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1、周老师中考试题资料室山东省枣庄市2013年中考物理试卷一、选择题（共12小题，每小题2分，满分25分）1（2分）（2013枣庄）下列光路图中，正确表示了光从空气进入水中的是（）ABCD考点：作光的折射光路图专题：解题方法分析：根据光的折射规律分析，折射光线、入射光线、法线在同一平面内，折射光线和入射光线分居法线的两侧，且当光从空气斜射入水中时，折射角小于入射角，当光从水中斜射入空气中时，折射角大于入射角解答：解：A、光从空气斜射入水中时，折射光线向法线方向偏折，折射角小于入射角，折射光线与入射光线分居法线的两侧，符合折射规律，故本选项正确；B、光从空气斜射入水中时，折射光线向法线方向偏折，折射
2、角小于入射角，而图中折射角大于入射角了，不符合折射规律，故本选项错误C、光从一种介质斜射入另一种介质时，光的传播方向会发生偏折，而A中光的传播方向不变，显然是错误的；D、折射光线与入射光线分居法线的两侧，而图中两条光线在同侧，故本选项错误；故选A点评：本题主要考查光的折射规律，要认清入射角和折射角，入射光线和折射光线，这是解答此题的关键2（2分）（2013枣庄）小超为了检验躺着和站立时身体长度是否有差异，下列几种尺子哪种最合适（）A量程15 cm，分度值0.5 mmB量程10 m，分度值1 dmC量程30，分度值1mmD量程3 m，分度值1 mm考点：刻度尺的使用专题：基本仪器的使用专题分析：
3、选择尺子的原则有二：能够满足测量要求，也就是尺子的最大测量值应该大于身高；尺子的精确度要高，因为身体长度差异非常小解答：解：A、C、尺子的量程是15cm和单位不确定，不能满足测量要求，都不合适；B、量程是10m，满足测量要求，但分度值是1dm，准确程度不高，测量结果误差太大，不合适；D、量程是3m，满足测量要求，分度值是1mm，准确程度较小，测量结果误差较小，合适故选D点评：在满足测量要求的前提下，选择测量工具时极可能地选择量程较小的工具，一般这样的工具准确程度高，测量结果误差小3（2分）（2013枣庄）在做“探究凸透镜成像实验”时，将焦距为10cm的凸透镜和蜡烛放在光具座上，位置如图所示则在
4、光屏上（）A成倒立放大的实像B成倒立缩小的实像C光屏上不会得到像D像距大于10cm小于20cm考点：凸透镜成像规律及其探究实验专题：应用题；实验题分析：要解决此题，需要掌握凸透镜成像的规律，知道当物距处于1倍和2倍焦距之间时，成倒立放大的实像且像距大于2倍焦距掌握物距的概念，知道物距是从物体到凸透镜的距离解答：解：由图知，蜡烛到凸透镜的距离是16cm，焦距为10cm，物体处于凸透镜的1倍和2倍焦距之间，所以此时成倒立放大的实像此时像距大于2倍焦距故选A点评：此题考查了凸透镜成像规律的应用，要熟练掌握凸透镜成像的特点与物距、像距之间的关系同时考查了物距的概念4（2分）（2013枣庄）小靖尝试比较
5、地沟油和花生油的物理性质她将分别盛有这两种油的杯子一起放入冰箱内降温，她发现两杯油的温度都降到7时，地沟油变为固态而花生油仍为液态，这说明地沟油和花生油具有不同的（）A密度B沸点C凝固点D比热容考点：熔点和凝固点专题：应用题分析：本题考的是物态变化，物质从固态变成液态，称为凝固凝固时的温度，称为凝固点据此可得答案解答：解：依据题意：地沟油在7时，由液态变为固态，而根据定义：物质从液态变成固态，称为凝固凝固时的温度，称为凝固点所以答案C、凝固点符合题意故选C点评：本题是一道应用性的题目，考查学生对定义的理解和应用的情况解答这类题目主要看学生对知识迁移和转化情况，因此学生做题时要注意对相关知识点进
