《2018-2019高考物理二轮复习选择题提速练11.pdf》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2018-2019高考物理二轮复习选择题提速练11.pdf（4页珍藏版）》请在taowenge.com淘文阁网|工程机械CAD图纸|机械工程制图|CAD装配图下载|SolidWorks_CaTia_CAD_UG_PROE_设计图分享下载上搜索。
1、选择题提速练 11 15 为单选，68 为多选1京沪高铁全长1 318 km，全线为新建双线，设计时速350 km/h，2012 年通车后，北京至上海的行程缩短至五小时以内 列车提速的一个关键技术问题是增加机车发动机的额定功率已知列车所受阻力与速度的平方成正比，即Ffkv2(k为比例系数)设提速前最大速度为150 km/h，则提速前与提速后机车发动机的额定功率之比为(B)A.37B.27343C.949D.812 401解析：当速度最大时牵引力和阻力相等，则PFvFfvkv3，所以，P1P2v31v3227343，B项正确2在如图甲所示的电路中，R1为定值电阻，R2为滑动变阻器，闭合开关S，将
2、滑动变阻器的滑动触头P从最右端滑到最左端，两个电压表(内阻极大)的示数随电路中电流变化的完整过程图线如图乙所示则(D)A图线a是电压表V1示数随电流变化的图线B电源内电阻的阻值为10 C电源的最大输出功率为1.5 W D滑动变阻器R2的最大功率为0.9 W 解析：将滑动变阻器的滑动触头P从最右端滑到最左端，总电阻减小，电流增大，V1示数线性增大，A错误；根据图线a，R2UI4 V0.2 A20，根据图线b，R1UI1 V0.2 A5，0.2 A ER1R2r，0.6 A ER1r，解得r5，E6 V，B错误；电源的最大输出功率为E24r1.8 W，C错误；当R2R1r时滑动变阻器R2的功率最大
3、，为 0.9 W，D正确3下图为示波管的示意图，以屏幕的中心为坐标原点，建立如图所示的直角坐标系xOy，当在XX这对电极上加上恒定的电压UXX2 V，同时在YY电极上加上恒定的电压UYY 1 V 时，荧光屏上光点的坐标为(4，1)，则当在XX这对电极上加上恒定的电压UXX1 V，同时在YY电极上加上恒定的电压UYY2 V 时，荧光屏上光点的坐标为(C)A(2，2)B(4，2)C(2,2)D(4,2)解析：示波管某方向的偏转位移与电压成正比，在XX这对电极上，xUXX，当电压UXX 1 V时，x2；在YY这对电极上，yUYY，当电压UYY2 V 时，y2.所以选择C.4.如图所示，用a、b两种不
4、同频率的光分别照射同一金属板，发现当a光照射时验电器的指针偏转，b光照射时指针未偏转，以下说法正确的是(D)A增大a光的强度，验电器的指针偏角一定减小Ba光照射金属板时验电器的金属小球带负电C增大b光的强度，验电器指针偏转D若a光是氢原子从n4 的能级向n 1 的能级跃迁时产生的，则b光可能是氢原子从n5 的能级向n2的能级跃迁时产生的解析：增大a光的强度，单位时间内产生的光电子多了，验电器的指针偏角增大，A错；产生光电效应后金属表面的电子逸出，金属和验电器的金属小球均带正电，B错；增大b光的强度，b光频率不变，则不能使金属板发生光电效应，验电器指针不偏转，C错；从n4 的能级向n1 的能级跃
5、迁比从n5 的能级向n2 的能级跃迁时产生的光子的频率大，D正确5如图所示，矩形MNPQ区域内有方向垂直于纸面的匀强磁场，有 5 个带电粒子从图中箭头所示位置垂直于磁场边界进入磁场，在纸面内做匀速圆周运动，运动轨迹为相应的圆弧，这些粒子的质量、电荷量以及速度大小如下表所示.粒子编号质量电荷量(q0)速度大小1m 2q v22m 2q 2v33m 3q 3v42m 2q 3v52m q v由以上信息可知，从图中a、b、c处进入的粒子对应表中的编号分别为(D)A3、5、4 B4、2、5 C5、3、2 D2、4、5 解析：根据半径公式rmvBq，结合表格中数据可求得15 各组粒子的半径之比依次为，说
6、明第一组正粒子的半径最小，该粒子从MQ边界进入磁场逆时针运动由图a、b粒子进入磁场也是逆时针运动，则都为正电荷，而且a、b粒子的半径比为，则a一定是第 2 组粒子，b是第 4 组粒子，c顺时针运动，为负电荷，半径与a相等是第5 组粒子正确选项为D.6(2018武汉模拟)如图甲所示，在倾角为 的光滑斜面上放一轻质弹簧，其下端固定，静止时上端位置在B点质量m2.0 kg 的小物体由斜面上A点自由释放，从开始的一段时间内的v-t图象如图乙所示(图中 00.4 s时间段图线为直线，其余均为曲线)，小物体在0.4 s时运动到B点，0.9 s时到达C点，B、C间距为 1.2 m(g取10 m/s2)，由图
