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1、 2012年贵州省铜仁市中考物理试卷解析 一、选择题（本题共18个小题，每小题2分，共36分每小题只有一个选项符合题意，请将正确选项的序号填涂在答题卡相应的位置）1（2012铜仁市）下列测量工具没有利用杠杆原理的是（） A弹簧测力计 B 杆秤 C 台秤 D托盘天平考点：杠杆的应用。专题：应用题。分析：杆秤、台秤、托盘天平在结构上符合杠杆的定义（在力的作用下，能绕某一固定点转动的硬棒），属于杠杆解答：解：（1）杆秤、台秤、托盘天平都可以简化成在力的作用下，能绕某一固定点转动的硬棒，符合杠杆的定义，利用了杠杆原理；（2）弹簧测力计是根据弹簧受到的拉力越大，弹簧的伸长就越长的原理制成的故选A点评：本
2、题考查了学生对生活和实验中常见工具、器材原理的掌握和了解在力的作用下，能绕某一固定点转动的硬棒，物理学中叫做杠杆，杠杆不一定是直棒2（2012铜仁市）关于串、并联电路，下列说法正确的是（）A串联电路电流处处相等B串联电路总电阻的倒数等于各电阻倒数之和C并联电路各支路电流总相等D并联电路的总电阻等于各支路电阻之和考点：串联电路的电流规律；并联电路的电流规律；电阻的串联；电阻的并联。专题：推理法。分析：利用下列知识分析判断：（1）在串联电路中，电流处处相等，串联电路总电阻等于各串联电阻之和；（2）在并联电路中，干路中的电流等于各支路电流之和，并联电路总电阻的倒数等于各电阻倒数之和解答：解：A、在串
3、联电路中，电流处处相等，正确；B、串联电路总电阻等于各串联电阻之和，故B错；C、在并联电路中，干路中的电流等于各支路电流之和，故C错；D、并联电路总电阻的倒数等于各电阻倒数之和，故D错；故选A点评：本题考查了串并联电路的电流和电阻特点，注意区分、易混淆，易错点！3（2012铜仁市）下列关于科学家与他们的重大发现的说法中错误的是（） A 牛顿发现万有引力B欧姆发现欧姆定律C法拉第发现电磁感应D阿斯米德发现电流的磁场考点：物理常识。专题：顺推法。分析：对每个重大发现进行分析，明确发现人，错误选项也就确定了解答：解：万有引力是由牛顿发现并总结出规律的；欧姆定律当然是欧姆最早总结出的关于电流与电压、电
4、阻关系的重要规律；电磁感应是法拉第受电生磁的启发最早发现的；电流的磁场是丹麦物理学家奥斯特与1820年发现的故选D点评：解决此类问题需要掌握基本的物理学常识，平时应注意积累4（2012铜仁市）如图为我国第一航天英雄杨利伟在太空（宇宙飞船中）与家人（在北京）进行视频通话时的情境，对此过程，下列说法正确的是（）A通话时声音通过声波传播，图象通过电磁波传播B通话时声音和图象都是通过光导纤维传播C通话时声音和图象都是通过电磁波传播D通话时声音和图象分别通过次声波和超声波传播考点：电磁波的传播；超声波与次声波。专题：应用题。分析：声波和电磁波都可以穿的信息，但声音不能在真空中传播；而电磁波可以在真空中传
5、播，且在真空中的传播速度最快，所以据此对各个选项逐次分析即可解答：解：A、由于飞船在大气层以外，即有一段真空区域，所以声音是无法直接传播的，故错误；B、由于激光在光导纤维中传播，所以通话的声音和图象不可能是通过激光传过来的，故错误；C、通话时声音和图象都是通过电磁波传播的，故正确；D、超声波和次声波都是声波，其不能在真空中传播，故错误故选C点评：知道声波不能在真空中传播，而电磁波可以在真空中传播是解决该题的关键5（2012铜仁市）我国改革开放大大推进了社会经济的发展，使百姓生活逐步奔向小康近几年最明显的标志之一就是轿车逐步进入百姓家庭下列有关轿车的说法正确的是（）A司机及乘员系上安全带可以减小
