《2019年中考物理题分类汇编 12杠杆、滑轮、机械效率.doc》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2019年中考物理题分类汇编 12杠杆、滑轮、机械效率.doc（70页珍藏版）》请在taowenge.com淘文阁网|工程机械CAD图纸|机械工程制图|CAD装配图下载|SolidWorks_CaTia_CAD_UG_PROE_设计图分享下载上搜索。
1、11212杠杆、滑轮、机械效率杠杆、滑轮、机械效率20. (2018威海)图9为吊装工具示意图，物体M为重5000N的配重，杠杆AB的支点为O,OA:OB=1:2，每个滑轮重100N.当重为700N的工人用300N的力竖直向下匀速拉动绳子时，工人对地面的压力为 N,物体M对地面的压力为 N. (杠杆与绳的自重、滑轮组摩擦均不计)20.400 450022（2018泰安）图甲是某学习小组“测量滑轮组的机 械效率”的示意图。用弹簧测力计竖 直向上 拉动绳子自由端，将 重为 4.5N 的物体从 A 位置提升到 A 位置，同时弹簧测力计从图中的 B 位 置上升到 B位置，在这个过程中，弹簧测力计的示数
2、如图乙所示。请你根据他们做的实验完成下列问题：（1） 物体提升的高度是 cm， 拉力是 N， 该滑轮组的机械效率 ；（2）若在图甲装置的基础上，增加一个动滑轮，改为图丙所示的装置，提升同一物 体，则滑轮组的机械效率_ （选填“变大”、“变小”或“不变”）。22缓慢（匀速）（1）5.02 75%（2）变小3（2018烟台）如图所示的杠杆，属于费力杠杆的是（ ）【分析】结合图片和生活经验，先判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆。【解答】解：2A、羊角锤在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，不符合题意。B、起子在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，
3、不符合题意。C、镊子在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，符合题意。D、钳子在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，不符合题意。故选：C。【点评】此题考查的是杠杆的分类，主要包括以下几种：省力杠杆，动力臂大于阻力臂；费力杠杆，动力臂小于阻力臂；等臂杠杆，动力臂等于阻力臂。24（2018淄博）骨胳、肌肉和关节构成了人体的运动系统，最基本的运动都是肌肉牵引骨胳绕关节转动产生的，其模型就是杠杆。如图所示是踮脚时的示意图，人体的重力为阻力，小腿肌肉施加的拉力为动力。重600N的小明在lmin内完成50个双脚同时踮起动作，每次踮脚过程中脚跟离开地面的高度是9cm。求：（1）小腿肌肉对每只脚的拉
4、力；（2）小明踮脚过程中克服重力做功的功率。【分析】（1）根据杠杆的平衡条件分析解答小腿肌肉对每只脚的拉力；（2）小明踮脚过程中克服重力做功等于小腿肌肉对脚的拉力做的功，根据P=算出小明踮脚过程中克服重力做功的功率【解答】解：（1）由图知，动力F的力臂L1=8cm+4cm=12cm=0.12m；重力的力臂L2=8cm=0.08m；根据杠杆的平衡条件可得：FL1=GL2，则小腿肌肉对每只脚的拉力：F=400N；3（2）小腿肌肉对脚的拉力做的功：W拉力=Fh=400N0.09m=36J；小明踮脚过程中克服重力做功等于小腿肌肉对脚的拉力做的功，等于36J；小明在lmin内完成50个双脚同时踮起动作，
5、则小明踮脚过程中克服重力做功的功率：P=30W。答：（1）小腿肌肉对每只脚的拉力为400N；（2）小明踮脚过程中克服重力做功的功率为30W。【点评】本题考查了杠杆的平衡条件、功的计算、功率的计算，其中小明踮脚过程中克服重力做功等于小腿肌肉对脚的拉力做的功是解题的关键。15（2018枣庄）如图所示，用相同的滑轮安装成甲、乙两种装置，分别用FA、FB匀速提升重力为GA、GB的A、B两物体，不计绳重和摩擦。若GAGB，则甲 乙；若FA=FB，则GA GB（选填“”、“”或“=”）【分析】（1）不计绳重和摩擦，克服物体重力做的功为有用功，克服物体重力和动滑轮重力做的功为总功，根据=100%=100%=
