《2017年全国统一高考物理试卷（新课标ⅰ）（含解析版）.doc》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2017年全国统一高考物理试卷（新课标ⅰ）（含解析版）.doc（40页珍藏版）》请在taowenge.com淘文阁网|工程机械CAD图纸|机械工程制图|CAD装配图下载|SolidWorks_CaTia_CAD_UG_PROE_设计图分享下载上搜索。
1、2017年全国统一高考物理试卷（新课标）（含解析版）2017年全国统一高考物理试卷新课标含解析版未经允许 请勿转载 217年全国统一高考物理试卷新课标一、选取题:此题共小题,每题6分.在每题给出的四个选项中,第15题只有一项为哪一项符合题目要求，第68题有多项符合题目要求.全部选对的得6分,选对但不全的得分有选错的得0分1分将质量为100kg的模型火箭点火升空，50燃烧的燃气以大小为0m的速度从火箭喷口在很短时间内喷出。在燃气喷出后的瞬间,火箭的动量大小为喷出过程中重力和空气阻力可忽略 未经许可 请勿转载A30kgm/s.5.7102kgm/sC6.0102kgm/D6.30gm/26分发球机
2、从同一高度向正前方依次水平射出两个速度不同的乒乓球忽略空气的影响。速度较大的球越过球网，速度较小的球没有越过球网；其原因是 未经许可 请勿转载A.速度较小的球下降相同距离所用的时间较多B.速度较小的球在下降相同距离时在竖直方向上的速度较大C.速度较大的球通过同一水平距离所用的时间较少D.速度较大的球在相同时间间隔内下降的距离较大3.6分如此图，空间某区域存在匀强电场和匀强磁场,电场方向竖直向上与纸面平行，磁场方向垂直于纸面向里。三个带正电的微粒,，c电荷量相等,质量分别为ma,mb,c.已经知道在该区域内，a在纸面内做匀速圆周运动,b在纸面内向右做匀速直线运动,c在纸面内向左做匀速直线运动。以
3、下选项正确的选项是 未经许可 请勿转载AmabcBmbmamcC.mcmmb.mcmbma4.6分大科学工程“人造太阳主要是将氘核聚变反应释放的能量用来发电，氘核聚变反应方程是：+HHe+n，已经知道H的质量为2.016，He的质量为150，n的质量为.087u,1u=93MVc2.氘核聚变反应中释放的核能约为 未经许可 请勿转载A.3.7MeVB.3C.7MeVD0.93MeV5.6分扫描隧道显微镜TM可用来探测样品表面原子尺寸上的形貌，为了有效隔离外界震动对SM的扰动，在圆底盘周边沿其径向对称地安装若干对紫铜薄板，并施加磁场来快速衰减其微小震动，如以以下图，无扰动时，按以下四种方案对紫铜薄
4、板施加恒磁场；出现扰动后，对于紫铜薄板上下及其左右震动的衰减最有效的方案是 未经许可 请勿转载A.6分如此图,三根相互平行的固定长直导线L1、L2和L两两等距，均通有电流I,L中电流方向与中的相同，与L3中的相反。以下说法正确的选项是 未经许可 请勿转载L所受磁场作用力的方向与L、L3所在平面垂直B.L3所受磁场作用力的方向与、2所在平面垂直C.L、和L3单位长度所受的磁场作用力大小之比为1:1：DL、L和3单位长度所受的磁场作用力大小之比为:：176分在一静止点电荷的电场中,任一点的电势与该点到点电荷的距离r的关系如以以下图。电场中四个点a、b、c和d的电场强度大小分别、Eb、c和Ed,点a
5、到点电荷的距离r与点a的电势a已在图中用坐标r，a标出，其余类推。现将一带正电的试探电荷由点依次经b、c点移动到d点,在相邻两点间移动的过程中，电场力所做的功分别为Wab、Wc和Wc.以下选项正确的选项是 未经许可 请勿转载AEa：Eb4:1B.Ec：Ed=2:1CWb：Wbc=：D.Wb:Wd=1：3未经许可 请勿转载86分如此图,柔软轻绳ON的一端O固定,其中间某点M拴一重物，用手拉住绳的另一端.初始时，M竖直且M被拉直,O与MN之间的夹角。现将重物向右上方缓慢拉起,并保持夹角不变，在OM由竖直被拉到水平的过程中 未经许可 请勿转载.MN上的张力逐渐增大B.M上的张力先增大后减小C.O上的