6、行理解、分析以便能学以致用，顺利完成题目5（3分）（2013枣庄）图是描述地球上不同位置的人释放手中石块的四个示意图，图中的虚线表示石块下落的路径，则对石块下落路径的描述最接近实际的示意图是（）ABCD考点：重力的方向专题：应用题分析：解答本题需要记准知识点：重力的方向总是竖直向下的，实质就是相对于人所站的位置，指向地心的解答：答：地球上不同位置的人释放手中石块后，石块受的重力的方向是竖直向下的，即指向地球中心即石块下落路径的方向总是指向地球中心的故选B点评：正确理解重力的方向，竖直向下不能总以自己所处的位置为依据6（2分）（2013枣庄）现有A、B、C三个轻质小球，已知A带负电，A和B互相吸
7、引，C和A互相排斥，则（）AB一定不带电，C带正电BB可能带正电，C带正电CB一定带正电，C带负电DB可能不带电，C带负电考点：电荷间的相互作用规律专题：电流和电路分析：电荷间的相互作用规律：同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引；带电体可以吸引轻小物体；解题时，根据小球间的作用关系并结合A球带负电这个已知条件判断解答：解：已知A带负电，C和A互相排斥，根据同种电荷相排斥，所以C带负电；又因为A和B互相吸引，根据异种电荷相吸引，所以B可能带正电，根据带电体吸引轻小物体的性质，B也可能不带电所以B可能不带电，C带负电故选D点评：异种电荷相吸引和带电体吸引轻小的物体这两个知识点要考虑周全，考虑不全是此
8、题选错答案的原因7（2分）（2013枣庄）如图所示电路，要使灯泡L1和L2组成串联电路，应该（）A只闭合S3B只闭合S2C同时闭合S1和S2D同时闭合S1和S3考点：串联电路和并联电路的辨别专题：应用题；图析法分析：电路的连接有串联和并联两种方式：（1）串联电路只有一条电流路径，流过一个元件的电流同时流过另一个元件，因此各元件相互影响；（2）并联电路中有多条支路，所以各元件独立工作、互不影响解答：解：当闭合开关S2时，电流从电源正极出发后依次经过两盏灯泡，则它们是串联在一起的，如图所示：故选B点评：解决此题的关键是理解串、并联电路的特点，会连接简单的串并联电路8（2分）（2013枣庄）关于物体
9、的内能，下列说法正确的是（）A温度相等的1 kg和100 g的水内能相同B物体内能增加，一定要从外界吸收热量C温度为0的物体没有内能D在相同物态下，同一物体温度降低，它的内能会减少考点：温度、热量与内能的关系专题：分子热运动、内能分析：任何物体在任何温度下都具有内能，内能与物体的质量、温度、状态等因素有关解答：解：A、水的内能不仅与温度有关，还和水的质量有关；故温度相等的1kg水和100g水的内能不同；故A错误；B、改变内能的方法有两种，做功和热传递；物体内能增加，可能是从外界吸收热量，也可能外界对它做功；故B错误；C、一切物体都有内能，故C错误；D、物体的内能与温度有关；同一物体温度升高时，
10、内能增加，温度降低时，内能将减小；故D正确故选D点评：此题考查了物体内能方面的知识，包括内能的概念、改变内能的方法（做功、热传递）等；温度影响物体的内能，运用所学的内能方面知识可解决此题9（2分）（2013枣庄）甲吊车比乙吊车的机械效率高，当它们分别把相同质量的物体匀速提升相同高度时，则（）来源:Z*xx*k.ComA甲吊车的电动机做的有用功较多B乙吊车的电动机做的额外功较多C甲吊车的电动机做的总功较多D甲、乙两吊车的电动机做的总功相同考点：机械效率的大小比较；功的计算专题：应用题分析：甲吊车的机械效率比乙吊车的机械效率高，说明甲吊车所做的有用功在总功中占的比值比乙吊车大；把相同质量的物体提高
