《2023年吉林市普通高中高考物理全真模拟密押卷含解析.pdf》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2023年吉林市普通高中高考物理全真模拟密押卷含解析.pdf（16页珍藏版）》请在taowenge.com淘文阁网|工程机械CAD图纸|机械工程制图|CAD装配图下载|SolidWorks_CaTia_CAD_UG_PROE_设计图分享下载上搜索。
1、2023 学年高考物理模拟试卷 注意事项:1答题前，考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚，将条形码准确粘贴在条形码区域内。2答题时请按要求用笔。3请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试卷上答题无效。4作图可先使用铅笔画出，确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。5保持卡面清洁，不要折暴、不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题：本题共 6 小题，每小题 4 分，共 24 分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、航母上飞机弹射起飞是利用电磁驱动来实现的。电磁驱动原理如图所示,在固定线圈左右两侧对称位置放置两个闭
2、合金属圆环，铝环和铜环的形状、大小相同，已知铜的电阻率较小,则合上开关 S 的瞬间（）A两个金属环都向左运动 B两个金属环都向右运动 C从左侧向右看，铝环中感应电流沿顺时针方向 D铜环受到的安培力小于铝环受到的安培力 2、下列四幅图的有关说法中正确的是（）A图（l）若将电源极性反接，电路中一定没有光电流产生 B图(2)卢瑟福通过 粒子散射实验提出了原子核的构成 C图(3)一群氢原子处于 n=5 的激发态跃迁到 n=1 的基态最多能辐射 6 种不同频率的光子 D图(4)原子核 D、E 结合成 F 时会有质量亏损，要释放能量 3、两行星A和B各有一颗卫星a和b，卫星的圆轨道接近各自的行星表面，如果
3、两行星质量之比:2:1ABMM，两行星半径之比:1:2ABRR 则两个卫星周期之比ab:TT为（）A1:4 B4:1 C1:2 D2:1 4、如图所示，由绝缘轻杆构成的正方形 ABCD 位于竖直平面内，其中 AB 边位于水平方向，顶点处分别固定一个带电小球。其中 A、B 处小球质量均为 m，电荷量均为 2q(q0)；C、D 处小球质量均为 2m，电荷量均为 q。空间存在着沿DB 方向的匀强电场，在图示平面内，让正方形绕其中心 O 顺时针方向旋转 90，则四个小球所构成的系统（）A电势能增加，重力势能增加 B电势能不变，重力势能不变 C电势能减小，重力势能减小 D电势能不变，重力势能增加 5、如
4、图所示，半径为 R 的光滑半圆形刚性细杆竖直固定，O 点为其圆心，AB 为水平直径，在细杆的 A 点固定一个光滑的小圆环，穿过小圆环的不可伸长的细线一端 与质量为 4m 的重物相连，另一端与质量为 m 且套在细杆上的带孔小球相连。开始时小球静止在细杆的 C 点，重物在 A 点正下方，细线恰好伸直，将重物由静止释放后，小球在重物拉动下沿细杆运动。已知重力加速度为 g，当小球运动到 P 点时，重物下落的速度为（OP、OC 均与水平方向成 60角）（）A3 3-32gR B3 3-15gR C3 32gR D(31)gR 6、如图所示，xOy 直角坐标系在竖直平面内，x 轴水平，坐标系内的直线方程为
5、 y12x，y 轴上 P 点的坐标为(0.4)，从 P 点以 v02m/s 的初速度沿 x 轴正方向抛出一小球，小球仅在重力作用下运动已知重力加速度 g 取 10m/s2，则小球运动轨迹与图中直线交点的纵坐标值为 A0.6 B0.8 C1 D1.2 二、多项选择题：本题共 4 小题，每小题 5 分，共 20 分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得 5 分，选对但不全的得 3 分，有选错的得 0 分。7、如图所示，理想变压器原、副线圈的匝数比是 2：1，AB 两点之间始终加220 2sin100ut（V）的交变电压。R 是输电线的电阻，L 是标有“100V、100
