《2022-2023学年北京市中央民族大学附中高三第三次测评物理试卷含解析.pdf》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2022-2023学年北京市中央民族大学附中高三第三次测评物理试卷含解析.pdf（16页珍藏版）》请在taowenge.com淘文阁网|工程机械CAD图纸|机械工程制图|CAD装配图下载|SolidWorks_CaTia_CAD_UG_PROE_设计图分享下载上搜索。
1、2023 年高考物理模拟试卷 注意事项:1答题前，考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚，将条形码准确粘贴在条形码区域内。2答题时请按要求用笔。3请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试卷上答题无效。4作图可先使用铅笔画出，确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。5保持卡面清洁，不要折暴、不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题：本题共 6 小题，每小题 4 分，共 24 分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、职业高空跳伞运动员从近万米高空带着降落伞跳下，前几秒内的运动可视为自由落体运动。已知运动员的质量为80
2、 kg，重力加速度 g 取 10 m/s2，关于运动员所受重力做功的功率，下列说法正确的是（）A下落第 1 s 末的瞬时功率为 4 000 W B下落第 1 s 内的平均功率为 8 000 W C下落第 2s 末的瞬时功率为 8 000 W D下落第 2s 内的平均功率为 12000 W 2、如图所示，金属框架 ABCD（框架电阻忽略不计）固定在水平面内，处于竖直方向的磁感应强度大小为 B 的匀强磁场中，其中 AB 与 CD 平行且足够长，BC 和 CD 夹角（90），光滑均匀导体棒 EF（垂直于 CD）紧贴框架，在外力作用下向右匀速运动，v 垂直于导体棒 EF。若以经过 C 点作为计时起点，
3、导体棒 EF 的电阻与长度成正比，则电路中电流大小 I 与时间 t，消耗的电功率 P 与导体棒水平移动的距离 x 变化规律的图象是 A B C D 3、关于做简谐运动的单摆，下列说法正确的是（）A单摆做稳定的受迫振动时，单摆振动的频率等于周期性驱动力的频率 B秒摆的摆长和振幅均减为原来的四分之一，周期变为 0.5s C已知摆球初始时刻的位置及其周期，就可知摆球在任意时刻运动速度的方向 D单摆经过平衡位置时摆球所受的合外力为零 4、质量为 1kg 的物块 M 水平向右滑上逆时针转动的传送带如图甲所示，物块的 vt 图像如图乙所示。在整个运动过程中，以下说法不正确的是（g=10m/s）（）A物块与
4、传送带间的动摩擦因数为=0.2 B整个过程中物块在传送带上留下的划痕长度为 9m C物块与传送带的相对位移大小为 3m，相对路程为 9m D运动过程中摩擦生热为 18J 5、如图所示，在光滑水平桌面内，固定有光滑轨道ABC，其中半圆轨道BC与直轨道AB相切于B点，物体受到与AB平行的水平拉力F，从静止开始运动，拉力F的大小满足如图乙所示（以A为坐标原点，拉力F从A指向B为正方向）。若1kgm，4mAB，半圆轨道的半径1.5mR，重力加速度取210m/sg。则下列说法中正确的是（）A拉力F从A到B做功为50J B物体从B到C过程中，所受的合外力为 0 C物体能够到达C点，且速度大小为2 5m/s
5、 D物体能够到达C点，且速度大小为2 15m/s 6、下列说法正确的是（）A单摆的摆球在通过最低点时合外力等于零 B有些昆虫薄而透明的翅翼上出现彩色光带是薄膜干涉现象 C变化的电场一定产生变化的磁场，变化的磁场一定产生变化的电场 D一条沿自身长度方向运动的杆，其长度总比杆静止时的长度大 二、多项选择题：本题共 4 小题，每小题 5 分，共 20 分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得 5 分，选对但不全的得 3 分，有选错的得 0 分。7、如图所示，一质量为1kgm 的小物块（可视为质点）从高12mH处的A点由静止沿光滑的圆弧轨道AB滑下，进入半径为4mr竖直圆