6、惯性B汽车发动机工作时，将机械能转化为内能C汽车刹车需要利用摩擦，起步和行驶都不需要利用摩擦D汽车轮胎刻有花纹是为了增大摩擦，轮胎做得宽大是为了减小对路面的压强考点：增大或减小摩擦的方法；惯性；减小压强的方法及其应用。专题：应用题。分析：利用下列知识分析回答：（1）物体具有的保持运动状态不变的性质叫惯性，一切物体都具有惯性，其大小仅与物体的质量有关；（2）汽车发动机为汽油机，是将内能转化为机械能的机器；（3）汽车刹车、起步和行驶需要摩擦；（4）摩擦力与压力和接触面的粗糙程度有关，压力越大、接触面越粗糙，摩擦力越大；压强与压力和受力面积的大小有关，压力越大、受力面积越小，压强越大解答：解：A、司
7、机及乘员系上安全带，是为了减小由于惯性带来的伤害，并非减小惯性，故A错；B、汽车发动机工作时，燃料燃烧获得内能，再将内能转化为机械能，故B错；C、汽车刹车需要利用摩擦，起步和行驶同样需要摩擦，就像人走路一样，离不开摩擦，否则会打滑，故C错；D、汽车轮胎刻有花纹，是通过增大接触面的粗糙程度增大摩擦；轮胎做得宽大是通过增大受力面积减小对路面的压强，故D正确故选D点评：本题为力学、热学综合题，考查了学生对惯性、内燃机工作时的能量转化、摩擦、压强的了解与掌握，利用所学知识分析身边的实际现象，真正体现了学以致用，有意义！6（2012铜仁市）如图所示是利用航空摄影拍摄到的铜仁市碧江区一角，如果拍摄时所用照
8、像机的镜头焦距是50mm，则胶片到镜头的距离应（）A大于100mmB大于50mm小于100mmC小于50mmD等于50mm考点：凸透镜成像的应用。专题：应用题。分析：凸透镜成像，u2f，成倒立、缩小的实像，应用于照相机，2fvf解答：解：照相机的镜头相当于一个凸透镜，镜头的焦距是50mm，胶片和镜头之间是像距，2fvf，所以胶片到镜头的距离大于50mm小于1000mm故选B点评：掌握凸透镜成像的三种情况和应用：u2f，成倒立、缩小的实像，应用于照相机和摄像机2fuf，成倒立、放大的实像，应用于幻灯机和投影仪uf，成正立、放大的虚像，应用于放大镜和老花镜7（2012铜仁市）关于热现象，下列说法正
9、确的是（）A夏天用电风扇吹风能使人感到凉爽，这是因为电风扇降低了空气的温度B海洋对全球气温起到了很好的调节作用C“摩擦生热”现象是用热传递的方法改变物体的内能D晶体和非晶体都有一定的熔点考点：比热容解释简单的自然现象；晶体和非晶体的区别；影响蒸发快慢的因素；做功改变物体内能。专题：应用题。分析：（1）影响蒸发快慢的因素有三个，即液体的温度、液体的表面积和液体表面的空气流动情况；且蒸发吸热；（2）由于水的比热容最大，所以使得水多的地方的温度变化小，而水少的沙漠地区温度变化大；（3）改变内能的方式有两种，即做功和热传递，做功改变内能属于能量的转化；而热传递改变内能属于能量的转移；（4）晶体有熔点，
10、非晶体没有熔点解答：解：A、夏天用电风扇吹风，加快了空气流动，促进了汗液的蒸发，由于蒸发是吸热的，所以人感到凉快，但不是电风扇降低了空气的温度，故错误；B、相同质量的水和其他液体相比较，在相同的受冷和受热的情况下，由于水的比热容最大，水的温度变化小，这是海洋对全球气温起到了很好的调节作用的原因，故正确；C、“摩擦生热”现象是用做功的方法改变物体的内能，故错误；D、晶体有熔点，非晶体没有熔点故错误故选B点评：该题考查了影响蒸发快慢的因素、水的比热容最大的应用、改变内能的方式和晶体非晶体的区别等知识点，是一道综合题8（2012铜仁市）下列设备没有利用连通器原理的是（） A 茶壶 B船闸 C 活塞式
11、抽水机D下水道存水管考点：连通器原理。专题：应用题。分析：连通器的特点：上端开口下端连通的容器连通器里只有一种液体，在液体不流动的情况下，连通器各容器中液面的高度总是相平的解答：解：A、壶嘴和壶身构成了连通器；B、船闸左右两个上端开口，底部相连，构成了一个连通器；C、活塞式抽水机是利用大气压的原理来工作的，不属于连通器；D、下水管成U形，水不流动时，U形管里的水相平，可以防止下水道里的气味散发出来，属于连通器； 故选C点评：本题考查连通器的原理，关键知道连通器是上端开口，底部相连的，液面静止时保持相平9（2012铜仁市）如图所示的实验中吸盘都保持静止，但所挂钩码已是吸盘所能提起的最大重物对此，