6、W”的白炽灯。M 是标有“100V、200W”的电动机，其线圈电阻 r=10。开关 S 断开时，电动机正常工作。下列说法正确的是（）A输电线的电阻阻值20R B电动机的输出功率为 180W C开关 S 闭合后，电动机的电功率减小 D开关 S 闭合后，白炽灯的功率为 100W 8、如图所示，A 和 B 是两个等量异种点电荷，电荷量的绝对值为 q，两点电荷的连线水平且间距为 L，OP 是两点电荷连线的中垂线，O 点是垂足，P 点到两点电荷的距离也为 L。整个系统处于水平向右的匀强电场中，一重力不计的电子恰好能静止在 P 点，下列说法正确的是（）A点电荷 A 一定带正电 B匀强电场的电场强度大小为2
7、2kqL CO 点的电场强度大小为27kqL DO 点和 P 点电势相同 9、如图甲所示，两个点电荷 Q1、Q2固定在 z 轴上，其中 Qi位于原点 O，a、b 是它们连线延长线上的两点。现有一带负电的粒子 q 以一定的初速度沿 z 轴从 a 点开始经 b 点向远处运动（粒子只受电场力作用），设粒子经过 a、b 两点时的速度分别为 va、vb，其速度随坐标 x 变化的图象如图乙所示，则以下判断正确的是 Aab 连线的中点电势最低 Ba 点的电势比 b 点的电势高 Cx=3L 处场强一定为零 DQ2带负电且电荷量小于 Q1 10、2018 年世界排球锦标赛上，中国女排姑娘们的顽强拼搏精神与完美配
8、合给人留下了深刻的印象。某次比赛中，球员甲接队友的一个传球，在网前 L3.60 m 处起跳，在离地面高 H3.20 m 处将球以 v012 m/s 的速度正对球网水平击出，对方球员乙刚好在进攻路线的网前，她可利用身体任何部位进行拦网阻击。假设球员乙的直立和起跳拦网高度分别为 h12.50 m 和 h22.95 m，g 取 10 m/s2.下列情景中，球员乙可能拦网成功的是（）A乙在网前直立不动 B乙在甲击球时同时起跳离地 C乙在甲击球后 0.18 s 起跳离地 D乙在甲击球前 0.3 s 起跳离地 三、实验题：本题共 2 小题，共 18 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。
9、11（6 分）在一次课外活动中，某同学用图甲所示装置测量放在水平光滑桌面上铁块 A 与金属板 B 间的动摩擦因数。已知铁块 A 的质量 mA0.5kg，金属板 B 的质量 mB1kg。用水平力 F 向左拉金属板 B，使其一直向左运动，稳定后弹簧秤示数的放大情况如图甲所示，则 A、B 间的动摩擦因数 _（g 取 10m/s2）。该同学还将纸带连接在金属板 B 的后面，通过打点计时器连续打下一系列的点，测量结果如图乙所示，图中各计数点间的时间间隔为 0.1s，可求得拉金属板的水平力 F_N。12（12 分）如图甲所示是一种研究气球的体积和压强的变化规律的装置。将气球、压强传感器和大型注射器用 T
10、型管连通。初始时认为气球内无空气，注射器内气体体积0V，压强0p，T型管与传感器内少量气体体积可忽略不计。缓慢推动注射器，保持温度不变，装置密封良好。(1)该装置可用于验证_定律。填写气体实验定律名称)(2)将注射器内气体部分推入气球，读出此时注射器内剩余气体的体积为023V，压强传感器读数为1p，则此时气球体积为_。(3)继续推动活塞，多次记录注射器内剩余气体的体积及对应的压强，计算出对应的气球体积，得到如图乙所示的“气球体积和压强”关系图。根据该图象估算：若初始时注射器内仅有体积为00.5V、压强为0p的气体。当气体全部压入气球后，气球内气体的压强将变为_0p。（保留 3 位小数）四、计算
11、题：本题共 2 小题，共 26 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10 分）如图所示，直线 y=34x 与 y 轴之间有垂直于 xOy 平面向外的匀强磁场区域，直线 x=d 与 y=34x 间有沿y 轴负方向的匀强电场，电场强度 E=3105V/m，另有一半径 R=103m 的圆形匀强磁场区域 I，磁感应强度 B1=0.9T，方向垂直坐标平面向外，该圆与直线 x=d 和 x 轴均相切，且与 x 轴相切于 S 点。一带负电的粒子从 S 点沿 y 轴的正方向以速度 v0进入圆形磁场区域 I，经过一段时间进入匀强磁场区域，且第一次进入匀强磁场区域时的