6、环轨道，与圆环轨道的动摩擦因数处处相同，当到达圆环轨道的顶点C时，小物块对圆环轨道的压力恰好为零。之后小物块继续沿CFB滑下，进入光滑轨道BD，且到达高度为h的D点时速度为零，则下列说法正确的是（）（g取210m/s）A小物块在圆环最高点时的速度为2 10m/s B小物块在圆环最高点时的速度为10m/s Ch的值可能为6.5m Dh的值可能为8.5m 8、如图 1 所示，光滑的平行竖直金属导轨 AB、CD 相距 L，在 A、C 之间接一个阻值为 R 的电阻，在两导轨间 abcd矩形区域内有垂直导轨平面竖直向上、宽为 5d 的匀强磁场，磁感应强度为 B，一质量为 m、电阻为 r、长度也刚好为L
7、的导体棒放在磁场下边界 ab 上（与 ab 边重合），现用一个竖直向上的力 F 拉导体棒，使它由静止开始运动，已知导体棒离开磁场前已开始做匀速直线运动，导体棒与导轨始终垂直且保持良好接触，导轨电阻不计，F 随导体棒与初始位置的距离 x 变化的情况如图 2 所示，下列判断正确的是（）A导体棒经过磁场的过程中，通过电阻 R 的电荷量为5BLdR B导体棒离开磁场时速度大小为222()mg RrB L C离开磁场时导体棒两端电压为2mgrBL D导体棒经过磁场的过程中，电阻 R 产生焦耳热为32442()9m gRrmgdB L 9、2019 年 11 月我国首颗亚米级高分辨率光学传输型立体测绘卫星
8、高分七号成功发射，七号在距地约 600km 的圆轨道运行，先期发射的高分四号在距地约 36000km 的地球同步轨道运行，关于两颗卫星下列说法正确的是（）A高分七号比高分四号运行速率大 B高分七号比高分四号运行周期大 C高分七号比高分四号向心加速度小 D相同时间内高分七号与地心连线扫过的面积比高分四号小 10、如图所示，物体 A 和 B 的质量均为 m，且分别用轻绳连接并跨过定滑轮（不计绳子与滑轮、滑轮与轴之间的摩擦）在用水平变力 F 拉物体 B 沿水平方向向右做匀速直线运动的过程中（）A物体 A 也做匀速直线运动 B绳子的拉力始终大于物体 A 所受的重力 C物体 A 的速度小于物体 B 的速
9、度 D地面对物体 B 的支持力逐渐增大 三、实验题：本题共 2 小题，共 18 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6 分）“探究加速度与物体质量、物体受力的关系”的实验装置如图甲所示.（1）在平衡小车与桌面之间摩擦力的过程中，打出了一条纸袋如图乙所示计时器打点的时间间隔为 0.02s.从比较清晰的点起，每 5 个点取一个计数点，量出相邻计数点之间的距离该小车的加速度 a=_m/s2.（结果保留两位有效数字）（2）平衡摩擦力后，将 5 个相同的砝码都放在小车上.挂上砝码盘，然后每次从小车上取一个砝码添加到砝码盘中，测量小车的加速度小车的加速度 a 与砝码盘中砝码总重力
10、 F 的实验数据如下表：砝码盘中砝码总重力 F(N)0.196 0.392 0.588 0.784 0.980 加速度 a（ms-2）0.69 1.18 1.66 2.18 2.70 请根据实验数据作出 a-F 的关系图像_.（3）根据提供的试验数据作出的a-F 图线不通过原点，请说明主要原因_ 12（12 分）某同学利用如图所示的电路可以测量多个物理量实验室提供的器材有：两个相同的待测电源（内阻 r1）电阻箱 R1（最大阻值为 999.9）电阻箱 R1（最大阻值为 999.9）电压表 V（内阻约为 1k）电流表 A（内阻约为 1）灵敏电流计 G，两个开关 S1、S1 主要实验步骤如下：按图连
11、接好电路，调节电阻箱 R1和 R1至最大，闭合开关 S1和 S1，再反复调节 R1和 R1，使电流计 G 的示数为 0，读出电流表 A、电压表 V、电阻箱 R1、电阻箱 R1的示数分别为 0.40A、11.0V、30.6、18.1；反复调节电阻箱 R1和 R1（与中的电阻值不同），使电流计 G 的示数为 0，读出电流表 A、电压表 V 的示数分别为0.60A、11.7V 回答下列问题：（1）步骤中：电流计G的示数为0时，电路中A和B两点的电电势差UAB=_V；A和C两点的电势差UAC=_V；A 和 D 两点的电势差 UAD=_V；（1）利用步骤中的测量数据可以求得电压表的内阻为_，电流表的内阻