12、下列说法正确的是（）A甲图中大气对吸盘的压力等于钩砝的重力B乙图中大气对下面吸盘的压力等于钩砝的重力的1/2C利用甲图的实验可以粗测大气压的值D利用乙图的实验可以粗测大气压的值考点：大气压强的测量方法。专题：实验题。分析：根据P=进行分析判断，要想测出大气压，则需要知道压力和接触面积的大小；根据甲乙两种情况下物体都处于平衡状态进行受力分析，再根据二力平衡条件判断力的大小，二力平衡的条件：大小相等、方向相反、作用在一条直线上、作用在一个物体上，四个条件必须同时满足；据此答题解答：解：A、甲图中吸盘在竖直方向受竖直向下的拉力和竖直向上的摩擦力，并且二力是一对平衡力；在水平方向受大气对吸盘的压力和支
13、持力，二力也是一对平衡力；因此大气对吸盘的压力与钩砝的重力没有任何关系，故A错误；B、乙图中吸盘受到大气对下面吸盘的压力和物体对下面的拉力，并且二力是一对平衡力，故大气对下面吸盘的压力等于钩砝的重力；故B错误；C、由A选项的分析可知，甲图不能求出大气对吸盘的压力，故不可以粗测大气压的值；故C错误；D、由B选项的分析可知，乙图能求出大气对吸盘的压力，故可以粗测大气压的值；故D正确故选D点评：正确地对物体进行受力分析、知道静止状态是平衡状态，处于平衡状态的物体受平衡力作用计算有用力的大小；重点是明确测定大气压的原理六、填空题（本题包括7小题，每空1分，共17分请将答案填写在答题卡相应的位置）10（
14、2012铜仁市）正在修建的杭瑞高速公路通车后，铜仁到思南鹦鹉溪段的里程是162km汽车按规定时速行驶，从铜仁到鹦鹉溪需1.5h，则汽车的平均速度是108km/h，合30m/s考点：变速运动与平均速度。专题：计算题。分析：知道铜仁到鹦鹉溪的路程和所用的时间，利用速度公式v=求汽车的平均速度，再进行单位换算（1m/s=3.6km/h）解答：解：汽车的平均速度：v=108km/h=108m/s=30m/s故答案为：108；30点评：本题考查了速度公式v=的应用，记忆单位关系时，注意看起来小的单位（m/s）其实是大的，1m/s=3.6km/h；密度的两个单位也是如此11（2012铜仁市）一根长约10c
15、m左右的饮料吸管A插在盛水的杯子中，另一根吸管B的管口贴靠在A管的上端，往B管中轻轻吹气，会看到A管中液面上升，这是因为A管上方空气流速增大，使压强减小而造成的结果考点：流体压强与流速的关系。专题：应用题。分析：吸管和烧杯构成连通器，吹气之前，吸管内和烧杯内液面相平当向B管吹气时，A管上方的空气流动速度增大，压强减小，A管下方压强不变，A管内的液体受到向上的压强大，液面上升解答：解：往B管中吹气，吸管A上方空气的流速增大，压强减小，A管中液体受到向上的压强大于向下的压强，液面上升故答案为：上升；小点评：对于流体压强问题，要明确被研究的物体，物体的哪两个侧面流体流速不同，判断两个侧面的压强情况，
16、判断物体在压强差作用下的运动情况12（2012铜仁市）将一瓶冰冻的矿泉水放在桌上，一会儿瓶壁会出现许多小水珠，这是液化现象在瓶内冰块逐渐熔化的过程中，瓶内水的温度不变（填“升高”、“降低”或“不变”）考点：液化及液化现象；熔化与熔化吸热特点。专题：应用题。分析：物质由气态变为液态是液化物质由固态变成液态是熔化，熔化吸热冰水混合物的温度为0解答：解：瓶子的外壁出现了许多小水珠，是空气中水蒸气遇到冷的杯壁液化形成的冰块在熔化过程中，不断吸收热量，使周围温度下降冰块逐渐熔化的过程中，由于冰水混合物的温度是0，恰好是冰的熔点，水的凝固点，吸热的时候冰会熔化，但是在熔化的过程中温度保持不变故答案为：液化