11、相同的高度，根据公式W有用=Gh=mgh可知：两辆吊车所做的有用功相同；机械效率不同，是因为做的额外功不同，导致总功不同解答：解：A、分析知甲乙吊车做的有用功相同此选项错误，不符合题意；B、两辆吊车做的有用功相同，乙吊车做的额外功较多，所以乙的效率较低此选项正确，符合题意；C、已知甲吊车的机械效率高，有用功相同，如果甲吊车的总功较多就与效率高矛盾此选项错误，不符合题意；D、两吊车做的有用功相同，如果总功也相同，则机械效率相同此选项错误，不符合题意故选B点评：此题考查机械效率公式和对有用功的理解效率大小要根据计算公式=判断10（2分）（2013枣庄）将50mL的水与50mL的酒精混合，所得液体体
12、积小于100mL下列对此现象的解释合理的是（）A分子间是有空隙的B分子是由原子构成的C分子的质量和体积都很小D分子总是在不断运动考点：分子动理论的其它内容及应用专题：分子热运动、内能分析：物质是由分子组成的，组成物质的分子间存在间隙；两种液体混合，总体积变小，是因为分子相互进入对方的分子间隙造成的解答：解：将50mL水与50mL酒精混合，总体积小于它们的体积之和，这表明分子间存在间隙，两种液体混合时，分子相互进入对方的分子间隙中，总体积变小，所以所得溶液体积小于100mL，这与分子的构成、质量和体积大小、分子的运动无关故A符合题意，B、C、D不符合题意故选A点评：熟练掌握粒子的基本性质，能用粒
13、子的性质解释一些宏观现象11（2分）（2013枣庄）标有“6V 3W”的小灯泡，通过它的电流与电压的关系如图所示若把它与一只阻值为8的电阻并联接在电压为4V的电路中，则整个电路消耗的功率为（）A来源:Z#xx#k.Com3WB3.3WC3.6WD5W考点：电功率的计算；并联电路的电流规律专题：计算题；信息给予题分析：从图象上可以看出当电源电压为4V时，通过灯泡的电流为I1=0.4A，根据公式I=可求通过电阻的电流，进一步求出总电流，根据公式P=UI可求整个电路消耗的功率解答：解：通过电阻的电流I2=0.5A，电路总电流I=I1+I2=0.4A+0.5A=0.9A，则整个电路消耗的功率为P=UI
14、=4V0.9A=3.6W故选C点评：本题考查并联电流和电功率的计算，关键是公式及其变形的灵活运用，重点是并联电路电流的规律，还要学会从题目所给信息中找到有用的数据12（2分）（2013枣庄）核电站利用核能发电，它的核心设备是核反应堆下列说法错误的是（）A目前核电站都是通过聚变反应来利用核能B核反应堆中发生的链式反应是可以控制的C原子核分裂或聚合时释放出核能D核能是一种不可再生的能源考点：核能；核电站发电过程中的能量转化专题：应用题分析：（1）核能发电是利用铀原子核裂变时放出的核能来发电的核电站的核心设备是核反应堆，核反应堆是通过可控裂变（链式反应）释放能量的（2）原子核结构发生变化时会释放出大
15、量能量，这种能量称核能；核能的主要途径为核裂变和核聚变（3）可再生能源指可以在自然界里源源不断地得到的能源，如水能、风、太阳能等；不可再生能源只会越用越少，不可能在短期内从自然界得到补充的能源，如煤、石油、天然气等解答：解：A、核电站主要利用核裂变的可控链式反应来发电的错误，符合题意B、核电站的核反应堆是利用可控的核裂变反应释放核能的设备正确，不合题意C、核能是指重核裂变或轻核发生聚变时释放出的能量正确，不合题意D、核能会越用越少，不可能在短期内从自然界得到补充，所以它们属于不可再生能源；正确，不合题意故选A点评：本题通过核电站考查了核能应用的相关知识，为近几年考查的热点应熟练掌握二、填空题（
