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1、2021-2021 学年江苏省泰州市兴化市常青藤联盟九年级（上）第二次联考物学年江苏省泰州市兴化市常青藤联盟九年级（上）第二次联考物理试卷理试卷一、选择题（每题一、选择题（每题 2 分共分共 24 分）分）1.在日常生活中，用 10N 的拉力不能提起重 15N 的物体的简单机械是（）A.一个定滑轮B.一个动滑轮C.杠杆D.斜面2.关于燃料的热值，下列说法中正确的是（）A.燃料的质量越大，热值越大B.容易燃烧的燃料的热值一定大C.燃料的热值与燃料的燃烧情况无关D.热值大的燃料燃烧时放出的热量一定多3.如图是人们在生活用电中的几种做法，其中正确的是（）A.试电笔的握法B.带金属外壳的用电器使用合格
2、的三孔插座C.多个大功率用电器同时使用一个插座D.使用绝缘皮破损的导线4.将规格都是“220V100W”的一台电风扇、一台电视机和一把电烙铁分别接入同一家庭电路中，通电时间相同，下列说法正确的是（）A.三个用电器产生的热量相同B.电风扇产生的热量最多C.电烙铁产生的热量最多D.电视机产生的热量最多5.小王家的空气开关发生了跳闸，则一定是电路中（）A.发生了短路B.用电器总功率过大C.电压大于 220VD.总电流过大6.下列家用电器中，正常工作一小时耗电接近 1.2kWh 的是（）A.空调B.电冰箱C.电视机D.台灯7.关于磁体、磁场和磁感线，以下说法中正确的是（）A.铜、铁和铝都能够被磁体所吸
3、引B.磁感线是磁场中真实存在的曲线C.磁体之间的相互作用都是通过磁场发生的D.物理学中，把小磁针静止时 S 极所指的方向规定为该点磁场的方向8.如图是某名牌榨汁机，为保障安全，该榨汁机设置了双重开关-电源开关S1和安全开关S2，当杯体倒扣在主机上时，S2自动闭合，此时再闭合S1，电动机才能启动，开始榨汁，下列电路图符合上述要求的是（）A.B.C.D.9.两定值电阻甲、乙中的电流与电压的关系如图所示现在将甲和乙串联后接在电压为 3V 的电源两端，下列分析正确的是（）A.甲的电阻值大于乙的电阻值B.甲两端的电压大于乙两端的电压C.甲消耗的电功率小于乙消耗的电功率D.通过甲的电流大于通过乙的电流10
4、.如图所示的电路中，电源电压不变，R 为滑动变阻器。闭合开关 S 后，在滑片 P 向右移动过程中，（）A.电流表A1的示数变小，灯泡变暗B.电流表 A 的示数变小，电压表 V 的示数变大C.电压表 V 的示数不变，电路的总功率变大D.电压表 V 的示数不变，灯泡的亮度不变11.甲、乙两灯分别标有“6V 6W”、“6V 3W”字样，现将两灯接入同一电路中使用，则下列说法不正确的是（不计温度对灯丝电阻的影响）（）A.两灯串联在 6V 的电路中使用时，都不能正常发光B.两灯串联在 6V 的电路中使用时，甲灯比乙灯亮C.两灯并联在 6V 的电路中使用时，都能正常发光D.两灯并联在 6V 的电路中使用时
5、，甲灯比乙灯亮12.如图所示，电路中电源电压恒为 4.5V，电压表的量程为 03V，电流表的量程为 00.6A，滑动变阻器的规格为“40 1.5A”，灯泡标有“2.5V 1.25W”字样（灯丝电阻不变）闭合开关，要求两电表的示数均不能超过所选量程，灯泡两端电压不允许超过额定值，则下列说法正确的是（）A.当滑动变阻器的滑片向右滑动过程中，电压表示数变大，灯泡变亮B.当滑动变阻器的滑片向左滑动过程中，电压表与电流表示数的比值变大C.灯泡的最小功率是 0.05 WD.滑动变阻器允许的调节范围是 410二、填空题（每空二、填空题（每空 1 分共分共 26 分）分）1.如图所示，小安从滑梯顶端由静止滑下
6、，_能转化为动能。同时小安的臀部感觉热，这是通过_方式改变他的内能。2.可充电电筒的电池能反复充放电使用，既节约了资源，也保护了环境电池充电时，电能转化为_能，此时充电电池属于_（选填“电源”或“用电器”）3.民族英雄文天祥在扬子江一诗中有“臣心一片磁针石，不指南方不肯休”的诗句这里的磁针石是由于受到_的作用，其南极指向地理位置的_方4.一台四冲程汽油机曲轴转速是 2400r/min，此汽油机每秒钟完成_个冲程，对外做_次功5.使用测电笔时，手要_（接触、不接触）测电笔尾部的金属电极笔尖接触电线（或与导线相连的导体），氖管发光表明接触的是_线在家庭电路中，有一次，小红把电灯开关断开时，用测电笔
7、分别检测开关的两个接线柱，氖管一次发光，一次不发光据此，小红_（能/不能）确定该开关接在火线上6.经验证明，只有不高于_V 的电压才是安全的在家庭电路中，灯泡与插座是_联，用电器插头上标有 E 的导线是和用电器的_相连，为避免使用空调等大功率用电器造成总电流过大而引发火灾等安全事故，家庭电路中需安装_7.如图所示，电能表的示数为_kWh；若 3min 电能表表盘上的指示灯闪烁了 60 次，则这段时间内该用户消耗的电能为_J，此时电路中的总功率为_W8.一个标有“12V 6W”的小灯泡接在电压为 18V 的电源下正常发光，则需串联一个电阻 R，该串联电阻阻值为_，该电阻消耗的功率为_W9.如甲图
