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1、北京初中数学周老师的博客：甘肃省兰州市2014年中考物理试卷一、单项选择题（共16小题，每小题3分，满分48分）1（3分）（2014兰州）下列数据中最接近实际情况的是（）A课桌的高度约为80mmB洗澡水的温度大约是90C一名中学生的质量约为50kgD光速等于3.6106m/s考点：长度的估测；温度；质量的估测；光的传播速度与光年专题：估算综合应用题分析：此题考查对生活中常见物体物理量的估测，结合对生活的了解和对物理单位的认识，找出符合实际的选项即可解答：解：A、中学生的身高在160cm左右，课桌的高度大约是中学生身高的一半，在80cm=800mm左右不符合实际；B、人的体温在37左右，洗澡水的
2、温度应该略高于体温，不可能达到90不符合实际；C、成年人的质量在70kg左右，中学生的质量比成年人小一些，在50kg左右符合实际；D、光在真空中的传播速度最大，为3.0108m/s不符合实际故选C点评：本题考查学生对生活中常见物体的数据的了解情况，本题告诉我们一定要对实际生活中常见的物体做到熟知，以免闹了笑话自己还不知道2（3分）（2014兰州）下列有关声现象的说法中正确的是（）A声音可以在真空中传播B在不同物质中声速均为340m/sC不同乐器发出的声音，音色相同D禁止鸣笛是在声源处控制噪声考点：音调、响度与音色的区分；声音的传播条件；声音在不同介质中的传播速度；防治噪声的途径专题：声现象分析
3、：A、声音的传播需要介质，真空不能传声；B、声音在不同介质中传播速度不同；C、不同发声体的材料和结构不同，所以发出的声音音色不同；D、控制噪声的途径有三个：在人耳处、在声源处和在传播过程中解答：解：A、声音的传播需要介质，不能在真空中传播，故A错误；B、声音在不同介质中传播速度不同，只有在15空气中的传播速度才是340m/s，故B错误；C、不同乐器材料和结构不同，发出的声音音色是不同的，故C错误；D、禁止鸣笛是在声源处控制噪声的产生，故D正确故选D点评：本题考查与声现象有关的几个基本知识点，难度不大，但要求我们对有关的知识有一个清晰的认识，并能与实例相结合3（3分）（2014兰州）下面四幅图中
4、能够证明大气压强存在的是（）ABCD考点：大气压强的存在专题：气体的压强、流体压强与流速的关系分析：大气压强是由于空气具有重力和流动性而产生的，例如吸盘、瓶吞鸡蛋、马德堡半球实验等解答：解：覆杯实验，水排出了杯子内的空气，在大气压的作用下纸片掉不下来，说明了大气压强的存在，符合题意；故B正确；ACD错误；故选B点评：大气压在现实生活中的存在和应用特别广泛，生活中要注意观察，此题属于生活常识4（3分）（2014兰州）下列有关光现象的说法中正确的是（）A柳树在水中的倒影是光线折射形成的B黑色物体能够反射黑色光C光线在电影银幕上发生的是漫反射D影子是光反射形成的考点：光的反射；光直线传播的应用；漫反
5、射；物体的颜色专题：光的传播和反射、平面镜成像分析：解答此题从以下知识点入手：（1）反射分镜面反射和漫反射，平行光线入射到平而光滑反射面上，反射光线还是平行射出，这种反射是镜面反射；平行光线入射到粗糙的反射面上，反射光线射向四面八方，这种反射是漫反射（2）光从一种介质斜射入另一种介质时，光的传播方向会发生偏折，这种现象叫光的折射光的折射改变了光的传播方向，从而发生“海市蜃楼”的现象（3）光沿直线传播现象，知道影子的形成、日月食的形成、小孔成像都是光沿直线传播形成的（4）黑色物体吸收所有色光解答：解：A、柳树在水中的倒影属于平面镜成像，是光的反射现象，故A错误；B、黑色物体吸收所有色光，故B错误