16、共6小题，每空1分，共14分）13（3分）（2013枣庄）如图所示，是实验室中常见的一种仪表的示意图，请你写出从图中得到的三条信息：是一个电流表；电流表选择的量程是03A；电流表的示数为1.5A考点：电流表的读数方法专题：电流和电路分析：根据仪表上表示的单位确定仪表的种类；根据接线柱确定仪表的量程；根据量程确定的分度值解答：答：通过表盘上的“A”标志可知，这是一个电流表；电流表选择的量程是03A；电流表使用的分度值为0.1A，电流表的示数为1.5A点评：会识别仪表的种类，会确定电流表的量程，会根据电流表的正确读数方法读出电流值14（2分）（2013枣庄）电磁波在真空中的传播速度是3108m/s
17、；电磁波能（选填“能”或“不能”）在空气中传播考点：电磁波的传播专题：信息的传递分析：电磁波的传播不需要介质，既可以在真空中传播，也可以在介质中传播；根据对电磁波速度的掌握分析答题解答：解：电磁波在真空中的传播速度是3108m/s；电磁波能在空气中传播故答案为：3108m/s；能点评：本题考查了电磁波的传播速度、电磁波的传播等问题，是一道基础题，掌握基础知识即可正确解题15（2分）（2013枣庄）小明将放在水平桌面上重为3N的物理课本，水平匀速拉动0.5m所用的水平拉力为1N，则课本重力做功0J，水平拉力做功0.5J考点：功的计算专题：计算题；功、功率、机械效率分析：（1）根据做功的必要条件可
18、知：重力不做功，因为在重力的方向上没有移动距离，做功为0；（2）拉力做功可用公式W=FS计算得出解答：解：重为3N的物理课本，在水平面上匀速拉动0.5m，虽然有力，也有距离，距离不是在重力的方向上通过的距离，所以没做功课本水平拉力为1N，并在水平面上匀速前进0.5m，具备做功的两个条件，所以拉力做了功，W=Fs=1N0.5m=0.5J，故答案为：0；0.5点评：判断力是否做功时一定要紧扣做功的必要条件，特别是有力有距离时，但是移动距离不是在力的方向上移动的，这种情况一定不做功16（2分）（2013枣庄）小明用如图所示的电路来探究串联电路的电压关系已知电源电压为6V，当开关S闭合后，发现两灯均不
19、亮他用电压表分别测a、c和a、b两点间的电压，发现两次电压表示数均为6V，由此判定灯L1（选填“L1”或“L2”）开路，用电压表测b、c两点间的电压，示数为0V考点：电流表、电压表在判断电路故障中的应用专题：推理法分析：开关闭合时，发现两灯均不亮，说明电路有开路用电压表测量a、b两点间的电压，示数均为6V，说明a、b两点到电源正负极的连接是连通的，由此判断L1灯开路；电压表接在b、c上，因L1开路，不能接在电源上，示数为0解答：解：开关闭合两灯均不亮，电路中有开路，用电压表测量a、b两点间的电压，有示数，a、b两点到电源正负极的连接是连通的，灯L2没有开路，灯L1开路；把电压表接在b、c上，因
20、L1开路，电路中无电流，不分压，不能接在电源上，示数为0故答案为：L1，0点评：本题考查了学生利用电压表判断电路故障的分析能力，平时做实验时试一试，多积累这方面的经验17（2分）（2013枣庄）家庭电路中的电冰箱、电视机、电灯等用电器的连接方式是并联；家庭电路中的火线和零线可以用试电笔来辨别考点：串联电路和并联电路的辨别；测电笔的使用专题：电与热、生活用电分析：并联电路中各用电器既可以单独工作又互不影响试电笔可以辨别火线和零线解答：解：因为家庭电路中的电冰箱、电视机、电灯等用电器之间既可以单独工作又互不影响，因此家庭电路中它们之间的连接方式是并联；家庭电路中的火线和零线可以用试电笔来辨别故答案