12、速度方向与直线 y=34x 垂直。粒子速度大小503 10 m/sv ，粒子的比荷为51 10 C/kgqm，粒子重力不计。已知 sin37=0.6，cos37=0.8，求：(1)粒子在圆形匀强磁场区域工中做圆周运动的半径大小；(2)坐标 d 的值；(3)要使粒子能运动到 x 轴的负半轴，则匀强磁场区域的磁感应强度 B2应满足的条件。14（16 分）“801 所”设计的磁聚焦式霍尔推进器可作为太空飞船的发动机，其原理如下：系统捕获宇宙中大量存在的等离子体(由电量相同的正、负离子组成)经系统处理后，从下方以恒定速率 v1向上射入有磁感应强度为 B1、垂直纸面向里的匀强磁场区域内当栅极 MN、PQ
13、 间形成稳定的电场后，自动关闭区域系统(关闭粒子进入通道、撤去磁场 B1)区域内有磁感应强度大小为 B2、垂直纸面向外的匀强磁场，磁场右边界是直径为 D、与上下极板相切的半圆(圆与下板相切于极板中央 A)放在 A 处的放射源能够向各个方向均匀发射速度大小相等的氙原子核，氙原子核经过该区域后形成宽度为 D 的平行氙粒子束，经过栅极 MN、PQ 之间的电场加速后从 PQ 喷出，在加速氙原子核的过程中探测器获得反向推力(不计氙原子核、等离子体的重力，不计粒子之间相互作用于相对论效应)已知极板长RM=2D，栅极 MN 和 PQ 间距为 d，氙原子核的质量为 m、电荷量为 q，求：(1)氙原子核在 A
14、处的速度大小 v2；(2)氙原子核从 PQ 喷出时的速度大小 v3；(3)因区域内磁场发生器故障，导致区域中磁感应强度减半并分布在整个区域中，求能进入区域的氙原子核占A 处发射粒子总数的百分比 15（12 分）如图所示，光滑的水平台高4mh，在水平台上放置 A、B 两物体，质量分别为121.5kg,2kgmm，一半径2mR 的光滑固定圆弧轨道竖直放置，与水平地面相切于 C 点，半径 OD 与竖直方向 OC 的夹角53，现使物体 A 以012m/sv 的初速度水平向右运动，并与物体 B 发生正碰，物体 B 离开平台后恰能沿 D 点切线方向滑入圆弧轨道。已知重力加速度g取210m/s,sin530
15、.8,cos530.6 ，求：(1)碰撞后物体 A 的速度；(2)物体 B 经过圆弧轨道的 C 点时，轨道受到的压力大小。参考答案 一、单项选择题：本题共 6 小题，每小题 4 分，共 24 分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】AB若环放在线圈两边，根据“来拒去留”可得，合上开关 S 的瞬间，环为阻碍磁通量增大，则环将向两边运动，故AB 错误；C线圈中电流为右侧流入，磁场方向为向左，在闭合开关的过程中，磁场变强，则由楞次定律可知，电流由左侧向右看为顺时针，故 C 正确；D由于铜环的电阻较小，故铜环中感应电流较大，则铜环受到的安培力要大于铝环受到的安培力，故 D
16、 错误。故选 C。2、D【解析】A图（l）若将电源极性反接，即为反向电压，只要反向电压比遏止电压小，电路中就有光电流产生，故 A 错误；B图(2)卢瑟福通过 粒子散射实验提出了原子的核式结构模型，故 B 错误；C图(3)一群氢原子处于 n=5 的激发态跃迁到 n=1 的基态最多能辐射出2554C102种不同频率的光子，故 C 错误；D原子核 D 和 E 聚变成原子核 F 时会有质量亏损，要释放能量，故 D 正确。故选 D。3、A【解析】卫星做圆周运动时，万有引力提供圆周运动的向心力，有 2224MmGmRRT 得 32RTGM 所以两卫星运行周期之比为 33111 824aabbbaTRMTR
17、M 故 A 正确、BCD 错误。故选 A。4、D【解析】让正方形绕其中心 O 顺时针方向旋转 90，则电场力对四个小球做总功为：=2cos452cos45cos45cos450WEq LEq LE q LE q L电 则系统电势能不变；系统重力势能变化量：2pEmgLmgLmgL 则重力势能增加；A电势能增加，重力势能增加，与结论不相符，选项 A 错误；B电势能不变，重力势能不变，与结论不相符，选项 B 错误；C电势能减小，重力势能减小，与结论不相符，选项 C 错误；D电势能不变，重力势能增加，与结论相符，选项 D 正确；故选 D.5、A【解析】设重物下落的速度大小为v，小球的速度大小为v，由