12、为_；（3）结合步骤步骤的测量数据电源的电动势 E 为_V，内阻 r 为_ 四、计算题：本题共 2 小题，共 26 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10 分）图中 MN 和 PQ 为竖直方向的两个无限长的平行直金属导轨，间距为 L，电阻不计导轨所在平面与磁感应强度为 B 的匀强磁场垂直质量为 m、电阻为 r 的金属杆 ab 始终垂直于导轨，并与其保持光滑接触，导轨一端接有阻值为 R 的电阻由静止释放导体棒 ab，重力加速度为 g（1）在下滑加速过程中，当速度为 v 时棒的加速度是多大；（2）导体棒能够达到的最大速度为多大；（3）设 ab 下降
13、的高度为 h，求此过程中通过电阻 R 的电量是多少？14（16 分）一列沿 x 轴负向传播的简谐横波在 t=0 时刻波的图象如图所示，经 0.1s，质点 M 第一次回到平衡位置，求：(1)这列波传播的速度大小；(2)质点 M 在 1.2s 内，走过的路程 15（12 分）如图甲，匀强电场的电场强度为 E，电场中沿电场线方向上两点 A 和 B 距离为 d。（1）一个点电荷+q 从 A 点移动到 B 点，请你用功的定义、电场力做功与电势差的关系证明ABUEd；（2）若以 B 处为零势能位置，计算负点电荷-q，在 A 处具有的电势能 EpA；（3）某一带正电的点电荷周围的电场线如图乙所示，其中一条电
14、场线上的三点 M、N、P，N 是 MP 的中点。请你判断 M、N 两点间电势差 UMN与 N、P 两点间电势差UNP是否相等，并阐述你的理由。参考答案 一、单项选择题：本题共 6 小题，每小题 4 分，共 24 分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】A下落第 1 s 末的瞬时功率为 211180 101W=8000WPmgvmg gt 选项 A 错误；B下落第 1 s 内的平均功率为 2111180 101W=4000W22gtPmgvmg 选项 B 错误；C下落第 2s 末的瞬时功率为 222280 102W=16000WPmgvmg gt 选项 C 错误；D
15、下落第 2s 内的平均功率为 122210 10 280 10W=12000W22gtgtPmgvmg 选项 D 正确；故选 D。2、D【解析】AB设 AB 与 CD 间间距为 L，导体棒 EF 单位长度的电阻为 r0，在tanLx时，电路中电流大小 100tantanBvxBvir xr 在tanLx时，电路中电流大小 200BLvBviLrr 所以电路中电流大小不变，故 AB 两项错误；CD在tanLx时，电路中消耗的电功率 2221100tantanB vPi r xxr 在tanLx时，电路中消耗的电功率 2220B vPLr 所以电路中消耗的电功率先随 x 均匀增加后不变，故 C 项
16、错误，D 项正确。3、A【解析】A系统做稳定的受迫振动时，系统振动的频率等于周期性驱动力的频率，与固有频率无关，故 A 正确；B根据单摆的周期公式 2LTg 知摆长缩短为原来的四分之一，则周期变为原来的二分之一，即为 1s，故 B 错误；C摆球在同一位置振动方向有两种，所以已知初始时刻的位置和振动周期，不知道初始时刻摆球的振动方向，不能知道振子在任意时刻运动速度的方向，故 C 错误；D单摆运动中，摆球在最低点做圆周运动，所以摆球经过平衡位置时所受的合外力提供向心力，故 D 错误。故选 A。4、C【解析】A由图知，物块运动的加速度大小为 222(4)m/s2m/s3 vat 根据牛顿第二定律得
17、mgma 可得 0.2 故 A 正确；B由图知，传送带的速度为 2m/sv 在 0-3s 内，传送带的位移 12 3m6mxvt 方向向左；根据图象的“面积”表示位移，可得 0-3s 内，物块运动的位移大小为 211 4 22 1m3m22x 方向向右，则整个过程中物块在传送带上留下的划痕长度为 129mLxx 故 B 正确；C0-3s 内，由于物块相对于传送带来说一直向右运动，所以物块与传送带的相对位移大小和相对路程都为 9m，故 C错误；D运动过程中摩擦生热为 12(0.2 1 10 9J18J)Qmgxx 故 D 正确；不正确的故选 C。5、D【解析】AFx图像与坐标轴所围面积表示功，则