17、、不变点评：本题主要考查学生对：熔化和液化特点的理解和掌握，是一道基础题13（2012铜仁市）如图所示的电路中，电源电压不变，R1=R2=R3=6某同学误将一电流表并联在R1两端，闭合开关后，读得电流表示数为0.6A，则电源电压U=7.2V；发现错误后，该同学将图中电流表换成了电压表，则此时电压表的示数是2.4V，每只电阻消耗的电功率是0.96W，电流每分钟在每只电阻上产生的热量是57.6J考点：电功率的计算；欧姆定律的应用；电阻的串联。专题：计算题；动态预测题。分析：（1）当电流表并联在R1两端时，R2、R3串联，根据电阻的串联和欧姆定律求出电源的电压；（2）电流表换成了电压表时，三电阻串联
18、，根据电阻的串联和欧姆定律求出电路中的电流，再根据欧姆定律求出电压表的示数，根据P=I2R求出每只电阻消耗的电功率，根据Q=W=Pt求出电流每分钟在每只电阻上产生的热量解答：解：（1）当电流表并联在R1两端时，如下图所示：电源的电压U=I（R2+R3）=0.6A（6+6）=7.2V；（2）电流表换成了电压表时，如下图所示：电路中的电流I=0.4A，电压表的示数U1=IR1=0.4A6=2.4V；每只电阻消耗的电功率P=（I）2R1=（0.4A）26=0.96W，电流每分钟在每只电阻上产生的热量Q=W=Pt=0.96W60s=57.6J故答案为：7.2；2.4；0.96；57.6点评：本题考查了
19、电阻的串联和欧姆定律、电功率、热量的计算，关键是电路接电压表和电流表时电路的判断14（2012铜仁市）如图所示甲乙两图是电磁学部分的两个重要实验甲图闭合开关后，会发现直导线在磁场中运动；乙图闭合开关后，如果用力推动直导线沿左右方向运动，会发现灵敏电流计指针也左右摆动请判断：人们是根据乙图的原理制成了发电机，根据甲图的原理制成了电动机考点：发电机的构造和原理；直流电动机的原理。专题：应用题。分析：（1）电磁感应现象的前提是运动，结果是产生电流，通电导体在磁场中受力的前提是通电，结果是受力运动；（2）产生感应电流的条件是：闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动，会产生感应电流，本题判断电流表
20、指针偏转就是产生感应电流，关键是看导体是否切割磁感线；（3）通电导体在磁场中受力，受力方向与磁场方向、电流方向两个因素有关，只改变其中一个因素，可以改变运动方向，同时改变两个因素，运动方向不会改变解答：解：在甲图中，由于通电而运动，故是利用通电导线在磁场中受力的作用的原理制成的，故是发电机的原理；在乙图中，由于运动而使得电流表指针发生偏转，故是运动而产生电，即是电磁感应现象，故是电动机的制作原理故答案为：乙；甲点评：对比记忆：（1）电磁感应现象实验装置没有电源直接供电；通电导体在磁场中受力实验装置有电源直接供电（2）电磁感应现象实验影响电流方向的因素是运动方向和磁场方向；通电导体在磁场中受力实
21、验影响受力方向的因素是电流方向和磁场方向（3）电磁感应现象实验中机械能转化为电能；通电导体在磁场中受力实验中电能转化为机械能（3）发电机利用电磁感应现象原理；电动机利用通电导体在磁场中受力原理15（2012铜仁市）人踢球时，对球施力的物体是人（脚），同时人（脚）也受到球的作用力，这一事例说明物体间力的作用是相互的考点：力作用的相互性。专题：应用题。分析：力是物体对物体的作用，当一个物体对另一个物体有力的作用时，另一个物体也同时对这个物体有力的作用，即力的作用是相互的解答：解：人踢球时，人（脚）对球施加一个作用力，因此对球施力的物体是人（脚），由于物体间力的作用是相互的，因此球对人（脚）也施加一
