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1、2018年春学期福建省泉州三中高二物理期中测试题一、选择题：（每小题至少有一个选项是正确的，请把正确的答案填入答题卡中，每小题4分，共40分，漏选得2分，错选和不选得零分）1. 如图所示是每隔30s观察到的布郎运动的一个小颗粒位置的连线，若从点开始计时，关于这个小颗粒的位置，以下说法正确的是 （ ）A. 第60s末颗粒在c点B. 第75s末颗粒在cd连线的中点C. 第20s末无法确定小颗粒的位置D. 第90s末无法确定小颗粒的位置【答案】AC【解析】此图记录了固体微粒每间隔30s的一个位置，第60s末颗粒在c点，第90s末颗粒在d点，由于固体微粒的运动是无规则的，所以微粒在第75s末、第20s
2、末时的位置可能在连线的中点，也可能在连线中点之外，可能在连线上，也可能在连线以外的某点，无法确定其位置，故A、C正确，B、D错误；故选AC。 2. 下列哪些现象不能说明热力学第二定律是正确的（ ）A. 热量总是自发地从高温物体流向低温物体B. 电冰箱致冷是因为电冰箱能自发地将内部热量传递给外界C. 放在一起的几种气体总是趋于彼此混合，而不是彼此分离D. 汽车由于克服摩擦做功而停下来，却不可能将损失的内能收集起来，利用它再让汽车开动起来【答案】B【解析】A、热量能自发的由高温物体传到低温物体，不能自发的由低温物体传到高温物体而不产生其他影响，能够说明热力学第二定律是正确的；B、电冰箱致冷是因为电
3、冰箱能通过电流做功，使内部热量通过特殊的方法传递给外界，它只是通过了一种制冷的方法，而不能说明热力学第二定律是正确的；C、放在一起的几种气体总是趋于彼此混合，而不是彼此分离，说明一切自然过程总是沿着分子热运动的无序性增大的方向进行，所有的和热现象有关的过程都是由方向性的，能够说明热力学第二定律是正确的；D、汽车由于克服摩擦做功而停下来，却不可能将损失的内能全部收集起来，说明不可能从单一热源吸取热量，使之完全变为有用功而不产生其他影响。能够说明热力学第二定律是正确的；故不能说明热力学第二定律是正确的选B。【点睛】本题考查热力学第二定律的内容：一种表述：不可能从单一热源吸取热量，使之完全变为有用功
4、而不产生其他影响；另一种表述是：不可能使热量由低温物体传递到高温物体，而不引起其他变化第二定律说明热的传导具有方向性。3. 下列结论中，正确的是 （ ）A. E=F/q只适用于点电荷产生的电场B. 公式E=F/q式中，是放入电场中的电荷所受的电场力，q是放入电场中的电荷的电量C. 在一个以点电荷Q为中心，r为半径的球面上，各处的电场强度都相同D. 在库仑定律的表达式中，是点电荷Q2产生的电场在点电荷Q1处的场强大小；而是点电荷Q1产生的电场在点电荷Q2处的场强大小【答案】BD【解析】AB、公式是电场的定义式，使用与任何电场，F为试探电荷所受的电场力，q为试探电荷的电量，故A错误，B正确；C、电
5、场强度是矢量，所以以点电荷Q为中心，r为半径的球面上，各处的电场强度大小相同，方向不同，故C错误；D、库仑定律表达式中，是点电荷Q2产生的电场在点电荷Q1处的场强大小；而是点电荷Q1产生的电场在点电荷Q2处的场强大小，故D正确；故选BD。4. 将一个正电荷从无穷远移入电场中的M点，电势能增加J；若将另一个等量的负电荷从无穷远移入电场中的N点，电场力做功为J，则正确的结果是（ ）A. B. C. D. 【答案】D【解析】试题分析：电场力做正功，电势能减小，电场力做负功，电势能增大，根据分析两点的电势大小；正电荷从无穷处移向电场中M点，电势能减小8.010-9J，电场力做正功为8.010-9J，则
6、M点的电势低于无穷远的电势，即，负电荷从从无穷远移入电场中的N点，电场力做负功为9.810-9J，电势能增加，则N点的电势低于无穷远的电势，即；由于两电荷电量相等，根据知，从无穷远移入电场中的N点，电场力做功较大，N点与无穷远间的电势差较大，则N点的电势低于M点的电势，即得到，C正确5. 某实验小组用三只相同的小灯泡，联成如图所示的电路，研究串并联电路特点。实验中观察到的现象是A. K2断开，K1与a连接，三只灯泡都熄灭B. K2断开，K1与b连接，三只灯泡亮度相同C. K2闭合，K1与a连接，三只灯泡都发光，L1、L2亮度相同D. K2闭合，K1与b连接，三只灯泡都发光，L3亮度小于L2的亮