6、张力逐渐增大DO上的张力先增大后减小二、非选取题：本卷包括必考题和选考题两部分.第932题为必考题,每个试题考生都必须作答.第38题为选考题，考生根据要求作答.一必考题共129分未经许可 请勿转载95分某探究小组为了研究小车在桌面上的直线运动，用自制“滴水计时器计量时间。实验前，将该计时器固定在小车旁，如此图a所示。实验时，保持桌面水平,用手轻推一下小车。在小车运动过程中，滴水计时器等时间间隔地滴下小水滴，图记录了桌面上连续个水滴的位置。已经知道滴水计时器每30内共滴下6个小水滴未经许可 请勿转载1由图可知，小车在桌面上是 填“从右向左或“从左向右运动的。2该小组同学根据图b的数据判断出小车做
7、匀变速运动。小车运动到图中A点位置时的速度大小为 /s,加速度大小为 m/2.结果均保留2位有效数字未经许可 请勿转载10.0分某同学研究小灯泡的伏安特性,所使用的器材有:小灯泡L额定电压.8V，额定电流0.3A电压表V量程3，内阻3电流表A量程05A,内阻.5固定电阻R0阻值000滑动变阻器R阻值09.0电源E电动势5V，内阻不计开关S;导线若干。1实验要求能够实现在3.8V的范围内对小灯泡的电压进行测量，画出实验电路原理图。2实验测得该小灯泡伏安特性曲线如此图a所示。由实验曲线可知,随着电流的增加小灯泡的电阻 填“增大“不变或“减小，灯丝的电阻率 填“增大“不变或“减小。未经许可 请勿转载
8、用另一电源E电动势V,内阻1.00和题给器材连接成图b所示的电路图，调节滑动变阻器的阻值,可以改变小灯泡的实际功率。闭合开关S,在R的变化范围内,小灯泡的最小功率为 W,最大功率为 结果均保留2位小数未经许可 请勿转载.12分一质量为8.00k的太空飞船从其飞行轨道返回地面。飞船在离地面高度1.60105处以713m/的速度进入大气层,逐渐减慢至速度为10m/s时下落到地面。取地面为重力势能零点,在飞船下落过程中,重力加速度可视为常量,大小取为9.8ms2结果保留2位有效数字未经许可 请勿转载1分别求出该飞船着地前瞬间的机械能和它进入大气层时的机械能；2求飞船从离地面高度00m处至着地前瞬间的
9、过程中克服阻力所做的功，已经知道飞船在该处的速度大小是其进入大气层时速度大小的2.%。未经许可 请勿转载2分真空中存在电场强度大小为E1的匀强电场,一带电油滴在该电场中竖直向上做匀速直线运动，速度大小为0，在油滴处于位置A时,将电场强度的大小突然增大到某值,但保持其方向不变。持续一段时间t后，又突然将电场反向,但保持其大小不变；再持续同样一段时间后，油滴运动到点。重力加速度大小为。未经许可 请勿转载油滴运动到B点时的速度;2求增大后的电场强度的大小；为保证后来的电场强度比原来的大,试给出相应的t1和v0应满足的条件。已经知道不存在电场时,油滴以初速度v0做竖直上抛运动的最大高度恰好等于B、A两
10、点间距离的两倍。未经许可 请勿转载 二选考题：共1分。请考生从2道物理题中任选一题作答。如果多做,则按所做的第一题计分。物理-选修未经许可 请勿转载3分氧气分子在0和10温度下单位速率间隔的分子数占总分子数的百分比随气体分子速率的变化分别如此图中两条曲线所示。以下说法正确的选项是 未经许可 请勿转载A图中两条曲线下面积相等.图中虚线对应于氧气分子平均动能较小的情形C图中实线对应于氧气分子在10时的情形D.图中曲线给出了任意速率区间的氧气分子数目E.与时相比,100时氧气分子速率出现在400 ms区间内的分子数占总分子数的百分比较大未经许可 请勿转载14.0分如此图,容积均为的汽缸A、B下端有细