18、几何关系可知 cos30vv 由能量关系 221144322mvmvmgRR 联立解得 3 332vgR 故选 A。6、B【解析】设小球的运动轨迹与线的交点坐标为（x，y），则：x=v0t，4-y=12gt2 又有：y=12x 解得：y=0.1 ACD.由上计算可得 y=0.1，ACD 错误；B.由上计算可得 y=0.1，B 正确 二、多项选择题：本题共 4 小题，每小题 5 分，共 20 分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得 5 分，选对但不全的得 3 分，有选错的得 0 分。7、AC【解析】A 开关 S 断开时，电动机正常工作，副线圈两端电压 100V，副
19、线圈电流 22APIU 根据变压器原理可知，原线圈两端电压 200V，原线圈电流 1A，在原线圈回路 112mUI RU 解得 20R 故 A 正确；B 电动机的输出功率为 22M160WPPI R出 故 B 错误；CD 开关 S 闭合后，副线圈回路电流变大，则原线圈回路电流变大，电阻 R 上分压变大，则原线圈两端电压减小，根据变压器原理，副线圈两端电压减小，小于 100V，则电动机的电功率减小，白炽灯的功率小于 100W，故 C 正确 D错误。故选 AC。8、CD【解析】A对P点的电子进行受力分析可知，等量异种电荷A、B在P点产生的合场强方向向左，故点电荷A带负电，选项A 错误；B匀强电场强
20、度大小 222cos60kqkqELL 选项 B 错误；CO点的电场强度大小 022228722kqkqkqkqEELLLL 选项 C 正确；D由等量异种电荷电场的规律和匀强电场的特点可知，OP为电场的一条等势线，故0p，选项 D 正确。故选 CD。9、CD【解析】A.带电粒子在电场中只受电场力作用，电势能和动能之和不变，由图可知，在 a、b 连线的中点 3L 处，动能最大，电势能最小，因为粒子带负电荷，所以 a、b 连线的中点 3L 处电势最高，故 A 错误；B.根据 A 选项分析可知，a 点动能比 b 点小，电势能比 b 点大，所以 a 点的电势比 b 点低，故 B 错误；C.在 3L 点
21、前做加速运动，3L 点后做减速运动，可见 3L 点的加速度为 0，则 x=3L 处场强为零，故 C 正确；D.由于在 x=3L 点前做加速运动，所以 Q2带负电，3L 点的加速度为 0，则有1222(3)(2)kQ qkQ qLL，故 Q2带正电且电荷量小于 Q1，故 D 正确。故选：CD 10、BC【解析】A若乙在网前直立不动，则排球到达乙的位置的时间 03.600.312Ltssv 排球下落的高度为 221110 0.3 m=0.45m3.2m-0.45m=2.75m，则可以拦住，故 B 正确；C结合选项 B 的分析，乙在甲击球后 0.18s 起跳离地，初速度为 v=gt1=100.3=3
22、m/s 上升时间 t=0.12s 时球到达乙位置，上升的高度为 210.288m2hvtgt 2.50m+0.288m=2.788m2.75m，可以拦网成功，故 C 正确；D乙在甲击球前 0.3 s 起跳离地，因为乙在空中的时间为 0.6s；则当排球到达球网位置时，乙已经落地，则不能拦网成功，选项 D 错误。故选 BC。三、实验题：本题共 2 小题，共 18 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、0.50 4.50 【解析】（1）1A 处于平衡状态，所受摩擦力等于弹簧秤示数 f2.50NFF 根据 fAFm g 得 0.50 2由题意可知，金属板做匀加速直线运动，根据
23、2xaT 其中 2cm0.02mx，T0.1 s 解得 22.0 m/sa 根据牛顿第二定律得 fBFFm a 代入数据解得 F4.50 N 12、玻意耳 000123PVVP 1.027 【解析】(1)1用 DIS 研究在温度不变时，气体的压强随温度的变化情况，所以该装置可用于验证玻意耳定律；(2)2将注射器内气体部分推入气球，压强传感器读数为 p1，根据玻意耳定律得：1 100 ppVV 所以 0011p VVp 读出此时注射器内剩余气体的体积为023V，所以时气球体积为 0001012233VpVVpV；(3)3由题可知，若初始时注射器内仅有体积为00.5V、压强为 p0的气体，气体全部