7、度【答案】D【解析】K2断开，K1与a连接时三只灯泡串联，三只灯泡应该亮度相同，A错误；K2断开，K1与b连接时，L1、L2两只灯泡串联，L3被断开没有接入电路，B错误；K2闭合，K1与a连接时只有L2亮，L1和L3被短路，C错误；K2闭合，K1与b连接时，L1和L3并联，然后与L2串联，此时三只灯泡都发光，L3的亮度与L1的亮度相同，都小于L2的亮度，D正确.6. 在用直流电动机提升重物的装置中，重物的重力500N ，电源的恒定输出电压为110V，当电动机向上以0.90m/s的恒定速度提升重物时，电路中的电流强度5.0A ，若不计各处摩擦，可以判断A. 电动机消耗的总功率为550WB. 电机
8、线圈的电阻为22 C. 提升重物消耗的功率为100WD. 电机线圈的电阻为4 【答案】AD【解析】A、电源的恒定输出电压为110V，电路中的电流强度I=5.0A，故电动机的总功率：P=UI=110V5A=550W；故A正确；BCD、重物的重力G=500N，电动机向上以v=0.90m/s的恒定速度提升重物，故拉力为500N，电动机的输出功率即提升重物消耗的功率为：；根据能量守恒定律，有：I2R=P-P出，代入数据，有：25R=550-450，故R=4，故BC错误，D正确；故选AD。【点睛】本题关键根据P出=Fv求解电动机的输出功率，根据P=UI求解电动机的总功率，根据能量守恒定律求解热功率。7.
9、 如图所示的电路中，电流表A1和A2为相同的毫安表（内阻不能忽略），当电路两端接入某一恒定电压的电源时，A1的示数为5mA。A2的示数为3mA，现将A2改接在R2所在的支路上，如图中虚线所示，图中电表均不会被烧坏，则下列说法正确的是A. 通过R1的电流强度必减少B. 电流表A1示数必增大C. 通过R2的电流强大必增大D. 电流表A2示数必增大【答案】B【解析】试题分析：根据题意则此刻通过R2电流为2mA，说明R1小于R2.根据并联电路特点R并1（R1+RA）.若把A2表接入到R2，则并联电路R并1R1，则对整个电路而言，总电阻变小，所以I1读数应变大，B正确。因此A1分得电压变多，即并联电路电
10、压变小。此时I2=U/（R2+RA），一方面U变小，另一方面电阻变大，所以I2读数应变小，所以CD错。I1=I2+I，所以流过R1的电流变大，所以A错。考点：分流特点、并联电路电阻特点点评：此类题型考察了关于串并联电路的电阻特点并结合欧姆定律分析电流变化8. 如图所示，细线悬挂一个带正电的小球，处在水平向右的匀强电场中，在电场力作用下小球由最低点a开始运动，经b点后还可再向右摆，如用表示重力势能的增量，用表示电势能的增量，用表示两者之和，则小球由a摆至b的过程中，下列哪些关系式正确？A. B. C. D. 上述说法都不对【答案】C【解析】小球由最低点开始向右摆动，克服重力做功，其重力势能增大，
11、重力势能的增量为正值，即，电场力方向水平向右，电荷沿电场力方向发生了位移，电场力做正功，电势能减小，电势能的增量为负值，即，由题可知，小球从a到b的过程，动能增加，根据能量守恒定律可知，重力势能与电势能之和减小，则两者增量之和为负值，即，所以，故C正确，A、B、D错误；故选C。9. 把电炉并联到电灯上，发现电灯变暗，这是因为A. 电炉从电灯里分出了大量电流B. 路端电压被电炉分掉了一部分C. 总电流增大使电源内压降和输电线上电压降增大D. 外电路电阻减小，使路端电压减小【答案】CD【解析】由于总电压恒定，并联后总电阻减小，导致电路中的总电流增大，电源内压降和输电线上电压降增大，则灯泡两端的电压