18、拉力F从A到B做功为 12 40JJ30J2W 101 故 A 错误；B物体从B到C过程中，做圆周运动，合力不变 0，故 B 错误；CD从 A 到 B 由动能定理有 212BWmv 解得 2 15m/sBv 由于滑轨道ABC在水平面内，则物体从 B 到 C 做匀速圆运动，物体能够到达C点，且速度大小为2 15m/s，故 C错误，D 正确。故选 D。6、B【解析】A单摆的摆球在通过最低点时，回复力等于零，而合外力一定不等于零，故 A 错误；B薄而透明的羽翼上出现彩色光带，是由于羽翼前后表面反射，进行相互叠加，是薄膜干涉现象，故 B 正确；C均匀变化的电场产生稳定磁场，非均匀变化的电场产生非均匀变
19、化的磁场，故 C 错误；D根据相对论，则有沿自身长度方向运动的杆，其长度总比杆静止时的长度短，故 D 错误。故选：B。二、多项选择题：本题共 4 小题，每小题 5 分，共 20 分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得 5 分，选对但不全的得 3 分，有选错的得 0 分。7、AD【解析】AB小物块在圆环最高点时有 2Cvmgmr 解得 2 10m/sCv 所以 A 正确，B 错误；CDBEC过程克服摩擦力做的功为 211(2)20J2CWmg Hrmv CFB过程克服摩擦力做的功为2W，因该过程小物块与轨道的平均压力小于BEC过程，则摩擦力也小，则有 210WW
20、CFBD过程，由动能定理得 221(2)2Cmg hrWmv 解以上各式得 8m10mh 所以 D 正确，C 错误。故选 AD。8、B【解析】设导体棒离开磁场时速度大小为 v此时导体棒受到的安培力大小为：22B LvFRr安 由平衡条件得：F=F安+mg；由图 2 知：F=3mg，联立解得：222()mg RrvB L 故 B 正确导体棒经过磁场的过程中，通过电阻 R 的电荷量为：55BdLBLdqRrRrRr 故 A 错误离开磁场时，由 F=BIL+mg 得：2mgIBL，导体棒两端电压为：2mgRUIRBL故 C 错误导体棒经过磁场的过程中，设回路产生的总焦耳热为 Q根据功能关系可得：Q=
21、WF-mg5d-12mv2，而拉力做功为：WF=2mgd+3mg4d=14mgd；电阻 R 产生焦耳热为：RRQQRr；联立解得：443224492()()RmgdRB Lm g R RrQB L Rr故 D 错误 9、AD【解析】A万有引力提供向心力，由牛顿第二定律得 22 GMmvmrr 可得 GMvr 运行轨道半径越大，运行的速度越小，高分七号比高分四号向心速率大，故 A 正确；B万有引力提供向心力，由牛顿第二定律得 2224MmGmrrT 解得 32rTGM 运行轨道半径越大，运行的周期越大，所以高分七号比高分四号运行周期小，故 B 错误；C万有引力提供向心力，由牛顿第二定律得 2Mm
22、Gmar 解得 2GMar 运行轨道半径越大，运行的加速度越小，所以高分七号比高分四号向心加速度大，故 C 错误；D卫星与地心连线扫过的面积为 211222tSrrvtGMr 相同时间内，运行轨道半径越大，与地心连线扫过的面积越大，相同时间内高分七号与地心连线扫过的面积比高分四号小，故 D 正确；故选 AD。10、BCD【解析】试题分析：以物体绳子与物体 B 的结点为研究对象，将 B 的速度分解成绳子伸长的速度1v和垂直绳子方向的速度2v，如图所示.1cosvv，绳子伸长的速度等于物体 A 上升的速度物体 A 的速度1cosAvvv，物体 B 向右运动 减小，所以Av增大，物体 A 处于超重状