6、100%结合GAGB比较两滑轮组的机械效率关系；（2）由图可知滑轮组绳子的有效股数，根据F=（G+G动）结合FA=FB得出提升物体的重力关系。【解答】解：（1）不计绳重和摩擦，克服物体重力做的功为有用功，克服物体重力和动滑轮重力做的功为总功，则滑轮组的机械效率：=100%=100%=100%=100%，4因物体的重力G越大，1+越小，越大，且动滑轮的重力相等，所以，GAGB时，甲乙；（2）由图可知，n甲=2，n乙=3，由F=（G+G动）可得，提升物体的重力：G=nFG动，则FA=FB时，提升物体的重力关系为GAGB。故答案为：；。【点评】本题考查了滑轮组机械效率公式和绳子拉力公式的应用，明确有
7、用功和总功以及滑轮组绳子的有效股数是关键。21（2018枣庄）如图所示是小李和小王利用刻度均匀的轻质杠杆探究“杠杆平衡条件”的实验装置。（1）实验前没挂钩码时，杠杆静止的位置如图甲所示，此时应将螺母向 右 调节，使杠杆在水平位置平衡。（2）杠杆平衡后，小李在左右两侧分别挂上钩码，如图乙所示，杠杆的 左 端会下沉，要使杠杆重新在水平位置平衡，在不改变钩码悬挂点的位置和改变较少钩码的前提下，只需将 左侧的钩码去掉一个 即可。（3）小李和小王又分别设计了两种实验方案，小李的方案如图丙所示，小王的方案如图丁所示。你认为 小李 的实验方案更好，请说明你的理由 弹簧测力计在图丙的力与力臂垂直，力臂在杠杆上
8、便于测量 。（4）实验中小王发现：如果在杠杆的O点用弹簧测力计施加一个向上的力，这个力在探究5实验时是否影响到杠杆的平衡？请说明理由 这个作用在杠杆O点的力的力臂等于零，不影响杠杆的平衡。 。【分析】（1）调节杠杆在水平位置平衡时，平衡螺母向上翘的一端移动；探究杠杆平衡条件时，使杠杆在水平位置平衡，这样方便测量力臂；（2）设一个钩码重为G，杠杆一个小格是L，根据杠杆平衡条件判断杠杆向那端下降，要保持平衡，根据杠杆的平衡条件判断移动那侧钩码；（3）根据钩码个数与每个钩码的重力求出测力计拉力，根据杠杆的平衡条件可知，图丙弹簧测力计方向向上，容易测量力臂，图丁方向不与杠杆垂直，不易测量力臂；（4）过
9、支点的力，力臂为零。【解答】解：（1）调节杠杆在水平位置平衡，杠杆右端偏高，左端的平衡螺母应向上翘的右端移动，使杠杆在水平位置平衡，力臂在杠杆上，便于测量力臂大小，同时消除杠杆自重对杠杆平衡的影响；（2）设杠杆每个格的长度为L，每个钩码的重力为G，根据杠杆的平衡条件：F左L左=F右L右，即4G2L2G3L，左端大，故左端下沉；要使杠杆重新在水平位置平衡，如果不改变钩码总个数和悬挂点位置，只需要将左侧的钩码去掉一个即可平衡；（3）由图可知，弹簧测力计在图丙的力与力臂垂直，力臂在杠杆上便于测量，图丁的力不与杠杆垂直，力臂不方便测量，图丙好；（4）杠杆在O点还受到一个向上的力，这个力与杠杆自身重力都
10、过杠杆的支点，力臂为零，这两个力在探究杠杆平衡时不会影响到杠杆的平衡。故答案为：（1）右；（2）左；将左侧的钩码去掉一个；（3）小李；弹簧测力计在图丙的力与力臂垂直，力臂在杠杆上便于测量；（4）这个作用在杠杆O点的力的力臂等于零，不影响杠杆的平衡。【点评】此题是探究杠杆平衡实验，考查了杠杆的调平及杠杆平衡条件的应用以及过支点的力对杠杆的影响，要注意分析力和对应的力臂。7（2018潍坊）如图所示，杠杆处于平衡状态。如果杠杆两侧的钩码各减少一个，杠杆将（ ）6A左端下降 B右端下降 C仍然平衡 D无法判断解析:图中杠杆处于平衡状态，设一个钩码的重为G，杠杆上一格的长度为L，根据杠杆平衡条件可得：2
11、G3L=3G2L；如果杠杆两侧的钩码各减少一个，则：左边力与力臂的乘积：1G3L，右边力与力臂的乘积：2G2L，由于此时右边力与力臂的乘积较大，所以右端下降。故选B。23（2018潍坊）如图所示，工人用滑轮组提升重为400N的货物所用拉力恒为240N，货物被匀速提升10m。求:（1）工人做的功 （2）滑轮组的机械效率解:（1）由图知，n=2，则绳子自由端移动的距离：s=2h=210m=20m，工人做的功：W总=Fs=240N20m=4800J；（2）提升物体做的有用功：W有=Gh=400N10m=4000J，则滑轮组的机械效率：=100%=100%83.3%。答：（1）工人做的功为4800J；