22、个反作用力；这一事例说明了物体间力的作用是相互的故答案为：人（脚）；人（脚）；物体间力的作用是相互的点评：解决此类题目要结合力的作用是相互的，即一个物体在施力的同时必然也受力，另一个物体在受力的同时必然也是施力物体16（2012铜仁市）一同学在岸上最多只能搬得起质量是30kg的鹅卵石如果鹅卵石的密度是2.5103kg/m3，则该同学在水中最多能搬得起质量是50 kg的鹅卵石（石头不露出水面）这时石头受到的浮力是200N（水=1.0103kg/m3，取g=10N/kg）考点：浮力大小的计算；密度公式的应用；力的合成与应用；重力的计算；阿基米德原理。专题：计算题。分析：（1）由同学在岸上最多能搬得
23、起的鹅卵石质量，可求他能施加的最大力；该同学在水中搬鹅卵石时，在水中最多能搬得起鹅卵石的最大重力等于受到的浮力加上人施加的力，设该鹅卵石的体积为V，可得关系式石Vg=水Vg+F大，据此求出鹅卵石的体积，再利用密度公式求在水中最多能搬得起鹅卵石的最大质量；（2）求出了鹅卵石的体积（浸没排开水的体积），利用阿基米德原理求石头受到的浮力解答：解：（1）该同学能施加的最大力：F大=G石=m石g=30kg10N/kg=300N；该同学在水中搬鹅卵石时，在水中最多能搬得起鹅卵石的最大重力：G大=F浮+F大，设该鹅卵石的体积为V，则石Vg=水Vg+F大，即：2.5103kg/m3V10N/kg=1103kg
24、/m3V10N/kg+300N，解得：V=2102m3，在水中最多能搬得起鹅卵石的最大质量：m=石V=2.5103kg/m32102m3=50kg；（2）这时石头受到的浮力：F浮=水V排g=水Vg=1103kg/m32102m310N/kg=200N故答案为：50；200点评：本题考查了学生对重力公式、密度公式、阿基米德原理的掌握和运用，对水中的鹅卵石受力分析得出相应的关系式求鹅卵石的体积是本题的关键八、作图题（本题包括2小题，共6分请将答案填写在答题卡相应的位置）17（2012铜仁市）如图所示是两人乘坐双人动力滑翔伞正在空中水平匀速直线飞行，设 O点为整个装置（包括人）的重心，图中已画出整个
25、装置所受重力，请在图中用力的示意图将整个装置所受的力补画完整，并用相关字母表示出这些力考点：力的示意图。专题：作图题。分析：正在空中水平匀速直线飞行的动力滑翔伞，受平衡力作用，作用点都在重心，水平方向上受水平向右的推力和水平向左的摩擦力；在竖直方向上受竖直向下的重力和竖直向上的升力解答：解：（1）过滑翔伞的重心沿竖直向上的方向画一条带箭头的线段，用符号F升表示，线段长短等于表示重力大小的线段；（2）过滑翔伞的重心分别沿水平向右和水平向左的方向画一条带箭头的线段，分别用符号F推和f表示，注意表示二力的线段长度相等；如下图所示：点评：会对物体进行正确的受力分析，会根据平衡力判断力的方向，会用力的示
26、意图表示出力的作用点和方向18（2012铜仁市）一辆汽车在一平直的公路上以20m/s速度匀速行驶，请你在图上画出汽车行驶过程中速度随时间变化关系的vt图象考点：速度与物体运动。专题：作图题。分析：已知物体以20m/s的速度做匀速直线运动，所以任何时间段速度都一样；又由坐标知，横轴为时间，纵轴代表速度，所以图象为与横轴平行的一条线段解答：解：作图方法是：在横轴和纵轴分别确定适当的时间、速度标度，然后在纵轴的20m/s出作横轴的平行线段如下图：点评：此题是易错题，容易出错的地方是，将速度时间图象作成路程时间图象九、实验探究题（本题包括2小题，共23分请将答案填写在答题卡相应的位置）19（2012铜
27、仁市）一种由贵阳味莼园食品股份有限公司生产的“味莼园”酱油，深受广大市民的喜爱杨浩同学观察到这种酱油的瓶壁上标有“净含量：500毫升”字样于是他想：如果这种标注是准确的，则只需用一架天平和一个能够装得下酱油的空瓶即可测出酱油的密度：（1）他的实验步骤是：（用相关字母表示出所测的物理量）用天平测出一瓶原装酱油的质量m1；将瓶中酱油倒入空瓶中，用天平测出空酱油瓶的质量m2；算出酱油的密度（2）如果用V0表示一瓶原装酱油的体积，则计算酱油密度的表达式是=（3）实验后杨浩同学分析到：即使瓶上标注的体积非常准确，以上方法由于酱油倒不干净的原因仍会给实验带来较大的误差如果要进一步减小测量误差，则只需将空瓶
