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1、精选优质文档-倾情为你奉上2015年浙江省宁波市余姚八中高考物理模拟试卷（一）一、选择题1 .一位女士由于驾车超速而被警察拦住警察走过来说：“太太，您刚才的车速是70公里每小时！”这位女士反驳说：“不可能的！我才开了7分钟，还不到一个小时呢，怎么可能走了70公里呢？”关于这段对话，下列说法中正确的是（）A警察说的70公里每小时指的是平均速度B如果女士继续开车，则一个小时内，汽车的位移一定等于70公里C利用位移与时间的比值计算速度，但位移的大小不能决定速度的大小D女士和警察产生矛盾的原因是由于两人选择的参考系不同2如图所示，某同学为了找出平抛运动物体的初速度之间的关系，用一个小球在O点对准前方的
2、一块竖直放置的挡板，O与A在同一高度，小球的水平初速度分别是v1、v2、v3，打在挡板上的位置分别是B、C、D，AB：BC：CD=1：3：5则v1、v2、v3之间的正确关系是（）Av1：v2：v3=3：2：1Bv1：v2：v3=5：3：1Cv1：v2：v3=6：3：2Dv1：v2：v3=9：4：13如图所示，物体A、B和C叠放在水平桌面上，水平力为FB=5N，FC=10N，分别作用于物体B、C上，A、B和C仍保持静止以Ff1、Ff2和Ff3分别表示A与B、B与C、C与桌面间的静摩擦力的大小，则（）AFf1=5N，Ff2=0，Ff3=0BFf1=5N，Ff2=5N，Ff3=0CFf1=0，Ff2
3、=5N，Ff3=5NDFf1=0，Ff2=10N，Ff3=5N4如图所示，在磁感应强度大小为B、方向竖直向上的匀强磁场中，有一质量为m、阻值为R的闭合矩形金属线框abcd用绝缘轻质细杆悬挂在O点，并可绕O点摆动金属线框从右侧某一位置静止开始释放，在摆动到左侧最高点的过程中，细杆和金属线框平面始终处于同一平面，且垂直纸面则线框中感应电流的方向是（）AabcdaBdcbadC先是dcbad，后是abcdaD先是abcda，后是dcbad二、选择题（本题共3小题，在每小题给出的四个选项中，至少有一个选项是符合题目要求的全部选对的得6分，选对但选不全的得3分，有选错的得0分）5如图，木箱内有一竖直放置
4、的弹簧，弹簧上方有一物块：木箱静止时弹簧处于压缩状态且物块压在箱顶上若在某一段时间内，物块对箱顶刚好无压力，则在此段时间内，木箱的运动状态可能为（）A加速下降B加速上升C减速上升D减速下降6在图所示的电路中，电源电动势为E，内电阻为r，闭合开关S，待电流达到稳定后，电流表示数为I，电压表示数为U，电容器C所带电荷量为Q，R2上消耗的功率为P2，将滑动变阻器P的滑动触头从图示位置向a端移动一些，待电流达到稳定后，则与P移动前相比（）AU变小BI变小CQ增大DP2变小7在等边三角形三个顶点a、b、c处各有一长直导线垂直穿过纸面，导线中通有电流，已知IaIb，方向如图所示，c中电流也是垂直纸面向里，
5、则过c点导线受安培力方向可能是（）AF1BF2CF3DF4二、非选择题8如图所示，在同一条电场线上，有A、B、C三点，三点的电势分别是A=5V，B=2V，C=0V，将电荷量q=6106C的点电荷从A移到B，电场力做功为J，若将该电荷从B移到C，则电势能（填“增加”或“减少”）了J9在利用自由落体“验证机械能守恒定律”的实验中，打点计时器所用电源的频率为50HZ，当地重力加速度的值为9.80m/s2，测得所用重物的质量为1.00kg，甲、乙、丙三学生分别用同一装置打出三条纸带，量出各纸带上第1、第2两点间的距离分别为0.10cm、0.19cm和0.25cm，则可肯定（选填“甲”、“乙”或“丙”）
6、在操作上有错误若按实验要求正确地选出纸带进行测量，量得连续三点A、B、C到第一个点0的距离分别为15.55cm、19.20cm、23.23cm，则当打点计时器打B点时，重物的重力势能减小量为J，重物的动能增加量为J（均保留3位有效数字）10如图，质量m=2kg的物体静止于水平地面的A处，A、B间距L=20m用大小为30N，沿水平方向的外力拉此物体，经t0=2s拉至B处（取g=10m/s2）（1）求物体与地面间的动摩擦因数；（2）若拉力改为大小20N，与水平方向成37斜向右上方，仍使物体在拉力作用下从A处由静止开始运动到B处，求运动时间11如图是离心轨道演示仪结构示意图光滑弧形轨道下端与半径为R