11、管容积可忽略连通，阀门K2位于细管的中部，A、B的顶部各有一阀门1、3,中有一可自由滑动的活塞质量、体积均可忽略。初始时，三个阀门均打开,活塞在B的底部;关闭K、K，通过K给汽缸充气,使A中气体的压强达到大气压p的倍后关闭1.已经知道室温为27，汽缸导热。未经许可 请勿转载i打开K，求稳定时活塞上方气体的体积和压强；ii接着打开K3，求稳定时活塞的位置；ii再缓慢加热汽缸内气体使其温度升高20,求此时活塞下方气体的压强。物理-选修3-415如此图a,在xy平面内有两个沿方向做简谐振动的点波源S0,4和S20，2。两波源的振动图线分别如此图b和图c所示。两列波的波速均为1/。两列波从波源传播到点
12、8，2的路程差为 m，两列波引起的点B4，1处质点的振动相互 填“加强或“减弱,点0，0.5处质点的振动相互 填“加强或“减弱。未经许可 请勿转载6.如此图,一玻璃工件的上半部是半径为R的半球体,O点为球心;下半部是半径为、高为2R的圆柱体,圆柱体底面镀有反射膜。有一平行于中心轴O的光线从半球面射入，该光线与O之间的距离为0.6R.已经知道最后从半球面射出的光线恰好与入射光线平行不考虑多次反射。求该玻璃的折射率。未经许可 请勿转载 2017年全国统一高考物理试卷新课标参考答案:：与试题解析 一、选取题：此题共小题，每题6分.在每题给出的四个选项中，第5题只有一项为哪一项符合题目要求，第68题有
13、多项符合题目要求.全部选对的得6分,选对但不全的得3分.有选错的得0分.未经许可 请勿转载1.6分将质量为100kg的模型火箭点火升空,50g燃烧的燃气以大小为0ms的速度从火箭喷口在很短时间内喷出。在燃气喷出后的瞬间,火箭的动量大小为喷出过程中重力和空气阻力可忽略 未经许可 请勿转载.30kgmsB710kgmsC.6.2kg/sD.60kgm/s【考试点】3：动量守恒定律【专题】32：定量思想；43：推理法;5:动量与动能定理或能的转化与守恒定律综合【分析】在喷气的很短时间内，火箭和燃气组成的系统动量守恒，结合动量守恒定律求出燃气喷出后的瞬间火箭的动量大小。未经许可 请勿转载【解答】解：开
14、始总动量为零，规定气体喷出的方向为正方向，根据动量守恒定律得,0=m1v+P,解得火箭的动量=m1v1=0.0560kgms=0gm/s,负号表示方向,故A正确，B、C、D错误。未经许可 请勿转载故选:A。【点评】此题考查了动量守恒定律的基本运用，知道喷出燃气的动量和火箭的动量大小相等，方向相反，基础题。未经许可 请勿转载 2.6分发球机从同一高度向正前方依次水平射出两个速度不同的乒乓球忽略空气的影响。速度较大的球越过球网,速度较小的球没有越过球网;其原因是 未经许可 请勿转载A速度较小的球下降相同距离所用的时间较多速度较小的球在下降相同距离时在竖直方向上的速度较大C速度较大的球通过同一水平距
15、离所用的时间较少D.速度较大的球在相同时间间隔内下降的距离较大【考试点】4:平抛运动.【专题】31:定性思想；4：推理法;58:平抛运动专题.【分析】平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动,结合平抛运动的规律，抓住水平方向相等时,通过时间关系得出下降的高度，从而分析判断。未经许可 请勿转载【解答】解:发球机发出的球,速度较大的球越过球网,速度度较小的球没有越过球网,原因是发球机到网的水平距离一定，速度大，则所用的时间较少,球下降的高度较小，容易越过球网,故C正确，ABD错误。未经许可 请勿转载故选：。【点评】解决此题的关键知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，知
16、道运动的时间由高度决定,初速度和时间共同决定水平位移。未经许可 请勿转载6分如此图,空间某区域存在匀强电场和匀强磁场,电场方向竖直向上与纸面平行,磁场方向垂直于纸面向里。三个带正电的微粒a，b，c电荷量相等，质量分别为a，mb,mc已经知道在该区域内,在纸面内做匀速圆周运动，在纸面内向右做匀速直线运动,c在纸面内向左做匀速直线运动。以下选项正确的选项是 未经许可 请勿转载AmambmcBbmacCmcamDmcmm【考试点】CM：带电粒子在混合场中的运动.【专题】32:定量思想;3：推理法；57：带电粒子在复合场中的运动专题【分析】由粒子的运动状态，根据牛顿第二定律得到其合外力情况,再对粒子进