7、知(AC)A斜面倾角6B物体从B运动到C的过程中机械能守恒C在C点时，弹簧的弹性势能为16 J D小物体从C点回到A点过程中，加速度先增大后减小，再保持不变解析：由图乙可知，00.4 s内小物体做匀加速直线运动，加速度avt20.4 m/s2 5 m/s2，由牛顿第二定律得mgsin ma，解得 sin ag12，则 6，故选项 A正确；从B到C过程，除重力做功外，弹簧弹力对小物体做负功，小物体的机械能不守恒，故选项B错误；由能量守恒定律可得，在C点弹簧的弹性势能Ep12mv2BmghBC16 J，故选项C 正确；小物体从C点回到A点过程中，开始弹簧的弹力大于重力沿斜面向下的分力，合力向上，小
8、物体向上做加速运动，弹力逐渐减小，小物体所受的合力减小，小物体的加速度减小，然后弹簧的弹力小于重力沿斜面向下的分力，合力向下，小物体做减速运动，随小物体向上运动，弹簧弹力变小，小物体受到的合力变大，加速度变大，当物体与弹簧分离后，小物体受到的合力等于重力沿斜面的分力，加速度不变，小物体做加速度不变的减速运动，由此可知在整个过程中，小物体的加速度先减小后增大，再保持不变，故选项D错误7如图所示，某无限长粗糙绝缘直杆与等量异种电荷连线的中垂线重合，杆竖直放置杆上有A、B、O三点，其中O为等量异种电荷连线的中点，AOBO.现有一带电小圆环从杆上A点以初速度v0向B点滑动，滑到B点时速度恰好为0，则关
9、于小圆环的运动，下列说法正确的是(AC)A运动的加速度先变大再变小B电场力先做正功后做负功C运动到O点的动能为初动能的一半D运动到O点的速度小于v02解析：等量异号电荷的连线的中垂线上，从A到B电场强度先增大后减小，O点的电场强度最大，所以小圆环受到的电场力先增大后减小，小圆环受到的摩擦力FfFNqE，则小圆环受到的摩擦力先增大后减小，其加速度amgFfm，所以a先增大后减小，选项A正确；一对等量异号电荷的连线的中垂线是等势面，故小圆环从A到B过程电场力不做功，选项B错误；设A、B之间的距离为2L，摩擦力做的功为2Wf，小圆环从A到B的过程中，电场力不做功，重力和摩擦力做功，根据动能定理，AO
10、过程有mgLWf12mv2O12mv20，AB过程有mg2L2Wf012mv20，联立解得vO22v012v0，12mv2O1212mv20，即运动到O点的动能为初动能的一半，运动到O点的速度大于v02，选项 C正确，选项D错误8北京时间2013 年 2 月 16 日凌晨，直径约45 米、质量约13 万吨的小行星“2012DA14”以大约每小时2.8万公里的速度由印度洋苏门答腊岛上空掠过与地球表面最近距离约为2.7 万公里，这一距离已经低于地球同步卫星的轨道，但对地球的同步卫星几乎没有影响，只是划过了地球上空这颗小行星围绕太阳飞行，其运行轨道与地球非常相似，根据天文学家的估算，它下一次接近地球
11、大约是在2046 年 假设图中的P、Q是地球与小行星最近时的位置，下列说法正确的是(已知日地平均距离约为15 000 万公里)(BD)A小行星对地球的轨道没有造成影响，地球对小行星的轨道也没有任何影响B只考虑太阳的引力，地球在P点的线速度大于小行星通过Q点的线速度C只考虑地球的引力，小行星在Q点的加速度小于同步卫星在轨道上的加速度D小行星在Q点没有被地球俘获，是因为它在Q点的速率大于第一宇宙速度解析：小行星对地球的引力远小于太阳对地球的引力，所以小行星对地球的轨道没有造成影响，但地球对小行星的引力相比太阳对小行星的引力不能忽略，可知地球对小行星的轨道会造成影响，选项 A错误；若只考虑太阳引力，由万有引力提供向心力，GMmr2mv2r，得vGMr，由于地球在P点到太阳的距离小于小行星在Q点到太阳的距离，即r1r2，所以地球在P点的线速度大于小行星在Q点的线速度，选项B正确；只考虑地球引力，加速度aGMr2，由于小行星在Q点到地球的距离小于同步卫星到地球的距离，所以小行星在Q点的加速度大于同步卫星在轨道上的加速度，选项 C错误；小行星在Q点没有被地球俘获变成地球的卫星，是因为它在Q点的速率大于第一宇宙速度，选项D正确