7、的光滑圆轨道相接，整个轨道位于竖直平面内质量为m的小球从弧形轨道上的A点由静止滑下，进入圆轨道后沿圆轨道运动，最后离开圆轨道小球运动到圆轨道的最高点时，对轨道的压力恰好与它所受到的重力大小相等重力加速度为g，不计空气阻力求：（1）小球运动到圆轨道的最高点时速度的大小；（2）小球开始下滑的初始位置A点距水平面的竖直高度h（3）现改变小球由静止释放的高度，当新的高度h为多少时小球恰能通过圆轨道的最高点12如图表示，在磁感强度为B的水平匀强磁场中，有一足够长的绝缘细棒OO在竖直面内垂直磁场方向放置，细棒与水平面夹角为一质量为m、带电荷为+q的圆环A套在OO棒上，圆环与棒间的动摩擦因数为，且tan现让
8、圆环A由静止开始下滑，试问圆环在下滑过程中：（1）圆环A的最大加速度为多大？获得最大加速度时的速度为多大？（2）圆环A能够达到的最大速度为多大？2015年浙江省宁波市余姚八中高考物理模拟试卷（一）参考答案与试题解析一、选择题1 .一位女士由于驾车超速而被警察拦住警察走过来说：“太太，您刚才的车速是70公里每小时！”这位女士反驳说：“不可能的！我才开了7分钟，还不到一个小时呢，怎么可能走了70公里呢？”关于这段对话，下列说法中正确的是（）A警察说的70公里每小时指的是平均速度B如果女士继续开车，则一个小时内，汽车的位移一定等于70公里C利用位移与时间的比值计算速度，但位移的大小不能决定速度的大小
9、D女士和警察产生矛盾的原因是由于两人选择的参考系不同【考点】平均速度；参考系和坐标系【专题】直线运动规律专题【分析】判断是否超速是根据瞬时速度而非平均速度判断，平均速度对应的是时间和位移，瞬时速度对应的是时刻与位置【解答】解：A、交警说的70公里每小时指的是瞬时速度，故A错误；B、由于不知道汽车下一阶段的运动状态，所以如果女士继续开车，则一个小时内，汽车的位移不一定等于70公里，故B错误C、利用位移与时间的比值计算速度，但位移的大小不能决定速度的大小，还看时间，故C正确D、女士说的是平均速度，故D错误故选C【点评】该题主要考查了瞬时速度和平均速度的概念，难度不大，属于基础题2如图所示，某同学为
10、了找出平抛运动物体的初速度之间的关系，用一个小球在O点对准前方的一块竖直放置的挡板，O与A在同一高度，小球的水平初速度分别是v1、v2、v3，打在挡板上的位置分别是B、C、D，AB：BC：CD=1：3：5则v1、v2、v3之间的正确关系是（）Av1：v2：v3=3：2：1Bv1：v2：v3=5：3：1Cv1：v2：v3=6：3：2Dv1：v2：v3=9：4：1【考点】平抛运动【专题】平抛运动专题【分析】小球被抛出后做平抛运动由图可知三次小球的水平距离相同，可根据竖直方向的位移比求出时间比，再根据水平速度等于水平位移与时间的比值，就可以得到水平速度的比值【解答】解：据题知小球被抛出后都做平抛运动
11、，竖直方向做自由落体运动，根据 h=gt2，解得：t=因为hAB：hAC：hAD=1：4：9所以三次小球运动的时间比为：t1：t2：t3=： =1：2：3，小球的水平位移相等，由v=可得，速度之比为：v1：v2：v3=： =6：3：2；故选：C【点评】本题是平抛运动规定的直接应用，关键抓住水平方向和竖直方向运动的时间相等，运用匀变速直线运动的推论解题3如图所示，物体A、B和C叠放在水平桌面上，水平力为FB=5N，FC=10N，分别作用于物体B、C上，A、B和C仍保持静止以Ff1、Ff2和Ff3分别表示A与B、B与C、C与桌面间的静摩擦力的大小，则（）AFf1=5N，Ff2=0，Ff3=0BFf