17、行受力分析即可求解。【解答】解：微粒受重力G、电场力、洛伦兹力的作用,三个带正电的微粒,b,c电荷量相等,那么微粒所受电场力F大小相等，方向竖直向上;未经许可 请勿转载a在纸面内做匀速圆周运动，则a的重力等于电场力，即F=Ga=mg;b在纸面内向右做匀速直线运动,则b受力平衡，因为重力方向竖直向下，洛伦兹力方向竖直向上，则有Fb=b=mbg；未经许可 请勿转载c在纸面内向左做匀速直线运动,则受力平衡，且洛伦兹力方向向下,则有：Fc=Gc=cg所以，mbmamc，故A错误,正确;故选:B。【点评】带电粒子在磁场中运动,洛伦兹力的方向用左手定则判断，然后再分析粒子的受力情况，进而应用牛顿第二定律联
18、系粒子的运动状态，进而求解。未经许可 请勿转载 .6分大科学工程“人造太阳主要是将氘核聚变反应释放的能量用来发电,氘核聚变反应方程是：HHen,已经知道的质量为20136u，He的质量为3.0150u，n的质量为1007,1u=931MeV/c2.氘核聚变反应中释放的核能约为 未经许可 请勿转载A.3.7MeVB.3MeVC2.7MVD093MV【考试点】:爱因斯坦质能方程【专题】31:定性思想;：推理法；5P：爱因斯坦的质能方程应用专题【分析】根据已经知道核反应方程式,要计算释放的核能，就必须知道核反应亏损的质量，根据爱因斯坦质能方程=m2即可求出核反应释放的能量。未经许可 请勿转载【解答】
19、解:因氘核聚变的核反应方程为:H+e+;核反应过程中的质量亏损为=2mHmHe+n0.0035u释放的核能为E=mc2=.003uc2=3.3MeV,故正确,D错误;故选：B。【点评】只要对近代原子物理有所了解即可,需要深入理解的东西不是太多。所以要多读教学资料，适量做些中低档题目即可。未经许可 请勿转载 分扫描隧道显微镜STM可用来探测样品表面原子尺寸上的形貌,为了有效隔离外界震动对STM的扰动，在圆底盘周边沿其径向对称地安装若干对紫铜薄板，并施加磁场来快速衰减其微小震动,如以以下图，无扰动时,按以下四种方案对紫铜薄板施加恒磁场；出现扰动后,对于紫铜薄板上下及其左右震动的衰减最有效的方案是未
20、经许可 请勿转载A.C.D【考试点】D8:法拉第电磁感应定律【专题】：定性思想；43:推理法;5C：电磁感应与电路结合【分析】根据电磁感应原理，结合楞次定律的阻碍相对运动角度，及产生感应电流的条件,即可判定。【解答】解:当加恒定磁场后，当紫铜薄板上下及左右振动时,导致穿过板的磁通量变化,从而产生感应电流，感应磁场进而阻碍板的运动，而C选项，只能上下振动时,才有磁通量变化,左右振动,却没有磁通量变化,因此只有A选项穿过板的磁通量变化，故A正确,BCD错误;未经许可 请勿转载故选:A。【点评】考查电磁感应原理,掌握楞次定律中阻碍相对运动,理解磁通量的含义,及感应电流的产生条件。6.分如此图,三根相
21、互平行的固定长直导线1、2和L3两两等距,均通有电流I,L中电流方向与L2中的相同,与L3中的相反。以下说法正确的选项是 未经许可 请勿转载AL1所受磁场作用力的方向与L2、3所在平面垂直B.L3所受磁场作用力的方向与L1、L2所在平面垂直C1、2和L单位长度所受的磁场作用力大小之比为:1：D.L1、L2和L3单位长度所受的磁场作用力大小之比为:：1【考试点】C6：通电直导线和通电线圈周围磁场的方向；C：安培力.【专题】31：定性思想；43:推理法；3D:磁场 磁场对电流的作用【分析】依据右手螺旋定则判定各导线在其他位置的磁场方向，再结合矢量的合成法则,即可判定合磁场方向，最后根据左手定则,从