8、电路，当开关 S 闭合后，电流表的指针偏转如乙图所示，此时通过L2的电流为_A，L1和L2的电阻之比为_，L1和L2消耗的功率之比为_10.甲、乙两灯的额定电压均为 9V，测得其电流与电压变化的关系图象如图所示则乙灯正常发光时的电阻是_；若将甲、乙两灯串联接入电路，则电路两端的电压最大为_V，通电 1min，两灯消耗的总电能最大为_ J三、解答题（共三、解答题（共 50 分）分）1.根据下列要求作图：（1）如图 1，磁体旁小磁针静止时所指的方向如图所示（小磁针黑端为 N 极），请画出图中任一条磁感线的方向，并标出磁体的 S、N 极（2）小亮发现教室中一个开关可以同时控制两盏额定电压为 220V
9、 的灯，并且这两盏灯能正常发光请你在图 2 中画出电路的正确连接情况（3）电冰箱的压缩机（电动机）是由温控开关控制；冷藏室中的照明灯是由门控开关控制，即开冰箱门时照明灯亮、关冰箱门时照明灯熄在图 3 中用笔画线连接符合上述特点的工作电路图2.小华用电能表测量家中电热淋浴器的热效率。他将家中其他用电器与电源断开，仅让淋浴器工作，把淋浴器内质量为 50kg，初温为 20C 的水加热到 50C，加热前后电能表示数如图所示，已知c水4.2 103J/(kgC)，求：（1）水吸收的热量；（2）电热淋浴器的热效率。3.小芳家里的某品牌电烤箱铭牌及其内部简化电路如图所示，R1和R2均为电热丝求：牌电烤箱额定
10、电压220V额定功率高温档1100W低温档440W电源频率50Hz（1）若某种食物需要用该电烤箱高温档烘烤 1000s，则该电烤箱消耗的电能是多少？（2）电路中R1的阻值是多少？（3）该电烤箱在低温档正常工作时，电路中的电流和R1的功率分别是多少？4.在“探究电流做功多少与电压、电流的关系”的活动中，同学们设计了如图甲、乙、丙三个电路（1）实验中我们通过比较_灯泡的亮度来比较相同时间内电流做功的多少（2）利用图甲可以研究电流做功多少与_的关系经过讨论，同学们认为图乙电路存在一个缺陷，其缺陷在于_（3）在乙图的实验中，当灯L1的电阻大于灯L2的电阻时，实验中发现电压表V1的示数始终大于V2的示数
11、，根据此现象可以得出的初步结论是_（4）某同学想利用丙图来研究电流做功与电压的关系，通过调节滑动变阻器的滑片 P 的位置来改变灯两端电压，他设计的实验方案中存在什么问题？_5.小明、小红和小亮在做“探究影响导体的电阻大小因素”实验时，做出了如下猜想猜想一：导体的电阻可能与导体的长度有关猜想二：导体的电阻可能与导体的横截面积有关猜想三：导体的电阻可能与导体的材料有关实验室提供了 4 根电阻丝，其规格、材料如表所示编号材料长度(m)横截面积（mm2）A镍铬合金0.251.0B镍铬合金0.501.0C镍铬合金0.252.0D锰铜合金0.251.0（1）如图所示电路，闭合开关后，在 M、N 之间分别接
12、上不同导体，通过观察相关现象来比较导体电阻大小，小明、小红和小亮对图中的电路设计提出了自己的观点：小明认为：电流表是多余的，观察灯泡的亮度就可以判断导体电阻的大小小红认为：灯泡是多余的，根据电流表示数的变化就可以判断导体电阻的大小小亮认为：灯泡和电流表同时使用更好，因为灯泡可以保护电路，从而防止烧坏电流表你赞同_（选填“小明”、“小红”或“小亮”）的观点（2）为了验证猜想二，可依次把 M、N 跟_（选填“A、B、C、D”）的两端相连，闭合开关，记下电流表的示数，分析比较这两根电阻丝电阻的大小（3）依次把 M、N 跟电阻丝 A、B 的两端连接，闭合开关，电流表的示数不同，分析比较 A、B 两根电
13、阻丝电阻的大小，可探究电阻跟_的关系，其结论是_（4）小丽在探究同样的课题时，手边只有一根电阻丝，那么，她利用这根电阻丝和上述电路，不能够完成猜想_（选填“一”、“二”或“三”）的实验验证6.如图甲所示，是“探究电流与电压、电阻的关系”实验的实物连接图。（1）实验中为保护电路元件，闭合开关前，滑动变阻器的滑片 P 应该滑到_（选填“左”或“右”）端。（2）在探究电流与电压的关系时，闭合开关，保持 ab 间的电阻不变，调节滑动变阻器滑片位置，测出对应的电流和电压，根据实验数据画出电流随电压变化的图象，如图乙所示，分析图象可以得出结论：_（3）在探究电流与电阻关系时，实验操作过程中如果只是把 ab