12、1=5N，Ff2=5N，Ff3=0CFf1=0，Ff2=5N，Ff3=5NDFf1=0，Ff2=10N，Ff3=5N【考点】共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用【专题】共点力作用下物体平衡专题【分析】以A为研究对象，根据平衡条件求出B对A的静摩擦力大小以AB整体为研究对象，求解C对B的静摩擦力大小以三个物体整体为研究对象，根据平衡条件求解桌面对C的静摩擦力大小【解答】解：以A为研究对象，根据平衡条件得到：B对A的静摩擦力大小Ff1=0，否则A水平方向所受的合力不为零，不能保持平衡以AB整体为研究对象，根据平衡条件得到：Ff2=FB=5N再以三个物体整体为研究对象，根据平衡条件得：Ff
13、3=FCFB=10N5N=5N，方向水平向左所以Ff1=0，Ff2=5N，Ff3=5N故选：C【点评】本题是三个物体的平衡问题，物体较多，研究对象要灵活选择，也可以就采用隔离法研究4如图所示，在磁感应强度大小为B、方向竖直向上的匀强磁场中，有一质量为m、阻值为R的闭合矩形金属线框abcd用绝缘轻质细杆悬挂在O点，并可绕O点摆动金属线框从右侧某一位置静止开始释放，在摆动到左侧最高点的过程中，细杆和金属线框平面始终处于同一平面，且垂直纸面则线框中感应电流的方向是（）AabcdaBdcbadC先是dcbad，后是abcdaD先是abcda，后是dcbad【考点】楞次定律【专题】电磁感应与电路结合【分
14、析】本题考查楞次定律的应用，关键在于先找出原磁通量的变化，再由楞次定律确定感应电流的磁场方向，最后确定感应电流【解答】解：由静止释放到最低点过程中，磁通量减小，且磁场方向向上，由楞次定律，感应电流产生磁场也向上，再由右手螺旋定则可知，感应电流的方向：dcbad；同理，当继续向右摆动过程中，向上的磁通量增大，根据楞次定律可知，电流方向是dcbad；故选：B【点评】楞次定律可理解为“增反减同”，在应用中要掌握其步骤，并能正确应用安培定则等相关知识二、选择题（本题共3小题，在每小题给出的四个选项中，至少有一个选项是符合题目要求的全部选对的得6分，选对但选不全的得3分，有选错的得0分）5如图，木箱内有
15、一竖直放置的弹簧，弹簧上方有一物块：木箱静止时弹簧处于压缩状态且物块压在箱顶上若在某一段时间内，物块对箱顶刚好无压力，则在此段时间内，木箱的运动状态可能为（）A加速下降B加速上升C减速上升D减速下降【考点】超重和失重【分析】当物体对接触面的压力大于物体的真实重力时，就说物体处于超重状态，此时有向上的加速度；当物体对接触面的压力小于物体的真实重力时，就说物体处于失重状态，此时有向下的加速度；【解答】解：木箱静止时物块对箱顶有压力，则物块受到箱顶向下的压力，当物块对箱顶刚好无压力时，物体受到的合力向上，所以系统应该有向上的加速度，是超重，物体可能是向上加速，也可能是向下减速，所以BD正确故选BD【
16、点评】本题考查了学生对超重失重现象的理解，掌握住超重失重的特点，本题就可以解决了6在图所示的电路中，电源电动势为E，内电阻为r，闭合开关S，待电流达到稳定后，电流表示数为I，电压表示数为U，电容器C所带电荷量为Q，R2上消耗的功率为P2，将滑动变阻器P的滑动触头从图示位置向a端移动一些，待电流达到稳定后，则与P移动前相比（）AU变小BI变小CQ增大DP2变小【考点】闭合电路的欧姆定律【专题】恒定电流专题【分析】首先认识电路的结构：电流稳定时，R1上无电流，无电压，变阻器与R2串联，电容器的电压等于变阻器两端的电压，电压表测量变阻器的电压，电流表测量干路电流当滑片P向a一端移动一些后，变阻器接入
17、电路的电阻增大，根据闭合电路欧姆定律分析电路的总电阻变化和干路电流的变化，再分析电表读数的变化和电容器电量的变化【解答】解：当滑动变阻器P的滑动触头，从图示位置向a一端移动时，其接入电路的电阻值增大，外电路总电阻增大，由闭合电路的欧姆定律可知，干电路的电流I减小；变阻器两端的电压U=EI（R2+r），I减小，U增大，即电容器C两端的电压增大，所带电荷量Q增大R2上消耗的功率P2=I2R2，I减小，则P2减小故BCD正确故选BCD【点评】本题是含有电容器的动态变化分析问题，要综合考虑局部与整体的关系对于电容器，电容不变时，关键确定电压7在等边三角形三个顶点a、b、c处各有一长直导线垂直穿过纸面，