12、（2）滑轮组的机械效率83.3%。13（2018滨州）如图所示，重400N的物体在30N的水平拉力F的作用下，以0.1m/s的速度沿水平地面向左匀速直线运动了10s，滑轮组的机械效率为80%，则在此过程中，下列说法正确的是（ ）A绳子自由端移动的距离为3m B有用功为400JC拉力F的功率为9W D物体与地面间的滑动摩擦力为72N7解析:A、由图知，n=3，则绳子自由端移动的距离：s绳=3s物=3v物t=30.1m/s10s=3m，故A正确；B、拉力做功为：W总=Fs绳=30N3m=90J，有用功：W有=W总=80%90J=72J，故B错误；C、拉力做功的功率：P=9W，故C正确；D、有用功W
13、有=fs物，拉力做的总功W总=Fs绳，由=得，物体与地面间的滑动摩擦力：f=3F=80%330N=72N，故D正确。故选ACD。22（2018滨州）小明在“研究杠杆平衡条件”的实验中所用的实验器材有，刻度均匀的杠杆，支架，弹簧测力计，刻度尺，细线和质量相同的0.5N重的钩码若干个。（1）如图A所示，实验前，杠杆左侧下沉，则应将左端的平衡螺母向 （选填“左”或”右”）调节，直到杠杆在 位置平衡，目的是便于测量 ，支点在杠杆的中点是为了消除杠杆 对平衡的影响。（2）小明同学所在实验小组完成某次操作后，实验象如图B所示，他们记录的数据为动力F1=1.5N，动力臂L1=0.1m，阻力F2=1N，则阻力
14、臂L2= m。（3）甲同学测出了一组数据后就得出了”动力动力臂=阻力阻力臂”的结论，乙同学认为他的做法不合理，理由是 。（4）丙同学通过对数据分析后得出的结论是：动力支点到动力作用点的距离=阻力支点到阻力作用点的距离，与小组同学交流后，乙同学为了证明丙同学的结论是错误的，他做了如图C的实验，此实验 （选填“能”或”不能”）说明该结论是错误的，图C实验中，已知杠杆上每个小格长度为5cm，每个钩码重0.5N，当弹簧测力计在A点斜向上拉（与水平方向成30角）杠8杆，使杠杆在水平位置平衡时，动力动力臂 （选填“等于”或“不等于”）阻力阻力臂”。解析:（1）调节杠杆在水平位置平衡，杠杆右端偏高，左端的平
15、衡螺母应向上翘的右端移动，使杠杆在水平位置平衡，力臂在杠杆上，便于测量力臂大小，同时消除杠杆自重对杠杆平衡的影响；（2）杠杆平衡条件为：F1L1=F2L2。由杠杆平衡条件得：1.5N0.1m=1NL2，得：L2=0.15m；（3）只有一次实验得出杠杆平衡的条件是：动力动力臂=阻力阻力臂。这种结论很具有偶然性，不合理。要进行多次实验，总结杠杆平衡条件。（4）丙同学通过对数据分析后得出的结论是：动力支点到动力作用点的距离=阻力支点到阻力作用点的距离，与小组同学交流后，乙同学为了证明丙同学的结论是错误的，他做了如图C的实验，此实验能得到“动力支点到动力作用点的距离=阻力支点到阻力作用点的距离”，这个
16、结论是不正确的；当动力臂不等于支点到动力作用点的距离时，看实验结论是否成立，所以利用图C进行验证；杠杆平衡条件为：F1L1=F2L2。由杠杆平衡条件得：40.5N35cm=3N45cm，左右相等，杠杆在水平位置平衡时，动力动力臂 等于阻力阻力臂”。答案：（1）右；水平；力臂；自重；（2）0.15；（3）一组实验数据太少，具有偶然性，不便找出普遍规律；（4）能；等于。9（2018临沂）图（a）所示的杠杆是水平平衡的。如果在支点两侧的物体下方分别加挂一个等重的物体，如图（b）所示，则杠杆（ ）A右端下沉B左端下沉C要保持平衡应将左端的物体向右移动D要保持平衡应在右端再加挂一个物体9【分析】（a）图
17、杠杆是平衡的，原因是两边的力和力臂的乘积相等，（b）图分别加挂一个等重的物体后，分析两边的力和力臂的乘积是否还相等，据此判断丁图的杠杆是否还平衡。【解答】解：AB、设一个钩码重为G，杠杆一格长为L，（a）图杠杆平衡是因为：2G2L=G4L；（b）图分别加挂一个等重的物体后（为便于研究，设物体的重也为G），左边力与力臂的乘积：3G2L，右边力与力臂的乘积：2G4L，因为3G2L2G4L，即右边力与力臂的乘积较大，所以杠杆不能平衡，右端下沉；故A正确，B错误；CD、若想让杠杆能够平衡，可以将左端的物体向左移动，从而增大左边的力臂，使左边的力与力臂的乘积等于右边的力与力臂的乘积，故C错误；若想让杠杆
18、能够平衡，可以在左端再加挂一个物体，左边的力变大，使左边的力与力臂的乘积等于右边的力与力臂的乘积，故D错误。故选：A。26（2018临沂）小明用如图所示的动滑轮提起140N的水桶，动滑轮重20N（不计绳重和摩擦），小明拉绳子的动力为 80 N；如果向水桶内再加入40N的水，提起时动滑轮的机械效率 变大 （选填“变大”、“变小”或“不变”）。【分析】不计绳重和摩擦，人拉绳子自由端的拉力F=（G+G动）；用同一个滑轮组提升物体时，物重越大，效率越高。10【解答】解：由图可知，该滑轮为动滑轮，有两段绳子拉着动滑轮，不计绳重和摩擦，则拉绳子的动力：F=（G+G动）=（140N+20N）=80N；使用同