22、而确定其位置的受到磁场力方向；未经许可 请勿转载因所通的电流相等,那么单位长度的磁场力之比,即为各自所处的磁场之比。【解答】解:A、根据右手螺旋定则，结合矢量的合成法则,则L、L3通电导线在L1处的磁场方向如以以以下图所示,未经许可 请勿转载再根据左手定则，那么L1所受磁场作用力的方向与L2、3所在平面平行，故A错误;B、同理，根据右手螺旋定则,结合矢量的合成法则,则L2、1通电导线在L3处的磁场方向如以以以下图所示，未经许可 请勿转载再根据左手定则,那么L3所受磁场作用力的方向与2、1所在平面垂直,故B正确；D、由A选项分析,可知，L、3通电导线在处的合磁场大小与2、L3通电导线在1处的合磁
23、场相等，未经许可 请勿转载设各自通电导线在其他两点的磁场大小为B，那么L1、L2和3三处磁场之比为1:1:,故C正确，D错误;未经许可 请勿转载故选：BC。【点评】考查右手螺旋定则与左手定则的内容,掌握矢量的合成法则，理解几何关系，及三角知识的运用。 .6分在一静止点电荷的电场中,任一点的电势与该点到点电荷的距离r的关系如以以下图。电场中四个点a、b、c和的电场强度大小分别Ea、Eb、和E,点到点电荷的距离r与点的电势已在图中用坐标ra，a标出,其余类推。现将一带正电的试探电荷由a点依次经、c点移动到d点,在相邻两点间移动的过程中,电场力所做的功分别为Wb、Wb和c.以下选项正确的选项是 未经
24、许可 请勿转载A:Eb4:1.Ec：Ed=：Cab：Wbc=3：1D.Wc：Wd=：3未经许可 请勿转载【考试点】A:电势差和电场强度的关系【专题】34:比较思想;4:比例法；32：电场力与电势的性质专题.【分析】由点电荷场强公式E=可求场强之比;利用公式abab和=q分别计算电场力做的功，从而求电场力做功之比。未经许可 请勿转载【解答】解:A、由点电荷场强公式E=可得:Eb=:4：,故A正确；B、由点电荷场强公式E=可得：E：Ed：=4：1，故B错误;、从到b电场力做功为：Wab=qUa=qbq6=3q，从到电场力做功为：bc=Ub=qb=3=q，所以有:b：Wc=3：,故C正确;未经许可
25、请勿转载D、从c到d电场力做功为：Wcd=qcd=cd=q1,所以Wc:Wc=:1,故D错误。未经许可 请勿转载故选:C。【点评】解答此题的关键是正确理解点电荷场强公式E=和=qU,知道电势差等于两点电势之差。6分如此图，柔软轻绳ON的一端O固定,其中间某点M拴一重物,用手拉住绳的另一端N.初始时，OM竖直且MN被拉直，OM与MN之间的夹角。现将重物向右上方缓慢拉起,并保持夹角不变，在OM由竖直被拉到水平的过程中未经许可 请勿转载A.N上的张力逐渐增大BMN上的张力先增大后减小C.OM上的张力逐渐增大DOM上的张力先增大后减小【考试点】:力的合成与分解的运用;3C：共点力的平衡【专题】1：定性
26、思想;42：等效替代法;527：共点力作用下物体平衡专题.【分析】整个拉动过程中，小球的重力不变，根据共点力平衡条件分析。【解答】解：以重物为研究对象，受重力mg，OM绳上拉力F1,MN上拉力F2，由题意知,三个力合力始终为零,矢量三角形如以以下图，在F转至水平的过程中,MN上的张力F逐渐增大,OM上的张力F先增大后减小,所以A、正确;B、C错误。未经许可 请勿转载故选:AD。【点评】此题考查共点力的平衡条件,这种问题一般要抓住不变的量，然后去分析变化的量。在此题中，小球的重力大小和方向都不变,抓住这一点，然后去分析另外两个力的变化情况,这样有理有据。未经许可 请勿转载 二、非选取题:本卷包括
27、必考题和选考题两部分.第932题为必考题，每个试题考生都必须作答第3题为选考题，考生根据要求作答一必考题共9分未经许可 请勿转载.5分某探究小组为了研究小车在桌面上的直线运动，用自制“滴水计时器计量时间。实验前，将该计时器固定在小车旁，如此图所示。实验时,保持桌面水平,用手轻推一下小车。在小车运动过程中,滴水计时器等时间间隔地滴下小水滴，图b记录了桌面上连续个水滴的位置。已经知道滴水计时器每30内共滴下46个小水滴未经许可 请勿转载1由图可知，小车在桌面上是 从右向左 填“从右向左或“从左向右运动的。2该小组同学根据图b的数据判断出小车做匀变速运动。小车运动到图b中A点位置时的速度大小为 0.