12、减小，从而使流过白炽灯的电流变小，所以AB错误，CD正确；故选CD。【点睛】本题生活中现象，考查应用物理知识分析实际问题的能力，相当于电路中动态变化分析问题。10. 如图所示，在左边的绝缘支架上插上顶针（其上端是尖的），在顶针上装上金属风针。如给风针附近的圆形金属板上接上正高压极，风针就会旋转起来，下列叙述中错误的是A. 风针尖端附近的等势面和电场线分布较密B. 风针附近的空气可能发生电离C. 风针上的电荷会从尖端处失掉D. 交换金属板与风针所带电荷电性，风针的旋转方向相反【答案】D【解析】A、因为电荷集中于形状比较尖端的地方，即尖端放电，故风针尖端附近的等势面和电场线分布较密，故A正确；B、
13、因为电荷集中于形状比较尖端的地方，即尖端放电，风针附近的电场强度比较大，空气在强电场下发生电离，故B正确；C、由于风针是负极，电场的方向指向风针，所以空气中的阳离子会顺着电场线的方向向风针的尖端运动，故C正确；D、交换金属板与风针所带电荷电性，风针的尖端会有电子射出，而不会是正电荷，故D错误；错误的故选D。【点睛】利用尖端放电原理：因为电荷集中于形状比较尖端的地方，进行分析即可。二、实验题（每空3分，连图每个6分，共30分，请把答案填写在题中横线上）11. 在测定金属丝的直径时，螺旋测微器的度数如图所示。可知该金属丝的直径d=_mm【答案】8.8538.855【解析】试题分析：螺旋测微器的读数
14、为考点：考查了螺旋测微器的读数【名师点睛】螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读，对于基本测量仪器如游标卡尺、螺旋测微器等要了解其原理，要能正确使用这些基本仪器进行有关测量12. 在做用油膜法分子大小实验中，所用油酸酒精溶液的浓度为每104mL溶液中有纯油酸6mL。用注射器测得1mL上述溶液75滴。把1滴该溶液滴入盛水的浅盘里，待水面稳定后，将玻璃板放在浅盘上，用笔在玻璃板上描出油酸的轮廓，再把玻璃板放在坐标纸上，其形状和尺寸如图所示，坐标中小正方形的边长为1cm，油酸膜的面积是_cm2，按以上实验估测出油酸分子的直径是_ m。【答案】 (1). (2).
15、 【解析】(1)面积超过正方形一半的正方形的个数为140个，则油酸膜的面积约为S=140cm2；(2)每滴酒精油酸溶液中含有纯油酸的体积为：，把油酸分子看成球形，且不考虑分子间的空隙，则油酸分子直径为：13. 在伏安法测电阻的阻值时，实验所需的实验器材规格如下：A待测电阻（阻值未知）； B电流表（量程0.6A，内阻1）； C电流表（量程0-5mA，内阻20）；D电流表（量程0-500，内阻200）； E电压表（0-3V，内阻1500）；F电压表（量程0-6V，内阻3000）；G滑动变阻器（阻值0-50）H电源（4V）；I 形状及导线若干条某同学选择能够尽量减小误差的电路图接线进行实验，读得的各
16、组数据如下表所示：12345U（V）1.11.82.22.93.8I（mA）1.42.32.83.74.8（1）测量时，电压表应选用_，电流表应选用 _。（2）如图所示根据各点表示的数据描出i-u图线_，由此求得该电阻的阻值RX= _ （3）根据器材的规格和实验要求，在本题的实物图上连线_。【答案】 (1). F (2). C (3). 800 (4). (5). 【解析】(1)由实验数据可知，电压表选F（量程0-6V，内阻3000）；电流表选C（量程0-5mA，内阻20）；(2).根据各点表示的数据描出i-u图线，如图由此求得该电阻的阻值；三、计算题（本题共6小题，共80分，解答应写明必要的
17、文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须写出数值和单位）14. 雨滴从100m高空落到地面，其减少的机械能有50转化为水滴的内能，则水滴温度升高了多少（水的比热为4200J/kg，）【答案】【解析】解：总动能 根据题设条件得由此可解得15. 某地强风速为14m/s，设空气密度为1.3kg/m3，通过横截面积为400m2的风能全部使风力发电机转动，其动能有20转化为电能，则发电机的功率是多少？(取两位有效数字)【答案】【解析】【分析】在t时间内通过横截面积为400m2的风能全部转化为电能，根据能量守恒定律列式求解即可；解：在t时间内通过横截面积为400m