14、 间电阻由 10换成 15后，为保持_表的示数不变，应将滑动变阻器滑片向_（选填“左”或“右”）移动。7.在“测量小灯泡的电功率”实验中，小灯泡的额定电压为 2.5V，电阻约为 10，有两个规格分别为“10 1A”、“50 2A”的滑动变阻器，电源电压为 6V（1）本实验中应该选择规格为_的滑动变阻器；（2）图甲中已有部分电路连好，请用笔画线代替导线将电路连接完整；（3）实验前在检查仪器时，发现电流表指针如图乙所示，则接下来的操作是_连接电路后，闭合开关，发现移动滑片时，电流表示数变大而电压表示数在减小，出现这种现象的原因是_重新正确连接好电路，闭合开关后，发现无论怎样移动滑动变阻器滑片，灯泡
15、都不亮，电压表示数接近 6V，电流表示数几乎为 0，电路的故障可能是_；（4）排除电路故障后，闭合开关，改变滑动变阻器的阻值，多次测量，并绘制了通过小灯泡的电流随其两端电压变化的关系图象如图丙所示，则小灯泡的额定功率为_W在多次测量中还发现：当电压表的示数增大时，电压表与电流表的示数之比_（填“变大”、“变小”或“不变”），导致这一结果的原因是_8.为了探究影响电热的因素，小伟设计了如图所示电路，烧瓶中盛有质量、初温均相等的煤油，R甲 R乙（1）为了在较短的时间内达到明显的实验效果，选用煤油而不用水，主要是由于_；实验中电流产生的热量的多少是通过_来反映的（选填“温度计升高的示数”或“加热时间
16、”）（2）通电一段时间后，比较两烧瓶中温度计的示数，是为了探究电热与_的关系（3）要利用此装置来探究电热与电流的关系，你还需要的操作是_，观察比较_（4）若将此装置改装后用来测量煤油的比热容，则除了将其中一只烧瓶中的煤油改成相同质量的水之外，还需做的改动是：_实验时，测得水和煤油的初温均为t0，通电一段时间后，测出水和煤油的温度分别为t水、t煤油，请写出计算煤油比热容的表达式：c煤油=_（已知水的比热容为c水）参考答案与试题解析参考答案与试题解析2015-2016 学年江苏省泰州市兴化市常青藤联盟九年级（上）第二次联考物学年江苏省泰州市兴化市常青藤联盟九年级（上）第二次联考物理试卷理试卷一、选
17、择题（每题一、选择题（每题 2 分共分共 24 分）分）1.【答案】A【考点】动滑轮及其工作特点定滑轮及其工作特点杠杆的平衡条件【解析】不计机械自重和摩擦的情况下；定滑轮不省力，动滑轮可以省一半的力，使用杠杆可以省力，也可以费力，使用斜面一定省力，省力情况取决于斜面的长度与高度的比值【解答】解：因为 10N 的拉力要提起重 15N 的物体，使用的机械一定是能省力的机械，而在动滑轮、定滑轮、杠杆和斜面中，只有定滑轮不能达到省力的目的，所以用 10N 的拉力不能提起重 15N 的物体故选：A2.【答案】C【考点】燃料的热值【解析】1kg 某种燃料完全燃烧放出的能量，叫做这种燃料的热值热值是燃料的一
18、种特性，它只与燃料的种类有关，与燃料的质量、燃烧程度等均无关据此分析判断【解答】解：(1)热值是燃料的一种特性，和燃料的质量、是否完全燃烧、燃料所处的状态（固态、液态、还是气态）无关，热值与燃料的种类有关，故 AB 错误，C 正确；(2)根据 Q=qm 可知，燃料放出热量的多少与燃料的热值和质量有关，故 D 错误故选 C3.【答案】B【考点】安全用电原则【解析】本题根据测电笔的使用方法、三孔插座的作用及安全用电的常识进行分析判断。【解答】解：A试电笔要求应用手接触尾部金属片，才能使测电笔正常工作，故 A 握法错误；B带金属外壳的用电器应接地，故应使用三孔插座，故 B 正确；C大功率电器电流较大
19、，若多个电器同时使用同一个插座，会使导线上电流过大，而发生事故，故 C 做法错误；D由于导线绝缘皮老化漏电或短路，电路中的电阻几乎为零，会造成电流过大，引发事故，故 D 错误故选 B4.【答案】C【考点】电热【解析】分别接入 220V 的电路中，三个用电器都正常工作，实际功率相同（等于额定功率）、通电时间相同，根据 WPt 可知消耗的电能相同，通过分析三种用电器使用时的能量转化情况，找出产生热量最多的用电器。【解答】因为 U220V，所以三种用电器的实际功率：PP额100W；又因为 WPt所以三种用电器消耗的电能相同；由于电视机将一部分电能转化为光能，电风扇中的电动机将电能大部分转化机械能，电
20、烙铁将电能全部转化为内能。则产生热量最多的是电烙铁。5.【答案】D【考点】家庭电路电流过大的原因【解析】家庭电路电流过大时，串联在电路中的空气开关会“跳闸”；造成家庭电路电流过大的原因有：电路发生短路或用电器的总功率过大。【解答】在家庭电路中，因电流过大导致空气开关“跳闸”的原因有：电路发生短路；电路中用电器总功率过大。由此可知，空气开关发生跳闸的原因：A、可能是电路中发生短路故障，故 A 错误；B、可能电路中用电器的总功率过大，造成干路电流过大，故 B 错误；C、正常情况下，家庭电路两端电压不变为 220V，故 C 错误；D，只要是保护作用的空气开关跳闸，就一定是电流过大，故 D 正确。6.