19、一滑轮组，在提升高度相同时，所做的额外功不变，增加水的重力，增大了有用功，所以有用功在总功中所占的比例变大，机械效率会变大。故答案为：80；变大。20（2018青岛）实验探究：探究杠杄的平衡条件数据如图甲，利用钩码和刻度尺测量出杠杆平衡时各个力及其力臂，测得数据如下表：次数动力F1/N动力臂L1/cm阻力F2/N阻力臂L2/cm11.0102.0521.550.51532.0151.520结论作图杠杆的平衡条件是 F1L1=F2L2 。实验进行3次的目的是 c （只有个选项正确，填写对应字母）。a取平均值减小误差b使每组数据更准确c归纳出物理规律如图乙，若用弹簧测力计的拉力作动力，进行实验，请
20、画出其动力臂。【分析】（1）杠杆的平衡条件：F1L1=F2L2；（2）实验中为得出普遍性规律，应多次测量分析得出结论；（3）力臂是从支点到力的作用线的垂直距离，据此画出力臂的垂线。11【解答】解：第一次数据：F1L1=F2L21N0.1m=2N0.05m，F1L1=F2L2，第二组数据：F1L1=F2L21.5N0.05m=0.5N0.15m第三组数据：F1L1=F2L22N0.15m=1.5N0.2m杠杆的平衡条件为：F1L1=F2L2。如果实验次数太少，实验研究得出结论具有偶然性，不具有普遍性，实验结论必须在多次试验的基础上得出，这样才能有效地避免实验结果偶然性出现，故选c；画出其动力臂：
21、故答案为：F1L1=F2L2；c；如上图。【点评】此题是探究杠杆平衡条件的实验，同时考查了杠杆力臂的画法。24（2018青岛）工人利用如图所示的滑轮组匀速提升重600N的货物，绳子自由端被竖直拉上6m，额外功为300J求滑轮组的机械效率【分析】由图知，使用滑轮组承担物重的绳子股数n=3，由s=nh求出货物提升的高度h，利用W有用=Gh求有用功；已知额外功，根据W总=W有用+W额计算总功；最后根据公式=求滑轮组的机械效率。【解答】解：由图知，n=3，12由s=nh可得，货物提升的高度：h=2m，则所做的有用功：W有用=Gh=600N2m=1200J；拉力所做的总功：W总=W有用+W额=1200J
22、+300J=1500J；则滑轮组的机械效率：=100%=80%。答：滑轮组的机械效率为80%。【点评】本题考查了使用滑轮组有用功、总功、机械效率的计算，求出承担物重的绳子股数n是解题的突破口。5. （2018聊城）人体中的许多部位都具有杠杆的功能。如图是人用手托住物体时手臂的示意图，当人手托5kg的物体保持平衡时，肱二头肌收缩对桡骨所施加力的大小一定BA大于5kg B大于49N C小于49N D.等于49N12. （2018聊城）（多选题）个人师傅搬运货物时，在地面和卡车的车厢间倾斜放置一长木板搭成斜面，将地面上的货物沿斜面匀速拉上车厢用时15s。已知车厢高1.5m，木板长3m，货物质量为60
23、kg，沿斜面所用的拉力为400N，g=10N/kg，则下列说法正确的是BDA.工人做的总动为9O0JB.工人做的额外功为300JC.工人做功的功率为60WD.此斜面的机械效率为75%1315. （2018菏泽）使用同一个滑轮组提升物体，提升的物体质量越大，滑轮组的机械效率 (填“越高”“越低”或“不变”)。15.越高19. （2018菏泽）(2分)如图所示，杠杆OA在动力F1作用下处于静止状态，请你画出阻力F2及阻力臂L2.4（2018东营）对物理概念的理解是学好物理的关键。关于功、功率和机械效率，下列说法正确的是CA通过改进机械的性能可以使机械效率达到100%B做功多的机械，功率一定大C功率
24、大的机械，做功一定快D做功快的机械，机械效率一定高 15（2018东营）如图所示，杠杆AOB能绕O点转动。在A点挂一重物G，为使杠杆保持平衡且用力最小，在B点施加一个力，这个力应该是图中的_。15F2（2分）20. （2018德州）(2分)手机自拍已成一种时尚。如图19所示是使用自拍杆辅助手机进行自拍时的示意图，将自拍杆看作一个轻质杠杆，O点是支点。请在图中画出：(1)施加在A点最小的动力F1；(2)力F2的力臂L2。F4OF3F1F2 GAB1423. （2018德州）(6分)测量滑轮组的机械效率：步 骤如图22为测量某滑轮组机械效率 的实验装置。实验时沿竖直方 向匀速缓慢拉动弹簧测力计。