21、为：并；试电笔点评：本题考查串并联电路的特点和测电笔的用途，知道家庭电路中各用电器的连接方式为并联连接18（3分）（2013枣庄）“可燃冰”作为新型能源，有着巨大的开发使用潜力同等条件下，“可燃冰”完全燃烧放出的热量达到煤气的数十倍，说明“可燃冰”的热值很大以10倍的关系粗略计算，1kg“可燃冰”完全燃烧放出的热量为4.2l08J，这些热量可以使1250kg的水从20加热至100c=4.2103J/（kg）q煤气=4.2107J/kg考点：燃料的热值；热量的计算专题：比热容、热机、热值分析：（1）1kg某种燃料完全燃烧放出的热量，叫这种燃料的热值；（2）利用Q放=mq求出1kg煤气完全燃烧放出
22、的热量，“可燃冰”完全燃烧放出的热量达到煤气的10倍，据此求1kg“可燃冰”完全燃烧放出的热量；（3）由题知，Q吸=Q放，而Q吸=cmt，知道水的比热容、水的初温和末温，可求水的质量解答：解：（1）在同等条件下，“可燃冰”完全燃烧放出的热量达到煤气的数十倍，说明“可燃冰”的热值很大；（2）1kg煤气完全燃烧放出的热量：Q放=mq=1kg4.2l07J/kg=4.2l07J，1kg“可燃冰”完全燃烧放出的热量：Q放=10Q放=104.2l07J=4.2l08J；（3）由题知，Q吸=Q放=4.2l08J，Q吸=cmt，水的质量：m=1250kg故答案为：热值；4.2l08；1250点评：本题考查了
23、学生对燃料的热值、燃料完全燃烧放热公式、吸热公式的掌握和运用，因条件已给出，难度不大三、填空题（共4小题，每小题2分，满分17分）19（2分）（2013枣庄）如图所示，一束光沿AO方向斜射到平面镜上，画出入射光线的反射光线，并标出反射角大小考点：作光的反射光路图专题：作图题分析：要解决此题，需要掌握光的反射定律的内容：反射光线与入射光线、法线在同一平面上；反射光线和入射光线分居在法线的两侧；反射角等于入射角可归纳为：“三线共面，两线分居，两角相等”要掌握入射角和反射角的概念：入射角是入射光线与法线的夹角；反射角是反射光线与法线的夹角解答：解：首先做出法线，入射光线与镜面的夹角是30，所以入射角
24、为9030=60根据反射角等于入射角做出反射光线反射角也为60故答案为：点评：此题主要考查了光的反射定律的应用，首先要熟记光的反射定律的内容，并要注意入射角与反射角的概念20（3分）（2013枣庄）在做“观察水的沸腾”的实验时，甲、乙、丙三个实验小组的同学分别从图中B两套实验装置中任选一套来完成实验（1）甲组同学从水温升高到90时开始记录数据，以后每隔1分钟记录一次水的温度，直到水沸腾5分钟为止，实验数据如下表所示分析表中的数据可知，甲组同学选择的是B（A或B）套装置 时间min 01 23 4 5 6 7 8 910 11 温度90 92 94 96 98 100 101 102 102 1
25、02 102 来源:Zxxk.Com102 （2）乙、丙两组同学都选择了另外一套实验装置，这两组同学虽然选用的实验装置相同，但水开始沸腾的时刻不同，他们绘制的沸腾图象如图C所示，得到a、b两种不同图象的原因是：水的质量不同（3）实验后，甲组的同学对大家提出了这样的疑问：如果不对水加热，能让水重新沸腾吗？老师马上将一杯停止沸腾的水放进能抽气的密闭玻璃罩中，如图D所示，接通抽气机电源，随着玻璃罩中空气的抽出，热水居然沸腾起来通过分析，同学们知道了发生此现象的原因是：抽气机抽气时，玻璃罩内的气压减小（选填“增大”、“减小”或“不变”），水的沸点降低（选填“升高”、“降低”或“不变”），因此在不加热的