21、【答案】A【考点】电功率【解析】根据公式 P=Wt，求出正常工作一小时消耗电能最接近 1.2KWh 的用电器的功率，看哪个用电器的额定功率接近即可。【解答】P=Wt=1.2KWh1h=1.2kW，四个选项中，电冰箱的功率约 120W，电视机的功率约 120W，台灯的功率约 40W，故额定功率接近 1.2kW 的用电器是空调机。7.【答案】C【考点】磁场磁性、磁体、磁极磁感线及其特点【解析】（1）磁体只能吸引铁、钴、镍等磁性材料。（2）磁感线是为了描述磁场人们想象出来的曲线，磁场实际是存在的，磁感线是不存在的。（3）磁体间相互作用是通过磁场完成的。（4）物理学中，把小磁针静止时 N 极所指的方向
22、规定为该点磁场的方向。【解答】A、铜和铝都不是磁性材料，磁体都不能吸引。不符合题意。B、磁感线在磁场中不是真实存在的，只是为了便于研究磁场，人为画的一些曲线。不符合题意。C、磁体间的相互作用是通过磁场发生的。符合题意。D、物理学中，把小磁针静止时 N 极所指的方向规定为该点磁场的方向。小磁针静止时 S 极所指的方向与该点磁场的方向相反。不符合题意。8.【答案】C【考点】串、并联电路的设计【解析】串联的各电路元件相互影响，不能独立工作；并联的各电路元件互不影响，能独立工作；根据题意确定两开关与电动机的连接方向，然后分析电路图答题【解答】解：由题意可知，只有开关S1、S2都闭合后，才开始榨汁，电动
23、机才开始工作，说明两开关相互应用，一个开关不能单独控制电动机，两开关是串联的，两开关、电动机与电源组成串联电路，由图示电路图可知，C正确故选 C9.【答案】C【考点】欧姆定律的应用电功率的计算【解析】(1)根据欧姆定律内容可知：当电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比，结合图象得出两电阻的大小关系；(2)将甲和乙串联后接在电压为 3V 的电源两端，根据串联电路的电流特点可知通过的电流关系，根据 U=IR可知它们两端的电压关系，根据 P=I2R 可知消耗的电功率关系【解答】解：(1)由图象可知，当U甲=U乙时，I甲 I乙，由 I=UR的变形式 R=UI可知，R甲 R乙，故 A 错误；(2)
24、将甲和乙串联后接在电压为 3V 的电源两端，因串联电路中各处的电流相等，所以，通过甲的电流等于通过乙的电流，故 D 错误；由 U=IR 可知，甲两端的电压小于乙两端的电压，故 B 错误；由 P=I2R 可知，甲消耗的电功率小于乙消耗的电功率，故 C 正确故选 C10.【答案】D【考点】电路的动态分析【解析】（1）分析电路结构，明确各电路元件的连接方式；（2）根据滑动变阻器滑片的移动方向判断滑动变阻器接入电路电阻的变化情况，根据欧姆定律、并联电路的特点以及功率的计算公式判断各电表示数、灯泡亮度以及功率的变化情况。【解答】由图可知，灯泡 L 与滑动变阻器 R 并联，电压表测电源电压，电流表 A 测
25、干路电流，A1测 L 电流，闭合开关 S 后，在滑片 P 向右移动的过程中，电源电压不变，所以电压表 V 的示数不变；灯泡 L 支路与 R 支路互不影响，所以灯泡两端电压不变，灯泡电流不变，即A1示数不变，由 PUI 可知灯泡功率不变，亮度不变。AB 错误，D 正确；滑片 P 向右移动的过程中，R 连入阻值变大，由 I=UR可知通过 R 的电流变小；根据并联电路的电流特点可知：干路电流变小，即电流表 A 变小，由 PUI 总功率变小。故 C 错误。11.【答案】B【考点】电功率与电压、电流的关系【解析】由灯泡的铭牌可知，两灯泡的额定电压相等，额定功率不同，根据 P=U2R比较两灯泡的电阻关系；
26、(1)两灯串联在 6V 的电路中使用时，根据串联电路的分压特点比较两灯泡两端的电压和额定电压之间的关系，然后判断两灯泡是否能正常发光，根据串联电路的电流特点和 P=I2R 比较两灯泡实际功率之间的关系，实际功率较大的灯泡较亮；(2)两灯并联在 6V 的电路中使用时，它们两端的电压相等，比较两灯泡两端的电压和额定电压之间的关系，然后判断两灯泡是否能正常发光，根据 P=U2R比较两灯泡实际功率之间的关系，最后比较两灯泡的亮暗的关系【解答】解：由灯泡的铭牌可知，两灯泡的额定电压相等，额定功率不同，由 P=U2R的变形式 R=U2P可知，乙灯泡的额定功率较小，电阻较大；(1)两灯串联在 6V 的电路中