18、导线中通有电流，已知IaIb，方向如图所示，c中电流也是垂直纸面向里，则过c点导线受安培力方向可能是（）AF1BF2CF3DF4【考点】安培力；通电直导线和通电线圈周围磁场的方向【分析】根据左手定则确定出a、b导线在c点的磁场方向，根据平行四边形定则确定合场强，从而确定c导线所受的安培力方向【解答】解：根据右手螺旋定则，知a导线在c点的产生的磁场方向垂直ac向下，b导线在c点产生的磁场方向垂直bc向下，因为IaIb，所以a导线在c点产生的磁场比b导线在c点产生的磁场强，则合场强向下偏左，根据左手定则知，安培力方向可能为F4故D正确，A、B、C错误故选D【点评】解决本题的关键掌握右手螺旋定则判断
19、电流周围磁场方向关系，以及会运用左手定则判断安培力方向二、非选择题8如图所示，在同一条电场线上，有A、B、C三点，三点的电势分别是A=5V，B=2V，C=0V，将电荷量q=6106C的点电荷从A移到B，电场力做功为4.2105J，若将该电荷从B移到C，则电势能减少（填“增加”或“减少”）了1.2105J【考点】电势差与电场强度的关系；电势能【专题】电场力与电势的性质专题【分析】根据公式W=qU求出电场力做功电势差等于电势之差根据电场力做正功，电势能减小，电场力做负功，电势能增大，分析电势能的变化【解答】解：将点电荷从A移到B，电场力做功：WAB=qUAB=q（AB）=61065（2）J=4.2
20、105J将点电荷从B移到C，电场力做功：WBC=q（BC）=6.0106（2）J=1.2105J因为电场力做正功1.2105J，所以电势能减少了1.2105J故答案为：4.2105 J、减少、1.2105 J【点评】对于电场力做功的计算，往往先判断正负，后计算功的大小，也根据公式WAB=qUAB，将电荷量q、电势差UAB的符号一并代入计算，根据WAB的正负判断电场力做功的正负9在利用自由落体“验证机械能守恒定律”的实验中，打点计时器所用电源的频率为50HZ，当地重力加速度的值为9.80m/s2，测得所用重物的质量为1.00kg，甲、乙、丙三学生分别用同一装置打出三条纸带，量出各纸带上第1、第2
21、两点间的距离分别为0.10cm、0.19cm和0.25cm，则可肯定丙（选填“甲”、“乙”或“丙”）在操作上有错误若按实验要求正确地选出纸带进行测量，量得连续三点A、B、C到第一个点0的距离分别为15.55cm、19.20cm、23.23cm，则当打点计时器打B点时，重物的重力势能减小量为1.88J，重物的动能增加量为1.84J（均保留3位有效数字）【考点】验证机械能守恒定律【专题】实验题【分析】（1）对于实验中存在的重大误差，我们可以用理论知识去判断，如若下落初速度为零，则第一个打点周期内重物下落的高度：h=gt2=2mm（2）纸带法实验中，若纸带匀变速直线运动，测得纸带上的点间距，利用匀变
22、速直线运动的推论，可计算出打出某点时纸带运动的瞬时速度，从而求出动能根据功能关系得重力势能减小量等于重力做功的数值【解答】解：打点计时器的打点频率为50 Hz，打点周期为0.02 s，重物开始下落后，在第一个打点周期内重物下落的高度：h=gt2=2mm，所以所选的纸带最初两点间的距离接近2 mm量出各纸带上第一、二两点间的距离分别为0.18cm，0.19cm和0.25cm，可以看出丙同学在操作上误差较大，存在着错误当打点计时器打在B点时，重锤的重力势能的减少量为：EP=mgh=1.09.80.1920 J=1.88 J利用匀变速直线运动的推论，B点的速度为：vB=1.92m/s根据动能的定义式
23、得出：Ek=（1.92）2=1.84J故答案为：丙，1.88，1.84【点评】运用运动学公式和动能、重力势能的定义式解决问题是该实验的常规问题，同时对于验证实验，我们有时也需要从理论知识角度去判断有没有出现大的误差10如图，质量m=2kg的物体静止于水平地面的A处，A、B间距L=20m用大小为30N，沿水平方向的外力拉此物体，经t0=2s拉至B处（取g=10m/s2）（1）求物体与地面间的动摩擦因数；（2）若拉力改为大小20N，与水平方向成37斜向右上方，仍使物体在拉力作用下从A处由静止开始运动到B处，求运动时间【考点】牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系【专题】牛顿运动定律综合专题
