：【点睛】解决本题的关键作出光路图，确定出临界情况，结合几何关系和折射定律进行求解.14、2m【解析】对气体 I 分析，初状态的压强为 10mm gppS 末状态的压强为 10045mg
29、pppS 由玻意耳定律有 11 10pl Spl S 对气体 1 分析，初状态 21mgppS 末状态 21035BmpppS 由玻意耳定律 2 e2 2p l Sp l S A 活塞上升的高度 0102076llllll 联立解得 m=2m。15、(1)；(2)碰撞后速度大小几乎不变，方向与原来相反；(3)a.2D pdL；b.不合理【解析】(1)如图，靠仅原子核的偏转角度大一些。(2)设粒子质量为 m，金原子核质量为 M，碰撞后，粒子速度为 v1，金原子核速度为 v2。弹性碰撞，动量守恒 12mvmvMv 根据能量守恒 22212111222mvmvMv 解得 1mMvvmM 由题意Mm，因此1vv，即碰撞后速度大小几乎不变，方向与原来相反。(3)a金箔厚度为 L，金原子直径为 D，由假设，金原子层数 LND 粒子发生大角度偏转可以认为碰上了金原子核，根据统计规律和概率 NdpD 可以估算出 2D pdL b如果可认为各层原子核前后不互相遮蔽，则 2D pdL 代入数据，可得 0.1p 不满足1p，因此“可认为各层原子核前后不互相遮蔽”的假设不合理。