27、使用时，因额定电压下灯泡正常发光，所以，由串联电路的分压特点可知，两灯泡两端的电压均小于额定电压，都不能正常发光，故 A 正确；因串联电路中各处的电流相等，所以，由 P=I2R 可知，乙灯泡的电阻较大，时间功率较大，灯泡较亮，故 B 错误；(2)两灯并联在 6V 的电路中使用时，因并联电路中各支路两端的电压相等，所以，两灯泡两端的电压均为 6V，都能正常发光，故 C 正确；由 P=U2R可知，甲灯泡的电阻较小，实际功率较大，灯泡较亮，故 D 正确故选 B12.【答案】D【考点】欧姆定律的应用电路的动态分析电功率的计算【解析】由电路图可知，滑动变阻器 R 与灯泡 L 串联，电压表测 R 两端的电
28、压，电流表测电路中的电流(1)根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和灯泡两端的电压变化，根据串联电路的电压特点可知电压表示数的变化，根据 P=UI 可知灯泡实际功率的变化，进一步判断亮暗的变化；根据欧姆定律结合滑动变阻器接入电路中的电阻判断电压表与电流表示数的比值变化；(2)知道灯泡的额定电压和额定功率，根据 P=UI 求出灯泡的额定电流，根据欧姆定律求出灯泡的电阻，然后与电流表的量程相比较确定电路中的最大电流，此时滑动变阻器接入电路中的电阻最小，根据欧姆定律求出电路中的总电阻，利用电阻的串联求出滑动变阻器接入电路中的最小阻值；当电压表的示数最大时，电路中的
29、电流最小，滑动变阻器接入电路中的电阻最大，灯泡消耗的电功率最小，根据串联电路的电压特点求出灯泡两端的电压，根据欧姆定律和串联电路电流特点求出电路中的最小电流，根据欧姆定律求出滑动变阻器接入电路中的最大阻值，进一步得出滑动变阻器接入电路中电阻的范围，根据 P=I2R 求出灯泡的最小功率【解答】解：由电路图可知，滑动变阻器 R 与灯泡 L 串联，电压表测 R 两端的电压，电流表测电路中的电流(1)当滑动变阻器的滑片向右滑动过程中，接入电路中的电阻变大，电路中的总电阻变大，由 I=UR可知，电路中的电流变小，即电流表的示数变小，由 U=IR 可知，灯泡两端的电压变小，因串联电路中总电压等于各分电压之
30、和，所以，R 两端的电压变大，即电压表的示数变大，因灯泡的亮暗取决于实际功率的大小，所以，由 P=UI 可知，灯泡的实际功率变小，灯泡变暗，故 A 错误；当滑动变阻器的滑片向左滑动过程中，接入电路中的电阻变小，由 R=UI可知，电压表与电流表示数的比值等于 R 接入电路中的电阻，所以，电压表与电流表示数的比值变小，故 B 错误；(2)由 P=UI 可得，灯泡的额定电流：IL额=PL额UL额=1.25W2.5V=0.5A，灯泡的电阻：RL=UL额IL额=2.5V0.5A=5，因串联电路中各处的电流相等，且电流表的量程为 00.6A，所以，电路中的最大电流为I大=0.5A，此时滑动变阻器接入电路中
31、的电阻最小，电路中的总电阻：R=UI大=4.5V0.5A=9，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，滑动变阻器接入电路中的最小阻值：R小=R RL=9 5=4，当电压表的示数为 3V 时，电路中的电流最小，滑动变阻器接入电路中的电阻最大，灯泡的功率最小，此时灯泡两端的电压：UL=U U滑=4.5V 3V=1.5V，因串联电路中各处的电流相等，所以，电路中的最小电流：I小=ULRL=1.5V5=0.3A，滑动变阻器接入电路中的最大阻值：R大=U滑I小=3V0.3A=10，所以，滑动变阻器允许的调节范围是 410，故 D 正确；灯泡的最小功率：PL=(I小)2RL=(0.3A)2 5=0.45
32、W，故 C 错误故选 D二、填空题（每空二、填空题（每空 1 分共分共 26 分）分）1.【答案】重力势,做功【考点】动能和势能的转化与守恒改变内能的两种方式【解析】动能和重力势能之间可以相互转化；摩擦生热是通过做功改变物体的内能。【解答】由题意可知，小安从滑梯顶端由静止滑下，其高度降低，速度增大，是重力势能转化为动能。同时小安的臀部感觉热，臀部与滑梯之间摩擦，这是通过做功方式改变他的内能。2.【答案】化学,用电器【考点】电源及其能量转化电路的组成【解析】(1)根据充电手电筒在使用过程中消耗和获得的能量，可判断其能量的转化形式(2)用电来工作的仪器或消耗电能的设备都是用电器【解答】解：电池充电