24、【分析】（1）根据匀变速直线运动的位移时间公式求出加速度的大小，根据牛顿第二定律求出摩擦力的大小，从而通过滑动摩擦力公式求出动摩擦因数（2）根据牛顿第二定律，结合正交分解求出加速度，再根据位移时间公式求出运动的时间【解答】解：（1）物体做匀加速直线运动，根据L=得：a=根据牛顿第二定律得，Ff=ma，解得：f=30210N=10N则动摩擦因数：（2）根据牛顿第二定律得：Fcos37f=maFsin37+FN=mgf=FN联立代入数据解得：a=6m/s2根据L=得：t=s答：（1）物体与地面间的动摩擦因数为0.5（2）运动时间为s【点评】本题考查了牛顿第二定律和运动学公式的综合，知道加速度是联系
25、力学和运动学的桥梁11如图是离心轨道演示仪结构示意图光滑弧形轨道下端与半径为R的光滑圆轨道相接，整个轨道位于竖直平面内质量为m的小球从弧形轨道上的A点由静止滑下，进入圆轨道后沿圆轨道运动，最后离开圆轨道小球运动到圆轨道的最高点时，对轨道的压力恰好与它所受到的重力大小相等重力加速度为g，不计空气阻力求：（1）小球运动到圆轨道的最高点时速度的大小；（2）小球开始下滑的初始位置A点距水平面的竖直高度h（3）现改变小球由静止释放的高度，当新的高度h为多少时小球恰能通过圆轨道的最高点【考点】机械能守恒定律；向心力；动能定理【专题】机械能守恒定律应用专题【分析】（1）小球做圆周运动，应用牛顿第二定律可以求
26、出小球通过最高点的速度（2）应用动能定理可以求出A点的高度h（3）小球恰能通过圆轨道的最高点时，由重力提供向心力，由牛顿第二定律求出最高点的速度，再由动能定理求h【解答】解：（1）小球做圆周运动，在圆轨道的最高点时，由牛顿第二定律得： N+mg=m且N=mg解得：v=；（2）小球从A运动到圆轨道最高点过程中，由动能定理得： mg（h2R）=mv20，解得：h=3R；（3）小球恰能通过圆轨道的最高点时，由重力提供向心力，则 mg=m可得 v0=根据动能定理得： mg（h2R）=mv020，解得 h=2.5R答：（1）小球运动到圆轨道的最高点时速度的大小为；（2）小球开始下滑的初始位置A点距水平面
27、的竖直高度h为3R（3）当新的高度h为2.5R时小球恰能通过圆轨道的最高点【点评】本题考查了求小球的速度、释放点的高度，要分析清楚运动过程，应用牛顿第二定律与动能定理可以正确解题12如图表示，在磁感强度为B的水平匀强磁场中，有一足够长的绝缘细棒OO在竖直面内垂直磁场方向放置，细棒与水平面夹角为一质量为m、带电荷为+q的圆环A套在OO棒上，圆环与棒间的动摩擦因数为，且tan现让圆环A由静止开始下滑，试问圆环在下滑过程中：（1）圆环A的最大加速度为多大？获得最大加速度时的速度为多大？（2）圆环A能够达到的最大速度为多大？【考点】带电粒子在匀强磁场中的运动；牛顿第二定律【专题】带电粒子在磁场中的运动
28、专题【分析】（1）小球受重力、洛伦兹力、杆的弹力和滑动摩擦力，然后根据牛顿第二定律列式分析求解（2）圆环A能够达到的最大速度做匀速运动，合外力为零，根据平衡条件列式求出最大速度【解答】解：（1）由于tan，所以环将由静止开始沿棒下滑环A沿棒运动的速度为v1时，受到重力mg、洛仑兹力qv1B、杆的弹力N1和摩擦力f1=N1根据牛顿第二定律，对沿棒的方向有mgsinf1=ma垂直棒的方向有N1+qv1B=mgcos所以当f1=0，即N1=0时，a有最大值am，且am=gsin此时qv1B=mgcos解得 v1=（2）设当环A的速度达到最大值vm时，环受杆的弹力为N2，方向垂直于杆向下，摩擦力为f2=N2此时应有a=0，即 mgsin=f2 N2+mgcos=qvmB解得vm=答：（1）圆环A的最大加速度为gsin，获得最大加速度时的速度为（2）圆环A能够达到的最大速度为【点评】本题关键根据环的受力情况，分析清楚环的运动情况，明确速度最大时，加速度最小要注意杆对环的弹力方向与洛伦兹力和重力分力大小有关专心-专注-专业