6、；C、银幕是凹凸不平的，平行光线入射到粗糙的银幕上，反射光线射向四面八方，进入不同方向的人的眼睛，不同方向的人们都能看到因此光在银幕上发生漫反射，故C正确；D、影子是光的直线传播形成的，故D错误故选C点评：此题主要考查物体的颜色，镜面反射和漫反射以及平面镜成像的原理，注意的是镜面反射和漫反射线都要遵循光的反射定律5（3分）（2014兰州）下列四种现象中属于扩散现象的是（）A我国北方地区频发的“沙尘暴天气”B春天柳絮漫天飞舞C气体压缩到一定程度后，难以再压缩D端午节，粽叶飘香考点：扩散现象专题：分子热运动、内能分析：（1）不同的物质相互接触时彼此进入对方的现象叫做扩散，扩散现象说明了组成物质的分
7、子在不停地做无规则运动（2）任何物质的分子间都存在引力和斥力物质分子引力和斥力发生作用的距离是：当分子间距离小于1010米时，分子间的作用力表现为斥力，当分子间距离大于1010米时，分子间的作用力表现为引力解答：解：A、我国北方地区频发的“沙尘暴天气”，“沙尘”是肉眼可见的物体的运动，不属于分子运动，不符合题意；B、春天柳絮漫天飞舞，“柳絮”也是可见的物体的运动，不符合题意；C、气体压缩到一定程度后，由于分子间存在斥力，因此难以再压缩，与扩散无关，不符合题意；D、端午节粽叶飘香，是气体分子运动的结果，属于扩散现象，符合题意故选D点评：本题考查学生对扩散现象的了解，抓住扩散的本质是分子运动，分子
8、是肉眼看不到的6（3分）（2014兰州）下列说法中正确的是（）A非晶体熔化时放热B扇扇子是通过加快汗液的蒸发而使人感到凉快C高压锅可以使锅内液体的沸点降低D夏天打开冰箱门看到的“白气”，是从冰箱里冒出的水蒸气考点：熔化与熔化吸热特点；沸点及沸点与气压的关系；影响蒸发快慢的因素；液化及液化现象专题：温度计、熔化和凝固；汽化和液化、升华和凝华分析：（1）物质由固态变成液态的过程叫做熔化，熔化吸热；（2）影响蒸发快慢的因素有温度、表面积和空气流动，蒸发吸热；（3）液体的沸点与气压有关，气压越高，沸点越高；（4）物质由气态变成液态的过程叫做液化，液化放热解答：解：A、无论是晶体还是非晶体，在熔化过程中
9、都需要吸热，该选项说法不正确；B、夏天扇扇子，加快了汗液的蒸发，蒸发吸热，因此人会感动凉快，该选项说法正确；C、高压锅内的气压很高，提高了液体的沸点，从而能够使食物熟的更快，该选项说法不正确；D、夏天打开冰箱门看到的“白气”，是周围温度较高的水蒸气遇到从冰箱里冒出来的温度较低的水蒸气液化而成的小水滴，该选项说法不正确故选B点评：本题考查了熔化、蒸发、沸点以及液化的知识，是物态变化基本知识的考查，相对比较简单7（3分）（2014兰州）下列做法中符合安全用电原则的是（）A家用电器的金属外壳一定要接地B发现有人触电时，立即用手将他拉开C家庭电路中，用电器的开关可以任意安装在火线或零线上D使用测电笔辨
10、别火线和零线时，手与笔尾金属体接触会发生触电考点：安全用电原则专题：电与热、生活用电分析：利用下列知识分析判断：（1）用电器的金属外壳必须接地；（2）发现有人触电后，采取的措施不能让自己直接或间接再接触火线，以防止自己再触电；（3）家庭电路中开关和开关控制的用电器之间是串联的，开关必须与火线相连；（4）使用试电笔时，手只有接触笔尾金属体，测电笔才能使用解答：解：A、带有金属外壳的用电器使用时让金属外壳接地，可以防止因用电器漏电后，导致金属外壳带电而发生触电事故，故A符合题意；B、当发现有人触电时，应该立即采取的措施是：迅速切断电源或用绝缘体挑开电线，不能用手拉开电线和触电的人，否则自己也会触电