33、时，电能转化为化学能，储存在电池的内部；在该过程中，电池需要消耗电能，所以相当于用电器故答案为：化学；用电器3.【答案】地磁场,南【考点】地磁场【解析】这里的磁针石实际上就是小磁针，根据课本中有关地磁场的基础知识，可以得到此题的答案【解答】解：小磁针在地磁场的作用下，始终指向南北方向，其中，指南的一端叫南极故答案为：地磁场；南4.【答案】80,20【考点】有关热机的计算【解析】(1)汽油机的一个工作循环由吸气冲程、压缩冲程、做功冲程、排气冲程四个冲程组成在一个工作循环中曲轴转 2 圈，飞轮转 2 周，做功一次(2)2400r/min 的含义：它表示汽油机的飞轮每分钟转 2400 圈【解答】解：
34、四冲程汽油机的飞轮转速为 2400r/min，则该飞轮每秒钟转 40 圈因为一个工作循环飞轮转 2 圈，完成四个工作冲程，做功 1 次，所以飞轮转 40 圈，共 20 个工作循环，共80 个冲程，共做功 20 次故答案为：80；205.【答案】接触,火,不能【考点】试电笔的使用【解析】(1)用测电笔来鉴别火线与零线使用测电笔时，笔尖接触要检测的导线，手接触笔尾金属体，才能在接触火线时氖管发光，接触零线时氖管不发光(2)据电路的实际情况分析即可判断【解答】解：据测电笔的正确使用可知，使用测电笔时，手要接触测电笔尾部的金属电极笔尖接触电线（或与导线相连的导体），氖管发光表明接触的是火线；使用测电笔
35、辨别火线和零线时，氖管发光，接触的是火线，不发光接触的是零线；开关和灯泡是串联接入的，开关接在零线上，检测该开关的两个接线柱，氖管也会一次发光，一次不发光，所以不能断定开关接在火线上故答案为：接触；火；不能6.【答案】36,并,金属外壳,熔断器【考点】家庭电路的连接熔断器的作用及保险丝的选择方法【解析】明确安全电压的大小，知道家庭电路中的基本连接要求，包括插座的连接、熔断器的作用等【解答】解：经验证明，只有不高于 36V 的电压才是安全的在家庭电路中，灯泡与插座是并联的，这样才能保证他们工作时互不影响；用电器插头上标有 E 的导线是和用电器的金属外壳相连，可防止因用电器漏电造成触电事故；为避免
36、使用空调等大功率用电器造成总电流过大而引发火灾等安全事故，家庭电路中应安装熔断器故答案为：36；并；金属外壳；熔断器7.【答案】951.6,7.2 104,400【考点】电功率的计算电能表参数的理解与电功的测量【解析】(1)电能表是测量电路一段时间内消耗的电能的仪表，上面有五个数字窗口，最后一位是小数位，单位是kWh；(2)3000imp/kWh 表示的是电路中每消耗 1kWh 的电能，电能表闪烁 3000 次，或者表示电能表每闪烁1 次，电路中消耗13000kWh 的电能，求出电能表闪烁 60 次用电器消耗的电能，然后根据 P=Wt求出用电器的总功率【解答】解：(1)从电能表上可以看出电能表
37、的示数为 09516，最后一位是小数，单位是 kWh，故电能表的读数为951.6kWh；(2)3000imp/kWh 表示电能表每闪烁 1 次，电路中消耗13000kWh 的电能，所以电能表闪烁 60 次用电器消耗的电能：W=60 13000kWh=0.02kWh=0.02 3.6 106J=7.2 104J，所使用用电器的总功率：P=Wt=7.2104J360s=400W故答案为：951.6；7.2 104；4008.【答案】12,3【考点】欧姆定律的应用串联电路的电流规律串联电路的电压规律电功率的计算【解析】灯泡正常工作时的电压为 12V，要接在 18 伏的电源上正常发光应串联一个电阻分压
38、；根据串联电路的电压特点求出电阻两端的电压，再根据串联电路的电流特点和 P=UI 求出电路中的电流，进一步利用欧姆定律求出电阻的阻值，最后根据 P=UI 求出此电阻消耗的功率【解答】解：接在 18V 的电源两端时灯泡正常发光，应串联电阻分压，串联电路的总电压等于各分电压之和，电阻两端的电压UR=U UL=18V 12V=6V，串联电路中各处的电流相等，根据 P=UI 可得，电路中的电流 I=IL=PLUL=6W12V=0.5A，I=UR，电阻 R=URI=6V0.5A=12；此电阻消耗的功率：P=URI=6V 0.5A=3W故答案为：12；39.【答案】0.6,6:5,5:6【考点】欧姆定律的