28、19m/s,加速度大小为0.038 /.结果均保留2位有效数字未经许可 请勿转载【考试点】M：测定匀变速直线运动的加速度【专题】1：实验题;23：实验探究题;32:定量思想;3：推理法；511:直线运动规律专题.【分析】依据小车在手轻推一下，则做减速运动,结合各点间距,即可判定运动方向；根据匀变速直线运动的推论公式x=a可以求出加速度的大小，根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，可以求出打纸带上C点时小车的瞬时速度大小。未经许可 请勿转载【解答】解:1由于用手轻推一下小车，则小车做减速运动,根据桌面上连续个水滴的位置,可知,小车从右向左做减速运动；未经许可 请勿转载已经知道
29、滴水计时器每30s内共滴下46个小水滴，那么各点时间间隔为：T=根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，有：vA= ms=0.1m/s，根据匀变速直线运动的推论公式=T2可以求出加速度，得：a= ms2=.38 /s,那么加速度的大小为0.038 2。故答案:：:为:1从右向左；20.1,.038。【点评】要提高应用匀变速直线的规律以及推论解答实验问题的能力,在平时练习中要加强基础知识的理解与应用。未经许可 请勿转载10分某同学研究小灯泡的伏安特性,所使用的器材有:小灯泡额定电压.8,额定电流0.2A电压表V量程3V,内阻3k电流表A量程0.A，内阻.5固定电阻R阻值100滑
30、动变阻器R阻值9.0电源电动势V,内阻不计开关S；导线若干。1实验要求能够实现在0.8的范围内对小灯泡的电压进行测量,画出实验电路原理图。2实验测得该小灯泡伏安特性曲线如此图a所示。由实验曲线可知,随着电流的增加小灯泡的电阻 增大填“增大“不变或“减小，灯丝的电阻率增大 填“增大“不变或“减小。未经许可 请勿转载用另一电源E0电动势4V,内阻1.00和题给器材连接成图b所示的电路图,调节滑动变阻器R的阻值,可以改变小灯泡的实际功率。闭合开关S,在R的变化范围内,小灯泡的最小功率为 0.4 W，最大功率为 1.17 W结果均保留2位小数未经许可 请勿转载【考试点】5:描绘小电珠的伏安特性曲线【专
31、题】13：实验题;3：实验探究题;31：定性思想;:实验分析法;55:恒定电流专题.【分析】1明确实验原理，根据实验中给出的仪器分析滑动变阻器以及电流表接法；根据IU图象的性质进行分析,明确电阻随电流变化的规律，从而明确电阻率的变化情况;3分析滑动变阻器接入电阻的变化,作出等效电源的伏安特性曲线，得出对应的电流值和电压值,从而明确灯泡功率的极值。未经许可 请勿转载【解答】解：1因本实验需要电流从零开始调节,因此应采用滑动变阻器分压接法;因灯泡内阻与电流表内阻接近，故应采用电流表外接法；另外为了扩大电压表量程,应用0和电压表串联,故原理图如以以下图；未经许可 请勿转载IU图象中图象的斜率表示电阻
32、的倒数，由图可知，图象的斜率随电压的增大而减小,故说明电阻随电流的增大而增大;其原因是灯丝的电阻率随着电流的增大而增大;未经许可 请勿转载3当滑动变阻器阻值全部接入时，灯泡的功率最小,将R等效为电源内阻，则电源电动势为V，等效内阻为10；则有：U=410I；作出电源的伏安特性曲线如此图中实线所示;由图可知，灯泡电压为U=1.8V，电流I=230m=23A，则最小功率PUI=1.0.2341；未经许可 请勿转载当滑动变阻器接入电阻为零时,灯泡消耗的功率最大;此时电源的内阻为1.0，作出电源的伏安特性曲线如此图a中虚线所示;如此图a可知,此时电压为3.7V，电流为20mA=0.32A;则可知最大功