26、情况下，水能重新沸腾考点：探究水的沸腾实验；沸点及沸点与气压的关系专题：汽化和液化、升华和凝华分析：（1）1标准大气压下水的沸点是100沸点跟气压有关，气压越高，沸点越高（2）乙丙实验器材相同，从给水加热到沸腾需要的时间不同，可能是水的质量不同（3）沸点跟气压有关，气压越高，沸点越高解答：解：（1）如图，A装置烧杯上没有盖，B装置上烧杯有盖，烧杯上加盖，可以增大水上方的压强，使水的沸点升高，由表格数据知，水的沸点的102，所以甲同学使用B装置（2）Q=cmt知，水的比热相同，升高相同的温度，水的质量不同，水吸收热量不同，需要的时间不同（3）抽气机抽气时，玻璃罩内的气压减小，根据气压越低，沸点越
27、低，所以水的沸点降低，因此在不加热的情况下，水能重新沸腾故答案为：（1）B；（2）质量；（3）减小；降低点评：本题根据实验中出现不同的实验现象分析其原因，本实验告诉学生，关注实验结果，更要关注实验过程21（5分）（2013枣庄）为了测量小正方体物块的密度，同学们设计了如下甲、乙两个实验方案：甲方案：用托盘天平测出小正方体的质量m；用直尺测出小正方体的边长，然后计算出它的体积V；根据公式=m/V，求小正方体的密度乙方案：用直尺测出小正方体的边长，然后计算出它的体积V；用托盘天平测出小正方体的质量m；根据公式=m/V，求小正方体的密度（1）下列对甲、乙两个方案的评价正确的是C（填选项符号）A、甲方
28、案正确，乙方案错误B、甲方案错误，乙方案正确C、甲、乙两个方案都正确（2）托盘天平使用前都要进行调节：把它放在水平桌面上，使游码左侧与零刻度线对齐调节衡量平衡时，发现天平的指针偏向分度盘的右侧，此时将平衡螺母向左调节（选填“左”或“右”），直到横梁平衡（3）将小正方体放在托盘天平的左盘进行衡量，天平重新平衡后，右盘上有10g的砝码一个，游码所对刻度值如图所示，小正方体的质量为13.2g；若测得它的体积为10cm3，则小正方体物块的密度为1.32g/cm3考点：固体的密度测量实验专题：密度及其应用分析：（1）测正方体的密度，需要测出它的质量与体积，然后由密度公式求出它的密度（2）把天平放在水平桌
29、面上，游码一道横梁标尺的零刻度线处，移动平衡螺母使天平平衡，如果天平指针向分度盘的左侧偏转，应向右调节平衡螺母，如果天平指针向分度盘的右侧偏转，应向左移动平衡螺母，使天平平衡（3）砝码由游码示数之和是天平所测物体的质量；已知质量与体积，由密度公式可以求出物体的密度解答：解：（1）由甲、乙的实验方案可知，两人的实验设计都能测出物体的质量与体积，然后由密度公式求出物体密度，两人的实验设计都是正确的，故选C（2）托盘天平使用前都要进行调节：把它放在水平桌面上，使游码左侧与零刻度线对齐调节衡量平衡时，发现天平的指针偏向分度盘的右侧，此时将平衡螺水平向左调节，直到横梁平衡（3）由图示可知，横梁标尺的分度
30、值是0.2g，游码示数为3.2g，小正方体的质量m=10g+3.2g=13.2g；小正方体的密度=1.32g/cm3；故答案为：（1）C；（2）水平；左；（3）13.2；1.32点评：本题考查了测固体密度的实验方案设计、天平的调节、天平读数、求密度等，难度不大，是一道基础题；要掌握天平的使用及读数方法22（7分）（2013枣庄）如图是“探究导体在磁场中运动时产生感应电流的条件”的实验装置，闭合开关后，铜棒AB、电流表、开关组成闭合电路小明将实验中观察到的现象记录在下表中次数 开关 磁场方向导体AB的运动方向 电流表指针的偏转方向 1 断开 上N下S 向右运动 不偏转 2 断开 上N下S 向左运