39、应用并联电路的电流规律电流表的使用并联电路的电压规律电功率的计算【解析】由电路图可知，两灯泡并联，电流表 A 测干路电流，电流表A1测L1支路的电流；根据电流表指针的位置和并联电路的电流特点确定两电流表的量程，然后根据分度值读出示数，利用并联电路的电流特点求出通过L2的电流；根据并联电路的电流特点和欧姆定律求出两灯泡电阻之间的关系，再根据 P=UI 求出两灯泡消耗的电功率之比【解答】解：由电路图可知，两灯泡并联，电流表 A 测干路电流，电流表A1测L1支路的电流；并联电路中干路电流等于各支路电流之和，且A1指针的偏转角大于 A 指针的偏转角，电流表A1的量程为 00.6A，分度值为 0.02A
40、，所以通过L1的电流I1=0.5A，电流表 A 的量程为 03A，分度值为 0.1A，所以干路电流 I=1.1A，则通过L2的电流I2=I I1=1.1A 0.5A=0.6A，并联电路中各支路两端的电压相等，根据欧姆定律可得，L1和L2的电阻之比：R1R2=UI1UI2=I2I1=0.6A0.5A=65，根据 P=UI 可得，L1和L2消耗的功率之比：P1P2=UI1UI2=I1I2=0.5A0.6A=56故答案为：0.6；6:5；5:610.【答案】18,13,390【考点】欧姆定律的应用电功的计算【解析】(1)乙灯泡正常发光时的电压和额定电压相等，根据图象读出通过乙灯泡的电流，根据欧姆定律
41、求出乙灯正常发光时的电阻；(2)比较两灯泡的额定电流，将甲、乙两灯串联接入电路时，电路中的最大电流为两灯泡额定电流中较小的，根据图象读出两灯泡两端的电压，根据串联电路的电压特点求出电路两端的最大电压，根据 W=UIt 求出通电 1min 两灯消耗的总电能【解答】解：(1)乙灯泡正常发光时的电压U乙=9V，由图象可知，通过乙灯泡的电流I乙=0.5A，由 I=UR可得，乙灯正常发光时的电阻：R乙=U乙I乙=9V0.5A=18；(2)当U甲=U乙=9V 时，由图乙可知，I甲=0.8A，I乙=0.5A，将甲、乙两灯串联接入电路时，因串联电路中各处的电流相等，所以，电路中的最大电流 I=I乙=0.5A，
42、由图象可知，两灯泡两端的电压分别为U甲=4V，U乙=9V，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，电路两端的最大电压：U=U甲+U乙=4V+9V=13V，通电 1min 两灯消耗的总电能：W=UIt=13V 0.5A 60s=390J故答案为：18；13；390三、解答题（共三、解答题（共 50 分）分）1.【答案】解：（1）由图可知：小磁针静止时 N 极指向的方向为该点磁感线的方向一致；再根据磁感线在磁体的周围是从 N 极出来，回到 S 极；如图：（2）由分析知：教室中电灯的连接方式为并联，而开关同时控制两盏灯，说明开关位于干路中，答图如下：（3）由题意可知：灯和压缩机是并联关系，且电动压
43、缩机与温控开关串联，照明灯泡与门控开关串联，如下图所示：【考点】磁感线及其特点实物的电路连接串、并联电路的设计【解析】（1）由于磁体周围的磁感线从 N 极出发回到 S 极，磁感线上的任何一点的切线方向跟小磁针放在该点的北极指向一致，故可标出磁感线的方向根据磁感线方向即可确定磁铁的 N、S 极；（2）一般情况下，电灯的正常电压为 220V，一个开关可以同时控制两盏灯，要使电灯正常发光，两个电灯应该是并联，开关在干路上（3）由题意可知，电动压缩机与温控开关串联，照明灯泡与门控开关串联；灯和压缩机可以独立工作、互不影响，即为并联【解答】解：（1）由图可知：小磁针静止时 N 极指向的方向为该点磁感线的
44、方向一致；再根据磁感线在磁体的周围是从 N 极出来，回到 S 极；如图：（2）由分析知：教室中电灯的连接方式为并联，而开关同时控制两盏灯，说明开关位于干路中，答图如下：（3）由题意可知：灯和压缩机是并联关系，且电动压缩机与温控开关串联，照明灯泡与门控开关串联，如下图所示：2.【答案】加热过程中水吸收的热量为 6.3 106J；此过程电热淋浴器的热效率为 87.5%。【考点】电功与热量的综合计算【解析】（1）知道水的质量、水的比热容、水的初温和末温，利用吸热公式Q吸cm(t t0)求出水吸收的热量；（2）根据电能表的示数差得出消耗的电能，利用=QW 100%求出此过程电热淋浴器的热效率。【解答】