24、压入气球后气球的压强与初始时注射器内有体积为0V、压强为 p0的气体中的12气体压入气球，结合题中图乙可知，剩余的气体的体积约在00.5V左右，压强略大于 p0，所以剩余的气体的体积略小于 0.5V0。由图可以读出压强约为 1.027p0。【点睛】本实验是验证性实验，要控制实验条件，此实验要控制两个条件：一是注射器内气体的质量一定；二是气体的温度一定，运用玻意耳定律列式进行分析。另外，还要注意思维方式的转化，即可以将初始时注射器内仅有体积为 0.5V0、压强为 p0的气体，气体全部压入气球，与初始时注射器内有体积为 V0、压强为 p0的气体中的12气体压入气球是等效的。四、计算题：本题共 2
25、小题，共 26 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、(1)10m3；(2)12m；(3)0.5TB21.125T【解析】(1)在磁场1B中，有 20011mvqv Br 代入数据解得 110m3r (2)在电场中类平抛运动：设粒子 x 方向位移为 x，y 方向位移为 y，运动时间为 t，则 50y4 10 m/stan37vv 又 yqEvtm 解得 5410 s3t 又根据 0 x vt 02yvyt 解得 4mx，8m3y 所以坐标 d 的值 1tan3712mtan37xyrd(3)进入磁场2B的速度为 505 10 m/ssin37vv
26、带电粒子出磁场区城中做匀速圆周运动 222mvqvBr 当带电粒子出磁场区域与 y 轴垂直时 210msin37yRr 可得 0.5TB 当带电粒子出磁场区域与 y 轴相切时，轨迹半径为2r，圆周半径为 2210mcos37sin37ryRr 可得 21.125TB 所以要使带电粒子能运动到 x 轴的负半轴，20.5T1.125TB。14、（1）22B Dqm （2）2221 12284Bv qdmB D qm （3）090FAN 13【解析】（1）离子在磁场中做匀速圆周运动时：2222vB qvmr 根据题意，在 A 处发射速度相等，方向不同的氙原子核后，形成宽度为 D 的平行氙原子核束，即
27、2Dr 则：222B Dqvm （2）等离子体由下方进入区域 I 后，在洛伦兹力的作用下偏转，当粒子受到的电场力等于洛伦兹力时，形成稳定的匀强电场，设等离子体的电荷量为q，则1 1EqB v q 即1 1EBv 氙原子核经过区域 I 加速后，离开 PQ 的速度大小为3v，根据动能定理可知：22321122Uqmvmv 其中电压1 1UEdBv d 联立可得2221 123284Bv qdmB D qvm（3）根据题意，当区域中的磁场变为2B之后，根据2mvrB q可知，2rrD 根据示意图可知，沿着 AF 方向射入的氙原子核，恰好能够从 M 点沿着轨迹 1 进入区域 I，而沿着 AF 左侧射入
28、的粒子将被上极板 RM 挡住而无法进入区域 I 该轨迹的圆心 O1，正好在 N 点，11AOMOD，所以根据几何关系关系可知，此时090FAN；根据示意图可知，沿着 AG 方向射入的氙原子核，恰好从下极板 N 点沿着轨迹 2 进入区域 I，而沿着 AG 右侧射入的粒子将被下极板 SN 挡住而无法进入区域 I 22AOANNOD，所以此时入射角度030GAN 根据上述分析可知，只有060FAG这个范围内射入的粒子还能进入区域 I该区域的粒子占 A 处总粒子束的比例为00601=1803 15、(1)14m/sv(2)136N【解析】（1）物体 B 离开平台下落到 D 点的高度为 1 cos533.2mhhR 由22yvgh，解得 8m/syv 在 D 点由速度矢量三角形可得 6m/stan53yxvv 即碰撞后 B 的速度为6m/s A、B 碰撞时由动量守恒得 1 01 12xm vm vm v 联立解得 14m/sv （2）B 从平台落到圆弧轨道 C 点的全过程，由动能定理得 222221122xm ghm vm v 在 C 点由牛顿第二定律可得 222Nm vFm gR 联立解得 136NNF 由牛顿第三定律可得，轨道受到的压力为 136N