33、率Pmx=3.0032=1.18W。未经许可 请勿转载故答案:：为：1如以以下图;2增大;增大;30.4；1.1。【点评】此题考查灯泡伏安特性曲线的描绘实验,要注意明确实验原理，知道实验中数据分析的基本方法，注意在分析功率时只能根据图象进行分析求解,不能利用欧姆定律进行分析。未经许可 请勿转载11.12分一质量为.014kg的太空飞船从其飞行轨道返回地面。飞船在离地面高度1.60105m处以.503m/s的速度进入大气层,逐渐减慢至速度为00m/时下落到地面。取地面为重力势能零点,在飞船下落过程中，重力加速度可视为常量,大小取为.8ms结果保留2位有效数字未经许可 请勿转载1分别求出该飞船着地
34、前瞬间的机械能和它进入大气层时的机械能;2求飞船从离地面高度00m处至着地前瞬间的过程中克服阻力所做的功,已经知道飞船在该处的速度大小是其进入大气层时速度大小的2.0。未经许可 请勿转载【考试点】65:动能定理;6C:机械能守恒定律【专题】32：定量思想；4：推理法【分析】1机械能等于重力势能和动能之和,可以得出两处的机械能；根据动能定理计算克服阻力做功。【解答】解：1.60105m处的速度为v,60处的速度为v2，落地前的速度为落地时的重力势能为零,动能为Ek=m=04102=4.010；进入大气层的机械能E=Ek1+Ep1m+mH=.41012J;2此时的速度大小为v=7.5130.02/
35、150m/s；从600m处到落地之间，重力做正功,阻力做负功，根据动能定理未经许可 请勿转载mgWf=mv32m22代入数据,可得W9.708答:1落地瞬间的机械能为008J;进入大气层的机械能为2.4101J;2克服阻力做功为9.7108J。【点评】此题考查了机械能的计算和动能定理的应用，掌握相关的公式是解题的关键。10分真空中存在电场强度大小为E的匀强电场,一带电油滴在该电场中竖直向上做匀速直线运动，速度大小为0，在油滴处于位置A时,将电场强度的大小突然增大到某值，但保持其方向不变。持续一段时间t1后,又突然将电场反向，但保持其大小不变；再持续同样一段时间后,油滴运动到B点。重力加速度大小
36、为。未经许可 请勿转载1油滴运动到B点时的速度；求增大后的电场强度的大小;为保证后来的电场强度比原来的大，试给出相应的t和0应满足的条件。已经知道不存在电场时,油滴以初速度做竖直上抛运动的最大高度恰好等于B、两点间距离的两倍。未经许可 请勿转载【考试点】39:牛顿运动定律的综合应用;AG：电势差和电场强度的关系【专题】1:计算题；22:学科综合题；32：定量思想；4C：方程法;53:电场力与电势的性质专题.未经许可 请勿转载【分析】分析油滴的运动过程，可知其先进行向上的匀速直线运动，到达A处后因电场强度突然增大而开始做向上的匀加速直线运动,经过t1后电场突然反向,油滴开始做匀减速直线运动，并可
37、能在速度减为零后做反向的匀加速直线运动。对电场增大后的两个过程分别列出牛顿第二定律方程,即可求得两个过程中的加速度,而t1又是一个已经知道量,那么直接使用运动学公式即可求出vB的速度大小；未经许可 请勿转载2因为油滴最后可能做反向的匀加速直线运动,因此我们不能确定B点的位置究竟在A点上方还是A点下方，故需要分为两种情况讨论。对其中每一种情况，根据运动学公式列出方程，并与竖直上抛的方程进行联立，即可分别求得两种情况下的场强E2的大小;而根据题意,为求出t1与v0满足的条件，只需要使E2即可,那么就可以最终求得t1与0间的关系式。未经许可 请勿转载【解答】解:1方法一:设油滴质量为m,带电荷量为q