45、水吸收的热量：Q吸cm(t t0)4.2 103J/(kgC)50kg (50C 20C)6.3 106J；消耗的电能：W1288.5kWh 1286.5kWh2kWh2 3.6 106J7.2 106J，此过程电热淋浴器的热效率：=QW 100%=6.3106J7.2106J 100%87.5%。3.【答案】（1）该电烤箱消耗的电能是 1.1 106J；（2）电路中R1的阻值是 44；（3）该电烤箱在低温档正常工作时，电路中的电流为 2A，R1的功率为 176W【考点】电功的计算欧姆定律的变形公式电功率的计算【解析】（1）开关S1S2都闭合时，电路中只有电阻R1，电烤箱在高温挡正常工作，根据
46、公式 W=Pt 可求消耗的电能（2）根据公式 P=UI 先求出电烤箱在高温挡正常工作时电路的电流，再根据欧姆定律计算出电路中R1的阻值（3）开关S1闭合S2断开时，两电阻串联，电烤箱在低温挡正常工作，根据公式 P=UI 可求电路电流，根据公式 P=I2R1可求R1的功率【解答】解：（1）电烤箱在高温挡正常工作 1000s 所消耗的电能：W=P高t=1100W 1000s=1.1 106J；（2）由P高=UI 得：I=P高U=1100W220V=5A，由欧姆定律知，R1的阻值为：R1=UI=220V5A=44；（3）设电烤箱在低温档正常工作时，电路中的电流为 I，则由P低=UI，得 I=P低U=
47、440W220V=2A，所以，电烤箱在低温档正常工作时，R1的功率为：P1=(I)2R1=(2A)2 44=176W答：（1）该电烤箱消耗的电能是 1.1 106J；（2）电路中R1的阻值是 44；（3）该电烤箱在低温档正常工作时，电路中的电流为 2A，R1的功率为 176W4.【答案】灯泡的亮度电流大小,无法控制灯两端的电压，利用利用滑动变阻器保护电路在电流和时间相同的情况下，电压越大，电流做的功越多灯泡两端电压改变时，通过灯泡的电流也发生了变化，没有利用控制变量的物理方法【考点】探究电流与电压、电阻的关系实验【解析】（1）电流做功的过程就是把电能转化为其它形式能的过程，相同时间内消耗的电能
48、越多，转化为其它形式的能越多，本题中利用灯泡把电能转化为内能和光能，相同时间内电流做的功越多，转化为内能越多，灯越亮（2）甲中两灯泡并联，其两端电压相等，灯泡的规格不同，则流过它们的电流不同，是研究电功与电流大小的关系根据滑动变阻器的作用进行分析甲图的缺陷所在；（3）乙图中两灯泡串联，它们的电流大小相等，但电压不相等，所以研究的是电功与电压的关系，实验中灯泡两端电压越高，灯越亮，说明相同时间内电流做的功越多（4）电功的大小与电压、电流和通过时间有关，在实验中要利用控制变量的方法，丙图中当滑动变阻器接入电路的阻值发生改变时，灯两端的电压会发生改变，但流过灯泡的电流也发生了变化，没有利用控制变量的
49、方法【解答】解：（1）灯泡越亮功率越大，在相同时间里消耗的电能越多，电流做功越多所以我们可以通过灯泡的亮度来比较相同时间内电流做功的多少；（2）图甲中两灯并联，两灯两端的电压相等，电流表分别测出灯泡的电流，由 W=UIt，可知这是探究电流做功与电流大小的关系；由图知，电路中没有滑动变阻器，所以无法控制灯两端的电压，利用利用滑动变阻器保护电路；（3）因为电流做的功与电压、电流和时间有关，而图乙电路中，两灯串联电流和通电时间相同，电压不同，根据控制变量法的思路可知是研究电流做功与电压的关系；通过公式 W=UIt 判断，在电流和时间相同的情况下，电压越大，电流做的功越多；（4）研究电流做功与电压的关
50、系时，应控制电流和通电时间相同，由图丙可知：调节滑动变阻器的滑片 P的位置来改变灯两端电压，也改变了灯泡中的电流，所以不能研究电流做功与电压关系5.【答案】小亮A、C导体的长度,当材料和横截面积相同时，导体越长电阻越大三【考点】影响电阻大小的因素【解析】（1）电流表串联在电路中，电源电压一定，导体电阻越大，电路电流越小，导体电阻越小，电路电流越大，可以通过电流表示数大小判断导体电阻大小，根据串联电路的特点分析小灯泡的作用（2）影响导体电阻大小的因素：导体的材料、长度和横截面积，在研究电阻与其中某个因素的关系时，要采用控制变量法的思想，要研究导体的电阻大小与一个量之间的关系，需要保持其它量不变【