25、分析表中数据可知：实验2是用 图_做的实验。实 验序号3中的机械效率=_ _。装置图实验 序号钩码重 量G/N钩码上升高 度h/m绳端拉力F /N绳端移动距离s/m机械效率n140.11.80.374% 280.13.10.386%表 格380.12.50.4结 论通过比较_ (填实验序号)两次实验数据得出结论：同一滑轮组提升重物时，物重越大，滑轮组的 机械效率越高。通过比较2、3两次实验数据可得出结论：不同滑轮组提升相同重物时 ，动滑轮越重，滑轮组的机械效率_。 问 题 讨 论实验过程中边拉动边读数，弹簧测力计示数不稳定，有同学认为应静止时读数。你认 为他的想法_ (选填“正确”或“不正确”
26、)，因为他没有考虑到_对滑轮组机械效率的影 响。23乙 80% 1.2 越低 不正确 摩擦力20（2018玉林）如图所示，长为40cm、重为10N的匀质杠杆可绕着O点转动，作用在杠杆一端且始终与杠杆垂直的力F，将杠杆缓慢地由与水平方向夹角为30的位置拉至水平位置（忽略摩擦阻力），在这个过程中，力F的大小将 增大 （选填“增大”、“不变”或“减小”），力F所做的功为 1 J。15【分析】（1）根据杠杆平衡条件来做出分析；（2）根据h=Lsin30求出物体重心上升的高度，再根据W=Gh求出克服重力做的功，即为拉力做的功。【解答】解：（1）在杠杆缓慢地由与水平方向夹角为30的位置拉至水平位置的过程中
27、，动力臂L的长度没有变化，阻力G的大小没有变化，而阻力臂L却逐渐增大；由杠杆的平衡条件知：FL=GL，当L、G不变时，L越大，那么F越大，因此拉力F在这个过程中逐渐增大；（2）物体重心上升的高度h=Lsin30=40cm=10cm=0.1m，拉力做的功W=Gh=10N0.1m=1J。故答案为：增大；1。【点评】此题主要考查的是学生对杠杆平衡条件和功的计算公式的理解和掌握，明白拉力做的功就是克服重力做的功是解决此题的关键。2（2018贵阳）人们应用不同的简单机械来辅助工作，正常使用下列简单机械时说法正确的是（ ）A筷子可以省距离B所有剪刀都一定省力C定滑轮可以省力D撬棒越短一定越省力【解答】解：
28、A、用筷子夹菜时，动力臂小于阻力臂，所以是一个费力杠杆，费力但省距离，故A正确；B、剪铁皮用的剪刀，在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆；理发用的剪刀，在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆；所以，剪刀有省力的，也有费力的，故B错误；C、定滑轮在使用过程中，动力臂等于阻力臂，是等臂杠杆，不省力，故C错误；D、撬棒在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆；在其它条件不变时，省力的多少16取决于动力臂的长短，撬棒越短动力臂越小，越费力，故D错误。故选：A。18（2018黔南）如图为某同学测动滑轮机械效率的示意图。他用弹簧测力计拉动绳子的自由端，将质量为200g的钩码从A位置匀速提升到B
29、位置，同时弹簧测力计从图中的A位置匀速竖直上升到B位置，这个过程用时2秒，弹簧测力计对绳的拉力为F请你根据这个同学做的实验完成下列问题：（1）准备了下列器材：钩码、天平、滑轮组、细绳、弹簧测力计和刻度尺，其中多余的器材是 天平 ；（2）如图，由刻度尺的读数可知，钩码上升的距离是 10.0 cm。（3）若弹簧测力计的读数为1.2N，则这个动滑轮的机械效率是 83.3% ，拉力F做功的功率是 0.12 W。【解答】解：（1）实验中不需要测出钩码的质量，故多余的器材是天平；（2）由图可知，刻度尺的分度值是1cm，则钩码上升的距离为10.0cm；（3）弹簧测力计从25cm开始上升，上升到45cm处，绳