28、换成量筒即可考点：液体密度的测量。专题：应用题。分析：（1）先用天平测出一瓶原装酱油的质量，再将瓶中酱油倒入空瓶中，用天平测出空酱油瓶的质量，知道瓶子的容积（酱油的体积），利用密度公式=求酱油的密度；（2）利用密度公式=写出酱油密度的表达式；（3）将杯中酱油倒出时，会有一些酱油残留在酱油瓶中，测出的质量不准确，计算出的密度也就出现了误差为减小测量误差，可需将空瓶换成量筒，向量筒中倒入适量酱油后，再测剩余酱油与烧杯的质量，这样量筒中酱油的体积和它的质量就准确了解答：解：（1）他的实验步骤是：用天平测出一瓶原装酱油的质量m1；将瓶中酱油倒入空瓶中，用天平测出空酱油瓶的质量m2；算出酱油的密度；（2
29、）酱油的质量m=m1m2，酱油的密度：=；（3）将杯中酱油倒出时，会有一些酱油残留在酱油瓶中，测出的质量不准确，计算出的密度也就出现了误差为减小测量误差，可需将空瓶换成量筒，向量筒中倒入适量酱油后，再测剩余酱油与烧杯的质量，这样量筒中酱油的体积和它的质量就准确了故答案为：（1）用天平测出一瓶原装酱油的质量m1；将瓶中酱油倒入空瓶中，用天平测出空酱油瓶的质量m2；算出酱油的密度；（2）=（3）酱油倒不干净；量筒点评：此题主要考查液体密度的测量方法以及如何减小误差，为了减小误差，测量时要注意部分酱油残留在瓶壁上20（2012铜仁市）王强同学观察到现在的手电筒大都由原来的一个小灯泡换成了多颗发光二极
30、管，他通过使用发现这种手电筒非常明亮而且还非常省电他很好奇，于是就到电子器材商店买了两颗这种发光二极管准备用实验测出它的额定功率从包装盒上，他了解到这种发光二极管的额定电压是3V，正常发光时电阻约为80左右当他选好器材（电源是电压为6V的蓄电池，滑动变阻器上标有“20、1A”字样）并将实验电路连成如图甲所示的情况后：（1）请你用笔画线当导线，替他把电路连接完整（要求选择合适的量程，导线不交叉）（2）实验前，老师建议王强同学先使用电压表的大量程王强将电路连好并检查无误后，再将滑动变阻器调到阻值最大的位置，即图中的A端，这时，他闭合开关后发现发光二极管非常明亮且还冒烟，接着就被烧坏了产生这种现象的
31、原因是滑动变阻器的最大阻值太小，使发光二极管两端电压过高（3）当王强找到原因换上合适的器材后，按照正确的操作规则将电压表的示数调到3V，这时他观察到电流表示数如图乙所示则这时通过发光二极管的电流是0.04A，发光二极管的额定功率是0.12W（4）在这个实验中，滑动变阻器所起的作用是：保护电路；调节发光二极管两端电压考点：实物的电路连接；电流表的读数方法；电功率的计算。专题：应用题；实验题；作图题。分析：（1）根据发光二极管的额定电压确定电压表的量程，且与二极管并联；根据欧姆定律求出额定电流的大约值确定电流表的量程，且与二极管串联（2）由电路图可知滑动变阻器接入电路最大阻值的位置，根据发光二极管
32、被烧坏了说明电路中的电流过大（3）额定电压下发光二极管正常工作，根据电流表的量程和分度值读出电流表的示数，根据P=UI求出光二极管的额定功率（4）滑动变阻器的一个作用是保护电路，另一作用是调节滑动变阻器滑片位置，改变电路总电阻，电路电流改变，从而改变二极管两端的电压解答：解：（1）发光二极管的额定电压为3V，所以电压表的量程为03V，且与发光二极管并联；发光二极管的额定电流约为=0.0375A，故电流表的量程为00.6A，且与发光二极管串联，如下图所示：（2）由图可知，滑动变阻器滑片位于A端时接入电路的电阻最大；发光二极管被烧坏了说明电路中的电流过大，即滑动变阻器的最大阻值太小造成的（3）按照