11、，故B不符合题意；C、为了开关断开后，用电器与火线断开，则控制用电器的开关必须接在火线上，故C不符合题意；D、使用测电笔时，手必须接触笔尾金属体，用笔尖接触被检验导线，才能辨别火线和零线，故D不符合题意；故选A点评：题考查了学生对安全用电知识的了解与掌握，平时学习时多了解、多积累，加强安全意识8（3分）（2014兰州）下面四幅图中反映电磁感应现象的是（）ABCD考点：电磁感应专题：电动机、磁生电分析：电磁感应现象的是指穿过电路的磁通量变化时，产生感应电动势或感应电流的现象解答：解：A、导线通电后，其下方的小磁针受到磁场的作用力而发生偏转，说明电流能产生磁场，是电流的磁效应现象，不是电磁感应现象
12、故A错误B、接通电路后铁钉会吸引大头针，是电流的磁效应，不是电磁感应现象，故B错误C、通电导线AB在磁场中受到安培力作用而运动，不是电磁感应现象故C错误D、金属杆切割磁感线时，电路中产生感应电流，是电磁感应现象故D正确故选D点评：本题考查对电磁现象本质的分析与理解能力电磁感应现象特征是产生感应电流或感应电动势9（3分）（2014兰州）下列说法中正确的是（）A把零下10的冰块放在0的冰箱保鲜室中，一段时间后，冰块的内能会增加B在汽油机的压缩冲程中，内能转化为机械能C用锯条锯木板，锯条的温度升高，是由于锯条从木板吸收了热量D我们不敢大口地喝热气腾腾的汤，是因为汤含有的热量较多考点：物体内能的改变；
13、温度、热量与内能的关系；做功改变物体内能；内燃机的四个冲程专题：热和能分析：（1）物体内部所有分子热运动的动能和分子势能的总和叫做内能，内能与物体的温度有关，温度升高，内能增大；（2）在内燃机的四个冲程中做功冲程对外做功，将内能转化为机械能；压缩冲程压缩气体的过程中，将机械能转换为内能；（3）改变物体内能的方式有做功和热传递，做功是能量转化的过程，热传递是能量转移的过程；（4）热量是指热传递过程中传递能量的多少，是过程量，可以说放出或吸收多少热量，但不能说含有多少热量解答：解：A、将10的冰块放在冰箱的0保鲜室中，一段时间后，冰块从冰箱中吸收热量，内能一定增加，所以A正确；B、汽油机的压缩冲程
14、将机械能转化为内能，所以B错误；C、用锯条锯木板，摩擦生热，机械能转化成内能，锯条的温度升高，是通过做功的方式增加了锯条和木板的内能，所以C错误；D、我们不敢大口地喝热气腾腾的汤，是因为热汤的温度高，所以D错误故选A点评：本题考查了物体内能的改变、物体内能改变的方式以及内燃机工作过程能的转化，属于热学基础知识的考查，比较简单10（3分）（2014兰州）a，b两个实心物体的体积与质量的关系如图所示，下列说法中正确的是（）Aa物质的密度比b的大Bb物质的密度是2103kg/m3Cb物质的密度是a的2倍Da，b的密度与它们的质量、体积有关考点：密度及其特性专题：密度及其应用分析：（1）密度是质量与体
15、积的比值，从图象中找出一组对应的数据然后根据密度公式=求出a、b物质的密度；（2）密度是物质本身的一种特性，同种物质密度相同，密度大小与物质种类、状态和温度有关，与质量、体积无关解答：解：由图象可知，当Va=Vb=2103m3时，ma=1kg，mb=4kg，则a、b的密度分别为：a=0.5103kg/m3，b=2103kg/m3，ab，即a物质的密度最小，且b物质的密度是a物质密度的4倍，故AC错误，B正确；密度是物质本身的一种特性，a、b的密度与它们的质量、体积无关，故D不正确故选B点评：本题考查了学生密度计算和密度及其特性的理解，考查了学生根据物理知识分析图象的能力，这类题在试题中经常出现