30、子末端移动的距离s=20.0cm=0.2m；拉力做的功即总功为：W总=FS=1.2N0.2m=0.24J；有用功为：W有=Gh=mgh=0.2kg10N/kg0.1m=0.2J；机械效率为：=83.3%；拉力F做功的功率是：P=0.12W。17故答案为：（1）天平；（2）10.0；（3）83.3%；0.12。8（2018龙东）如图所示的简单机械中一定费力的是（ ）A起瓶器B撬棒C羊角锤D钓鱼竿【解答】解：A、起瓶器在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，故A错误；B撬棒在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，故B错误；C、羊角锤在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，故C错误；D、
31、钓鱼竿在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，故D正确。故选：D。14（2018龙东）（多选题）如图所示，用滑轮组提升重物时，重600N的物体在10s内匀速上升1m。已知绳子的拉力为400N，则提升重物的过程中（ ）18A绳子自由端被拉下3mB做的有用功是600JC滑轮组的机械效率为80%D拉力F的功率为80W【解答】解：A、由图可知，n=2，绳子自由端移动的距离s=2h=21m=2m，故A错；B、做的有用功：W有用=Gh=600N1m=600J，故B正确；C、拉力做的总功：W总=Fs=400N2m=800J，滑轮组的机械效率：=100%=75%，故C错；D、拉力做功的功率：P=80W，故
32、D正确。故选：BD。29（2018龙东）小红和小明利用如图所示装置探究杠杆的平衡条件。（1）若实验前杠杆如图甲所示，可将杠杆两端的平衡螺母向 右 （填“左”或“右”）调节，使杠杆在水平位置平衡。（2）在实验过程中，调节杠杆在水平位置平衡的目的是 便于测量力臂 。（3）在杠杆两端加挂钩码，并移动钩码，使杠杆在水平位置平衡，测出力臂，多次实验并把数据记录在表格中。次数F1/NL1/cmF2/NL2/cm1911102522101203215310小明根据以上数据得出杠杆平衡条件是 F1L1=F2L2 。（4）杠杆调节平衡后，小红在杠杆上的A点处挂4个钩码，如图乙所示，为使在重新平衡，应在B点挂 6
33、 个钩码。当杠杆平衡后，将A点和B点下方所挂的钩码同时向支点0靠近一格，杠杆会 左侧下降 （填“左侧下降”、“右侧下降”或“仍水平平衡”）。（5）如图丙所示，用弹簧测力计在C处竖直向上拉，使杠杆在水平位置平衡，当弹簧测力计在原位置逐渐向左倾斜时，使杠杆仍然在水平位置平衡，则弹簧测力计的示数将 变大 （填“变大”，“变小”或“不变”）。【解答】解：（1）若实验前杠杆如图甲所示，左端下沉，右端上翘，可将杠杆两端的平衡螺母向右调节，使杠杆在水平位置平衡。（2）实验时让横杆AB在水平位置平衡，力臂在杠杆上便于测量力臂大小，杠杆的重心通过支点，可以消除杠杆重对杠杆平衡的影响；（3）分析表格中的数据可得出
34、杠杆平衡的条件是：F1L1=F2L2；（4）设杠杆每个格的长度为L，每个钩码的重力为G，根据杠杆的平衡条件：FALA=FBLB，即4G3L=FB2L，解得FB=6G，需挂6个钩码；根据杠杆的平衡条件：FALA=FBLB，若A、B两点的钩码同时向靠近支点的方向移动一个格，则左侧4G2L=8GL，右侧6GL=6GL，因为8GL6GL，所以杠杆左端会下降；（5）如果作用在杠杆上的力方向不与杠杆垂直则该力的力臂短了，就会使得拉力变大；故答案为：（1）右；（2）便于测量力臂；（3）F1L1=F2L2；（4）6；左侧下降；（5）变大。13.（4分）（2018岳阳）用不计绳重和摩擦的滑轮组把重为720N的货
35、物匀速提高10m，所做的总功为12000J，此时滑轮组的机械效率为_，用该滑轮组提升更重的物体，机械效率会_。（选填“变小”、“不变”或“变大”）考点：机械效率、提高机械效率的途径。20专题：机械能解析：所做有用功W有=Gh=720N 10m=7200J ；机械效率有总W7200J W12000J100%100%60%。提高机械效率的措施，有用功一定时，减小额外功；额外功一定时，增大有用功，对于同一滑轮组可增大提升物体重力提高机械效率。故答案为：60%、变大。17（2018南京）用如图所示的滑轮组将重85N的物体匀速提升2m，拉力F为50N此过程中有用功为 170 J，总功为 200 J，滑轮