23、态，绳子拉力始终大于物体 A 所受的重力，由于物体 A 上升的加速度在减小，所以拉力TF在减小，地面对 B 的支持力sinNBBTFm gF，物体 B 向右运动 减小，NBF增大 故选 BCD 考点：运动的合成与分解 点评：物体 B 的运动在研时要根据效果进行分解，一般分解为沿绳子方向的运动和垂直于绳子方向的运动 三、实验题：本题共 2 小题，共 18 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、0.16(0.15 也算对)未计入砝码盘的重力 【解析】（1）处理匀变速直线运动中所打出的纸带，求解加速度用公式，关键弄清公式中各个量的物理意义，为连续相等时间内的位移差，t 为连需
24、相等的时间间隔，如果每 5 个点取一个点，则连续两点的时间间隔为 t=0.1s，（3.68-3.51）m，带入可得加速度=0.16m/s1 也可以使用最后一段和第二段的位移差求解，得加速度=0.15m/s1.（1）根据图中的数据，合理的设计横纵坐标的刻度值，使图线倾斜程度太小也不能太大，以与水平方向夹角 45左右为宜由此确定 F 的范围从 0 设置到 1N 较合适，而 a 则从 0 到 3m/s1较合适设好刻度，根据数据确定个点的位置，将个点用一条直线连起来，延长交与坐标轴某一点如图所示 （3）处理图象问题要注意图线的斜率、交点、拐点、面积等意义，能正确理解这些量的意义则很多问题将会迎刃而解
25、与纵坐标相交而不过原点，该交点说明当不挂砝码时，小车仍由加速度，即绳对小车仍有拉力，从此拉力的来源考虑很容易得到答案，是因为砝码盘的重力，而在（1）问的图表中只给出了砝码的总重力，而没有考虑砝码盘的重力 12、0 11.0V -11.0V 1530 1.8 11.6V 1.5 【解析】（1）113当电流计示数为 0 时，A、B 两点电势相等，即0ABU；电压表示数即为 A、C 两点电势差，即12.0VACU；由闭合电路欧姆定律可知，D、A 和 A、C 之间的电势差相等，故12.0VADU；（1）45由欧姆定律可得 11VUUIRR 解得 1530VR 由12DAAUIRR可得 1.8AR （3
26、）67由步骤可得 1224V2EI r 由步骤可得 222 11.7V2EI r 联立可解得 12.6VE 1.5r 四、计算题：本题共 2 小题，共 26 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）22B L vagm Rr;（2）22mg RrvB L；（3）BLhqRr【解析】（1）导体棒受到的安培力 22B L vFBILRr 由牛顿第二定律得 22B L vmgmaRr 解得 22B L vagm Rr 导体棒向下加速运动，速度 v 增大，加速度 a 减小，即导体棒做加速度减小的加速运动，当安培力与重力相等时，导体棒做匀速直线运动；（2
27、）当导体棒做匀速运动时，速度最大，由平衡条件得 22B L vmgRr 解得 22mg RrvB L；（3）由法拉第电磁感应定律得感应电动势的平均值为：BLhEtt 感应电流的平均值为 EIRr 电荷量 qIt 解得 BLhqRr 14、（1）5m/s；（2）4m【解析】运用波形的平移法研究质点 M 质点 M 第一次回到平衡位置时，波传播的距离，根据xvt求解波速，根据数学知识求解波长，从而求出周期，而一个周期内，质点运动的路程为 4A；【详解】解：(1)根据数学知识得：2yAsin xAsinx 由题知：210200.1sin 则波长为：1.2m 波沿 x 轴负方向传播，当 M 第一次回到平
28、衡位置，此过程中波传播的距离为：0.5xm 则波速为：0.5/5/0.1xvm sm st(2)波沿 x 轴负方向传播，周期：1.20.245Tsv 1.25tsT 则质点 M 在 1.2s 内走过的路程：5 44sAm 15、（1）见解析；（2）-Eqd（3）不相等。【解析】（1）证明：q 从 A 点移到 B 点，电场力做功为 W=Fd q 受到的电场力为 F=qE 根据电势差的定义式得 A、B 两点间的电势差为 ABWUq 以上方程联立可得 ABUEd（2）负点电荷-q 从 A 到 B，电场力做功 ABWFdEqd ABUEd ABABU ()pAAEq 0pBBEq 解得 pAEEqd （3）U=Ed 公式仅适用于匀强电场，点电荷的电场不是匀强电场，虽然 MN=NP，但是由于 MN 之间的场强比 NP 之间的场强大，则 M、N 之间电势差 UMN大于 N、P 之间的电势差 UNP。