31、动 不偏转 3 闭合 上N下S 向右运动 向左偏转 4 闭合 上N下S 向左运动 向右偏转 5 闭合 上N下S 向上运动 不偏转 6 闭合 上S下N向下运动 不偏转 7 闭合 上S下N向右运动 向右偏转 8 闭合 上S下N来源:Z.xx.k.Com向左运动 向左偏转（1）通过比较实验次数3和4（或7和8）可知：在磁场方向一定时，感应电流的方向与导体切割磁感线运动方向有关（2）通过比较实验次数3和7（或4和8）可知：在导体切割磁感线运动方向不变时，感应电流的方向与磁场方向有关（3）小明通过以上实验分析得出：闭合电路中的一部分导体在磁场里做切割磁感线运动时，导体中就会产生感应电流（4）针对这个实验
32、，小明作了进一步的探究，他提出了“感应电流的大小可能与磁场的强弱有关”的猜想，为了验证小明的猜想，请你帮他设计主要的实验步骤，并对实验结果进行分析判断考点：产生感应电流的条件专题：控制变量法；电动机、磁生电分析：（1）比较实验3和4（或7和8）可知：在磁场方向一定时，导体切割磁感线运动方向改变，感应电流的方向就改变（2）比较实验3和7（或4和8）可知：在导体切割磁感线运动方向（或导体运动方向）不变时，磁场方向改变，感应电流的方向就改变（3）产生感应电流时闭合电路中的部分导体在磁场里是静止还是运动，若运动，分析是什么性质的运动；（4）电磁感应现象中能量是由机械能转化成电能解答：解：（1）若磁场方
33、向不变时，只改变导体运动方向，感应电流方向变化，则说明感应电流方向与导体运动方向有关；（2）若在导体运动方向不变时，改变磁场方向，感应电流方向变化，则说明感应电流方向与磁场方向有关；（3）产生感应电流的现象中，闭合电路中的部分导体在磁场里的运动方向与磁场方向垂直；即导体中产生感应电流时闭合电路中的部分导体在磁场里做切割磁感线运动（4）因为导体运动速度、磁场的强弱都影响了感应电流的大小，所以要验证“感应电流的大小可能与磁场的强弱有关”的猜想应采用控制变量法；即：保持导体AB切割磁感线运动速度不变，改变磁场强弱因我们采取转换法，利用电流表指针的偏转幅度表示感应电流的大小，所以实验结果的分析是：如果
34、电流表指针偏转幅度相同，说明感应电流的大小与磁场的强弱无关；如果电流表指针偏转幅度不相同，说明感应电流的大小与磁场强弱有关故答案为：（1）导体切割磁感线运动方向；（2）磁场方向；（3）切割磁感线运动；（4）主要步骤：改变磁场强弱，让导体AB以相同的速度做切割磁感线运动，观察电流表指针偏转幅度大小分析判断：如果电流表指针偏转幅度相同，说明感应电流的大小与磁场的强弱无关；如果电流表指针偏转幅度不相同，说明感应电流的大小与磁场强弱有关点评：本题从知识上考查电磁感应现象，知道产生感应电流的条件和影响感应电流的方向的因素；从方法上考查了控制变量法的数据分析过程四、解答题（共2小题，满分14分）23（6分
35、）（2013枣庄）为了防止酒驾事故的出现，酒精测试仪已被广泛应用交警使用的某型号酒精测试仪的工作原理如图所示电源电压恒为8V，传感器电阻R2的电阻值随酒精气体浓度的增大而减小，当酒精气体的浓度为0时，R2的电阻为60使用前要通过调零旋扭（即滑动变阻器R1的滑片）对酒精测试仪进行调零，此时电压表的为6V（1）电压表的示数为6V时，电流表的示数为多少？（2）电压表的示数为6V时，滑动变阻器R1的电阻值为多少？（3）调零后，R1的电阻保持不变某驾驶员对着酒精测试仪吹气10s，若电流表的示数达到0.2A，表明驾驶员酒驾，此时电压表的示数为多少？考点：欧姆定律的应用；串联电路的电流规律；串联电路的电压规