36、组机械效率为 85% ，根据已知条件，以下四个物理量：动滑轮上升的高度、动滑轮的重力、额外功、拉力的功率，还能求出的有 和 （选填序号）【分析】（1）利用W=Gh求拉力做的有用功；（2）由图可知，n=2，拉力端移动的距离s=2h，利用W=Fs求拉力做的总功；（3）滑轮组的机械效率等于有用功与总功之比；（4）使用滑轮组提升重物时，由于动滑轮和物体一起运动，动滑轮上升的高度等于物体上升的高度；不计摩擦和绳重，拉力F=（G+G轮）；额外功等于总功减去有用功；拉力的功率等于拉力做的功与做功时间之比。【解答】解：（1）拉力做的有用功：W有=Gh=85N2m=170J；（2）由图可知，n=2，拉力端移动的
37、距离：s=2h=22m=4m，拉力做的总功：W总=Fs=50N4m=200J；（3）滑轮组的机械效率：21=100%=75%；（4）因为动滑轮和物体一起运动，动滑轮上升的高度等于物体上升的高度，大小为2m；不计摩擦和绳重，拉力F=（G+G轮），据此可求动滑轮重力，但题目没有提高“不计摩擦和绳重”这个条件，无法计算动滑轮的重力；额外功等于总功减去有用功，W额=W总W有用=200J170J=30J；因为不知道做功时间，所以无法计算拉力的功率。可见，还能求出的有、。故答案为：170；200；85%；。【点评】本题考查了使用动滑轮时有用功、总功、功率、机械效率的计算，关键是明确有用功、总功的含义，注意
38、：不计摩擦和绳重，拉力F=（G+G轮）。17.（2018长沙）在认识到杠杆转动跟力、力臂有关后，某实验小组通过实验进一步探究杠杆的平衡条件。以下是他们的部分实验过程：（1）首先，将杠杆放在水平桌面上，在不挂钩码的情况下，调节杠杆两端的平衡螺母，使杠杆平衡在 位置上，以方便直接读出力臂；（2）接下来，他们使杠杆在如图位置静止，多次实验，记录数据如表格所示（每个钩码的重力为1N，杠杆质量、刻度分别均匀）；小玲认为杠杆的平衡条件为F1=F2，L1=L2；而小军则认为实验还需要进一步改进。你认为小玲总结的杠杆平衡是 （选填“正确的”或“错误的”）；实验序号F1/NL1/cmF2/NL2/cm12323
39、2333334343（3）如果小军在杠杆左端A点再挂2个钩码（即左端共4个钩码），接下来，他应该将右端的两个钩码向右移动 格，杠杆才会在原位置再次平衡。22考点：探究杠杆的平衡条件。了解杠杆的平衡条件。专题：机械运动和力解析：（1）调节杠杆两端的平衡螺母，使杠杆平衡在水平位置上，以方便直接读出力臂；（2）小玲认为杠杆的平衡条件为F1=F2，L1=L2；而小军则认为实验还需要进一步改进。你认为小玲总结的杠杆平衡是错误的；（3）如果小军在杠杆左端A点再挂2个钩码（即左端共4个钩码），接下来，他应该将右端的两个钩码向右移动2格（即右边第4个刻度），杠杆才会在原位置再次平衡。故答案为：（1）水平；（2
40、）错误的；（3）2。16（2018呼和浩特）如图所示，用甲、乙两种滑轮组，分别匀速竖直向上提升同一重物，从相同位置开始提升至同一高度处，求：（1）若不计绳重，滑轮重及摩擦，两次拉力F1和F2之比；（2）若不计绳重及摩擦，重物质量为400g，动滑轮质量为100g，匀速拉动过程中甲、乙两装置的机械效率。【分析】（1）甲图，n1=2；乙图，n2=3，若不计绳重、滑轮重及摩擦，拉力F=G，据此求两次拉力F1和F2之比；（2）利用G=mg求重物重力、动滑轮重力，因为不计绳重及摩擦时，滑轮组的机械效率=，所以甲、乙两装置的机械效率相同，利用=计算。【解答】解：（1）由图知，甲图中，n1=2；乙图中，n2=
41、3，若不计绳重、滑轮重及摩擦，则拉力F=G，23两次拉力F1和F2之比：F1：F2=G：G=：=3：2；（2）重物的重力：G=mg=0.4kg10N/kg=4N，动滑轮的重力：G轮=m轮g=0.1kg10N/kg=1N，不计绳重及摩擦时，滑轮组的机械效率=，由于两装置中物重和动滑轮重均相同，所以甲、乙两装置的机械效率：1=2=100%=80%。答：（1）若不计绳重、滑轮重及摩擦，两次拉力F1和F2之比为3：2；（2）若不计绳重及摩擦，甲、乙两装置的机械效率都是80%。【点评】本题考查了使用滑轮组时拉力、机械效率的计算，利用好：不计绳重及摩擦时，滑轮组的机械效率=。8（3分）（2018攀枝花）某
42、实验小组分别用如图所示的甲、乙两个滑轮组（每个滑轮等重），在相同时间内把重物G提升相同高度，F1和F2大小相等，不计绳重及摩擦，下列说法正确的是（ ）A力F1和F2做功的功率相同B力F1和F2做的总功相同C乙滑轮组更省力，两个滑轮组机械效率一样大D甲滑轮组的机械效率比乙滑轮组高【分析】使用滑轮组时，手拉绳子自由端做的功是总功；总功与所用时间之比是拉力做功的功率；24根据已知条件判断省力情况；利用公式=比较滑轮组机械效率。【解答】解：由图知，甲滑轮组中承担物重的绳子段数n=3，乙滑轮组中承担物重的绳子段数n=4。AB、若重物上升高度为h，则两滑轮组中绳端移动的距离分别为：s甲=3h，s乙=4h；