38、,增大后的电场强度为E2，根据题中条件可以判断电场力与重力方向相反；对于匀速运动阶段,有qE1mg对于场强突然增大后的第一段t1时间，由牛顿第二定律得:qE2g=a1对于场强第二段t1时间,由牛顿第二定律得:qE2gma 由运动学公式,可得油滴在电场反向时的速度为:1=v0+a1t1油滴在B的速度为:B=va2t1联立至式,可得：v=v02gt1；方向向上;方法二：选向上为正方向，由动量定理有:mg2t+qE1tE1t=mvm0解得：vB=v02g1;方向向上;2设无电场时竖直上抛的最大高度为h,由运动学公式,有:v=2gh根据位移时间关系可得：0t1+v11油滴运动有两种情况:情况一：位移之
39、和x1x=联立、可得:E2=E1+由题意得E2E1,即满足条件,即当或才是可能的;情况二:位移之和+x= 联立、可得：2=1+由题意得E2E1,即满足条件，即，另一解为负，不合题意，舍去。答：1油滴运动到B点时的速度为v02gt1；2增大后的电场强度的大小为E1+,1和v应满足的条件为或；或E1+;相应的t和0应满足的条件为。【点评】有关带电粒子在匀强电场中的运动,可以从两条线索展开：其一,力和运动的关系。根据带电粒子受力情况,用牛顿第二定律求出加速度，结合运动学公式确定带电粒子的速度和位移等；其二，功和能的关系。根据电场力对带电粒子做功,引起带电粒子的能量发生变化,利用动能定理进行解答。未经
40、许可 请勿转载 二选考题：共15分。请考生从2道物理题中任选一题作答。如果多做，则按所做的第一题计分。物理-选修3-3未经许可 请勿转载.5分氧气分子在0和100温度下单位速率间隔的分子数占总分子数的百分比随气体分子速率的变化分别如此图中两条曲线所示。以下说法正确的选项是 未经许可 请勿转载A图中两条曲线下面积相等.图中虚线对应于氧气分子平均动能较小的情形C图中实线对应于氧气分子在00时的情形D.图中曲线给出了任意速率区间的氧气分子数目与0时相比,100时氧气分子速率出现在400 m/s区间内的分子数占总分子数的百分比较大未经许可 请勿转载【考试点】88:分子运动速率的统计分布规律;9：温度是
41、分子平均动能的标志【专题】31:定性思想;43：推理法；542：物体的内能专题.【分析】温度是分子平均动能的标志,温度升高分子的平均动能增加,不同温度下相同速率的分子所占比例不同，要注意明确图象的意义是解题的关键。未经许可 请勿转载【解答】解：A、由题图可知,在和100两种不同情况下各速率区间的分子数占总分子数的百分比与分子速率间的关系图线与横轴所围面积都应该等于1，即相等,故正确；未经许可 请勿转载B、由图可知，具有最大比例的速率区间，0时对应的速率小,故说明虚线为0的分布图象,故对应的平均动能较小，故B正确;未经许可 请勿转载C、实线对应的最大比例的速率区间内分子动能大,说明实验对应的温度
42、大，故为10时的情形,故C正确;未经许可 请勿转载、图中曲线给出了任意速率区间的氧气分子占据的比例,但无法确定分子具体数目,故D错误；E、由图可知,0400 m/段内,0对应的占据的比例均小于与时所占据的比值，因此00时氧气分子速率出现在0400 /s区间内的分子数占总分子数的百分比较小，故E错误。未经许可 请勿转载故选:ABC。【点评】此题考查了分子运动速率的统计分布规律,记住图象的特点，知道横坐标表示的是分子数目所占据的比例,同时明确温度与分子平均动能间的关系。未经许可 请勿转载 141分如此图，容积均为V的汽缸A、B下端有细管容积可忽略连通,阀门2位于细管的中部，A、的顶部各有一阀门K1、,B中有一可自由滑动的活塞质量、体积均可忽略。初始时，三个阀门均打开，活塞在B的底部;关闭K、3,通过K1给汽缸充气，使A中气体的压强达到大气压0的3倍后关闭K1.已经知道室温为，汽缸导热。