18、2的风能全部使风力发电机转动，根据能量守恒定律， 有：其中：.16. 我们都有过这样的实验：手电筒里的两节干电池用久了以后，灯泡发红光，这就是我们常说的“电池没电了”。有人为了“节约”，在手电筒里装一节新电池和一节旧电池搭配使用。某同学为了检查此人的做法是否合理，设计了下面的实验：（1）该同学设计了如图所示的电路来分别测量新旧电池的电动势和内阻，并将测量结果描绘成如图所示的u-i图象。由图象可知：新电池：电动势E1= _ V；内阻r1=_；旧电池：电动势E2=_V；内阻 _；（2）计算新旧电池各一节串联作电源使用时的效率_。（手电筒的小灯泡上标有“3V，2W”）（3）计算上小题中旧电池提供的电
19、功率_和它本身消耗的电功率分别是多少_？【答案】 (1). 1.5 (2). 0.3 (3). 1.2 (4). 4 (5). (6). (7). 【解析】(1)新电池，内阻，旧电池电动势，内阻(2) 灯泡的电阻，新旧电池各一节串联后，电路中的总电流，则外电压，所以；(3) 旧电池提供的总电功率，内部消耗的功率. 17. 如图所示，用长L的绝缘细线栓住一个质量为m，带电量为q的小球，线的另一端栓在水平向右的匀强电场中，开始时把小球、线拉到和O在同一水平面上的A点（线拉直），让小球由静止开始释放，当摆线摆到与水平线成600角到达B点时，球的速度正好为零，求：（1）A、B两点的电势差；（2）匀强电
20、场的场强；（3）小球运动到B点时细线上的拉力大小；（4）分析小球到达B点后的运动情况。【答案】(1) (2) (3) (4) 小球到达B点后，再沿原路径回到A点，以后在AB间不断往复摆动。【解析】解（1）由动能定理得：得：（2）由解得：（3）此时小球在B处速度为零，即沿径向合力为零。有牛顿第二定律有： 解得（4）小球到达B点后，再沿原路径回到A点，以后在AB间不断往复摆动。18. 如图所示，一束电子从静止开始经U= 5000V的电场加速后，从水平放置的一对平行金属板正中水平射入偏转电场中，若金属极板长L = 0.05m，两极板间距d = 0.02m，试求：（1）两板间至少要加U才能使电子恰不飞
21、出电场？（2）在上述电压下电子到达极板时的动能。【答案】（1） （2）【解析】(1)在加速电场中，根据动能定理得： 电子进入偏转电场，因Ev0，故电子作类平抛运动，水平方向：x=v0t竖直方向：由题，电子恰不飞出电场，则有x=L，由此解得：(2)对电子运动全过程，运用动能定理，有则电子到达极板时动能:【点睛】此题电子先经加速电场加速，后进入偏转电场偏转，根据动能定理求加速得到的速度，运用分解的方法研究类平抛运动，都是常规方法19. 如图所示，相距为d、水平放置的两块平行金属板a b，其电容为C，开始时两板均不带电，板接地且中央有孔。现将带电量为q，质量为2m的带电液滴，相距足够长的时间，一滴一
22、滴地从小孔正上方h高处无初速地滴下，竖直落向b板，到达板后电荷全部传给b板（重力加速度为g，不计板间磁场及阻力影响），求：（1）第几滴液滴在a、b板间做匀速直线运动？（2）能够到达b板的液滴不会超过多少滴？【答案】（1） （2）【解析】【分析】设第n滴液滴在A、B板间做匀速直线运动时，重力与电场力平衡，结合求解n；油滴不断从小孔滴下并附着到下板上，上下板之间就形成了电势差，也就形成了匀强电场，设最终有x个油滴可以打到下板上，即第x个油滴到达下极板时速度正好等于0，以后的油滴就不会打到板上了，根据动能定理即可求解；解：(1)设第n滴液滴在A. B间做匀速直线运动,那么B板上的电量应为(n1)q,两板间形成的电压对带电液滴进行受力分析得：解得(2)设第N+1滴在电场中速度减为零时正好能到达B板，则第N+1滴是在N滴液滴所形成的电场中运动，此时B板带电量为Nq，两板间的电压为第N+1滴从刚开始下落到B板的过程中，利用动能定理所以最多能到达B板的个数为 ASDFESAQ!#%FWQQ!QAaaazzx33456#$!%ASDFESAQ!#%FWQQ!QAaaazzx33456#$!%