43、甲滑轮组中拉力做的总功为W甲总=F13h，乙滑轮组中拉力做的总功为W乙总=F24h，已知F1=F2，所以W甲总W乙总，故B错误；已知时间相同，由公式P=知，P甲总P乙总故A错误；CD、已知F1=F2，所以省力情况相同，故C错误；甲、乙两滑轮组提升的物重G相同，设一个动滑轮的重为G动，不计绳重及摩擦，则甲滑轮组的机械效率为：甲=，乙滑轮组中有2个动滑轮，同理可得，乙滑轮组的机械效率为：乙=，所以甲乙，故C错误，D正确。故选：D。【点评】本题考查了使用滑轮组时n的确定方法，总功、机械效率、功率的计算方法，本题关键在于确定总功大小关系。24（2分）（2018攀枝花）如图所示，一个绕O点的转动的杠杆，
44、已知动力F1的方向和阻力F2的力臂L2，请画出动力F1的力臂L1以及阻力F2。【分析】已知支点、阻动力的方向和阻力臂，根据力臂的画法，过支点作阻力作用线的垂线段，即动力臂；然后过阻力臂的末端作垂直于阻力臂的作用力，即阻力。25【解答】解：过支点O作动力F1作用线的垂线段，即为动力臂L1；根据力和力臂的垂直关系，过力臂L2的上端，作垂直于力臂L2的直线，与杠杆的交点为力F2的作用点，已知阻力F1的方向向上，为使杠杆平衡，则力F2的方向应斜向下，由此画出阻力F2，作图如下：【点评】会根据力与力臂的关系画出相应的力臂或作用力，要求作图规范。4（2018舟山） 科学实验中，重力有时对实验结果的准确性会
45、产生影响。下列实验中的做法不是为了减小或避免重力影响的是（ ）A选用轻质泡沫塑料小球B选用易形变的气球C将集气瓶水平横放26D调节两端螺母使杠杆在水平位置平衡【分析】重力的方向竖直向下，为了减小重力的影响，通常选择质量较轻的，可以平衡抵消的，或者让重心偏低。【解答】解：A、选用轻质泡沫塑料小球，排斥的远，效果更明显，是为了减小重力的影响，故A错误；B、选用易形变的气球，是为了更好的看出形变情况，故不是为了减小或避免重力影响，故B正确；C、将集气瓶水平横放，使重心降低，是为了减小重力对实验的影响，故C错误；D、调节两端螺母使杠杆在水平位置平衡，使重心在支点处，减小重力对实验的影响，故D错误。故选
46、：B。【点评】本题考查重力对实验结果的影响，注意仪器的选择和使用，以质轻为主。8（2018湖州）一根均匀的长方体细长直棒重1.5牛，下底面积为20厘米2，将它放在水平桌面上，并有的长度露出桌面外，如图所示。在棒的右端至少应施加 1.5 牛的竖直向下的力，才能让它的左端离开桌面。【分析】（2）确定支点，压力为动力，棒的重力为阻力，根据杠杆的平衡条件进行分析，且要使力最小，需使动力臂最长。【解答】解：（2）在棒的右端施加力，使左端抬起，此时直棒相当于杠杆，支点在桌边，根据杠杆的平衡条件，要使动力最小，应该使动力臂最长，所以应在最右端施加一个竖直向下的力，如27图所示：设直棒的长为L，由题知L1=L
47、，重力的力臂L2=L，根据杠杆的平衡条件可得：FL1=GL2，即：FL=1.5NL，解得：F=1.5N。故答案为：（2）1.5。【点评】本题考查了压强的计算及杠杆平衡条件的应用，解决（2）的关键是确定支点，动力臂及阻力臂。27（2018泸州）泸州市为了巩固创文成果下发了宜传手册“绿色低碳生活，从垃圾分类开始”。如图是一种轮式垃圾桶，拖动时它相当于一个 省力 杠杆（选填“省力”或“费力”）；垃圾桶底部的小轮子是为了 减小 摩擦力（选填“增大”或“减小”）；若拖动时垃圾桶总重为150N，且动力臂为阻力臂的2倍，则保持垃圾桶平衡的拉力F为 75 N。【分析】（1）由示意图分析动力和阻力，然后看动力臂和阻力臂的大小，确定杠杆种类；（2）用滚动代替滑动可以减小摩擦；（3）根据杠杆的平衡条件进行计算求出竖直向上的力。【解答】解：（1）图示的垃圾桶，因为是动力臂大于阻力臂的杠杆，所以是一个省力杠杆；（2）垃圾桶底部安装小轮子，采用变滑动为滚动的方式减小了摩擦力；（3）已知垃圾桶总重G=150N，动力臂L1=2L2，28根据杠杆平衡条件：FL1=GL2可得，保持垃圾桶平衡的拉力为：F=75N。故答案为：省力；减小；75。【点评】此题考查的是杠杆的分类、减小摩擦分方法及平衡条件的应用，明确阻力臂的大小是解答此题的关键。25（2018泸州）