33、正确的操作规则将电压表的示数调到3V；电流表的量程为00.6A，分度值为0.02A，所以电流表的示数为0.04A，发光二极管的额定功率P=UI=3V0.04A=0.12W（4）滑动变阻器的作用是：保护电路；调节发光二极管两端电压故答案为：（1）如图所示；（2）A；滑动变阻器的最大阻值太小，使发光二极管两端电压过高；（3）3；0.04； 0.12；（4）保护电路；调节发光二极管两端电压点评：本题考查了连接实物图、滑动变阻器的作用、电流表读数、求发光二极管的功率等内容，是实验的常考内容；连接电路时要注意滑动变阻器的接法，滑动变阻器四个接线柱不能同时接上面两个接线柱，应接一上一下两个接线柱；对电表读
34、数时应先确定电表的量程与最小分度值，然后根据指针位置读数十、计算题（本题包括2小题，共20分要求写出必要的计算过程和文字说明请将答案填写在答题卡相应的位置）21（2012铜仁市）一潜水艇潜入水下150m深处时，求：（1）处于水下150m深度处一个面积为2.4m2的舱盖上所受海水的压强和压力各是多大？（2）如果这个潜水艇受到的浮力是7107N，求潜水艇的体积是多少？（为计算方便，取海水密度为1.0103kg/m3、g=10N/kg）考点：液体的压强的计算；压力及重力与压力的区别；阿基米德原理。专题：计算题。分析：（1）已知水的密度和深度，利用公式P=gh计算潜水艇受到的压强；已知潜水艇受到的压强
35、和舱盖面积，利用公式F=PS计算受到的压力（2）已知潜水艇受到的浮力和海水的密度，利用公式V排=计算排开水的体积，也就是潜水艇的体积解答：解：（1）潜水艇受到的压强为P=gh=1.0103kg/m310N/kg150m=1.5106Pa潜水艇受到的压力为F=PS=1.5106Pa2.4m2=3.6106N（2）潜水艇的体积为V=V排=7000m3答：（1）潜水艇的舱盖受到的压强和压力分别为：1.5106Pa、3.6106N；（2）潜水艇的体积为7000m3点评：液体产生的压力不一定等于液体的重力，所以在计算液体压力时，一般先计算压强，然后利用公式F=PS得到压力22（2012铜仁市）一只标有“
36、6V、3W”的小灯泡，接在如图所示的电路中，设电源电压和灯丝电阻均不变，求：（1）小灯泡正常发光时的电阻是多少？（2）当滑动变阻器连入电路中的电阻为6时，闭合开关后小灯泡恰能正常发光，求电源电压是多少？（3）如果换一电源及额定电压为8V的灯泡，当闭合开关S，滑动变阻器的滑片P滑到中点c时，灯泡正常发光，此时灯泡的电功率为P，当滑片P滑到b端时，灯泡的实际功率为P，已知P：P=16：9，求所换电源的电压？（设所换电源电压和灯丝电阻均不变 ）考点：欧姆定律的应用；串联电路的电流规律；串联电路的电压规律；电阻的串联；电功率的计算。专题：计算题；应用题；比例法。分析：（1）由灯泡的铭牌可知额定电压和额
37、定功率，根据R=求出灯泡的电阻（2）先根据I=求出灯泡正常发光时的电流，再根据电阻的串联特点和欧姆定律求出电源的电压解答：解：（1）灯泡的电阻：RL=12；（2）因此时灯泡正常发光，所以电路中的电流：I=0.5A，电源的电压：U=I（RL+RP）=0.5A（12+6）=9V；（3）当闭合开关S，滑动变阻器的滑片P滑到中点c时，等效电路图如图1所示；当滑片P滑到b端时，等效电路图如图2所示P：P=16：9，=，解得：=；电源的电压不变，I（RL+RAP）=I（RL+RAP）解得：RL=RP，由图1可得：电源的电压U=I（RL+RAP）=IRAP=UL=8V=12V答：（1）小灯泡正常发光时的电阻为12；（2）电源电压为9V；（3）所换电源的电压为12V点评：本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率的计算，关键是公式及其变形式的灵活运用；本题的难度再与换电源以后，能根据电功率关系和电源的电压不变得出电阻之间的关系16