36、律专题：计算题；电路和欧姆定律分析：由电路图可知，R1与R2串联，电压表测R2两端的电压，电流表测电路中的电流（1）由题意可知，酒精气体的浓度为0时，R2的阻值和电压表的示数，根据欧姆定律和串联电路中的电流特点求出电路中的电流；（2）根据串联电路的电压特点求出滑动变阻器两端的电压，利用欧姆定律求出滑动变阻器R1的电阻值；（3）R1的电阻保持不变，根据欧姆定律求出电流表的示数达到0.2A时滑动变阻器两端的电压，利用串联电路的电压特点求出电压表的示数解答：解：由电路图可知，R1与R2串联，电压表测R2两端的电压，电流表测电路中的电流（1）当酒精气体的浓度为0时，R2的电阻为60，此时电压表的示数为
37、6V，串联电路中各处的电流相等，根据欧姆定律可得，电流表的示数：I=0.1A；（2）串联电路中总电压等于各分电压之和，此时R1两端的电压：U1=UU2=8V6V=4V，R1=20；（3）调零后，R1的电阻保持不变，此时变阻器两端的电压：U1=IR1=0.2A20=4V，电压表的示数：U2=UU1=8V4V=4V答：（1）电压表的示数为6V时，电流表的示数为0.1A；（2）电压表的示数为6V时，滑动变阻器R1的电阻值为20；（3）调零后，电流表的示数达到0.2A时电压表的示数为4V点评：本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用，关键是注意“调零后，R1的电阻保持不变”24（8分）（2013枣庄）
38、我国首台自行设计、自主集成研制的“蛟龙号”载人深潜器于2012年6月顺利完成工作设计深度7000m的海试任务（海水密度取海水=1.0103kg/m3，g取10N/kg）：（1）当“蛟龙号”下潜到达7000m深度时，受到海水的压强是多少？（2）“蛟龙号”完成海试任务后，上浮最终漂浮在海面上，现在由起重装置将其匀速竖直调离水面，起重机起吊拉力的功率随时间的变化图象如图所示，图中P2=2P1已知“蛟龙号”的总质量为2.2104kg，求t1时刻“蛟龙号”排开水的体积（不考虑水的阻力）考点：液体的压强的计算；阿基米德原理专题：压强、液体的压强；浮力分析：（1）由液体压强公式p=gh求出海水的压强（2）设
39、在t1、t2时刻起重装置对探测器的拉力分别为F1、F2，探测器的速度为v，在t1、t2时刻，对探测器进行受力分析，得出F1和F2的大小，而P2=2P1，据此求出t1时刻受到的浮力，再根据阿基米德原理求t1时刻“蛟龙号”的排水体积解答：解：（1）海水的压强p=海水gh=1.0103kg/m310N/kg7000m=7107Pa；（2）设在t1、t2时刻起重装置对探测器的拉力分别为F1、F2，探测器的速度为v，t1时刻，探测器：F1+F浮=mg，可得F1=mgF浮，t2时刻，探测器：F2=mg，由题知，P2=2P1，即：F2v=2F1v，F2=2F1，mg=2（mgF浮）F浮=mg=2.2104kg10N/kg=1.1105N，F浮=V排g，V排=11m3答：（1）当“蛟龙号”下潜到达7000m深度时，受到海水的压强是7107Pa；（2）t1时刻“蛟龙号”排开水的体积是11m3点评：本题考查了液体压强公式和物体的漂浮条件的掌握和运用，难点在第二问，对两个时刻的探测器进行受力分析得出两个时刻的拉力大小是本题的关键15