16、，一定要掌握解答此类题的方法，注意图象中的单位11（3分）（2014兰州）在如图所示的“探究液体内部压强特点”的实验中，将压强计的探头放入水中，下列做法中能使U形管两边液面的高度差减小的是（）A将探头放在同样深度的浓盐水中B将探头在原位置转动180C将探头向下移动一段距离D将探头向上移动一段距离考点：探究液体压强的特点实验专题：压强、液体的压强分析：根据影响压强大小的因素进行判断，要减小U形管两边液面的高度差，根据p=液gh，可以减小深度或减小液体的密度解答：解：A、将探头放在食盐水中的同样深度处，液体的密度变大，橡皮膜受到的压强变大，U形管两边液面的高度差变大，故错误；B、液体内部在同一深度
17、不同方向的压强是相等的，将压强计的探头在原处转动180不会影响压强的大小，故错误；C、将探头向下移动一段距离，深度变大，橡皮膜受到的压强变大，U形管两边液面的高度差变大，故错误；D、将探头向上移动一段距离，深度变小，橡皮膜受到的压强变小，U形管两边液面的高度差减小，故正确故选D点评：通过U形管两边的液面高度差来反映液体压强的大小是转换法的运用要想顺利解答此题，必须对液体内部压强的规律有一个熟练的掌握才行，这也是我们应重点把握的知识点12（3分）（2014兰州）在如图所示的电路中，电源电压保持不变，灯泡L1或L2中有一个发生了短路故障，当开关S闭合时，下列现象中不可能出现的是（）A电压表无示数，
18、灯泡L1不发光B电压表有示数，灯泡L2不发光C电压表和电流表都没有示数D电压表和电流表都有示数考点：电流表、电压表在判断电路故障中的应用专题：电流和电路分析：由图知，两个灯泡串联，电压表测量L1两端电压，电流表测量电路中的电流，假设故障的位置分析仪表指针的偏转情况以及灯泡发光情况解答：解：假设L1短路，则闭合开关后，电压表示数为零，电流表有较大的示数，灯泡L2发光，灯泡L1不发光；假设L2短路，则闭合开关后，电压表示数等于电源电压，电流表有较大的示数，灯泡L1发光，灯泡L2不发光；综合上述分析可知，ABD均有可能，C选项是不可能的故选C点评：本题考查电流表，电压表在电路故障中的作用判断，要结合
19、电路图和两表特点进行分析13（3分）（2014兰州）下列有关力学知识的说法中正确的是（）A用浆向后划水，船就会向前运动，利用了力的作用是相互的B做匀速直线运动的物体，速度越大，受到的力也就越大C电梯匀速上升的过程中，电梯对人的支持力不做功D踢出去的足球，能继续向前滚动，是因为足球受到了惯性的作用考点：力作用的相互性；匀速直线运动；惯性现象；力是否做功的判断专题：运动和力分析：A、力是物体对物体的作用，物体间力的作用是相互的；B、物体做匀速直线运动时，速度大小保持不变，与所受到的力无关；C、功包含两个必要因素，力和物体在力的方向上通过的距离；D、物体保持原来运动状态不变的性质叫做惯性解答：解：A
20、、用桨向后划船，由于物体间力的作用是相互的，水对桨施加向前的反作用力，于是船就会向前运动，故A正确；B、因为匀速直线运动的定义就是方向不变速度大小不变的运动，速度为一定值，与所受到的力无关，故B错误；C、电梯对人有向上的力，并且向上移动了距离，故C错误；D、踢出去的足球，由于惯性，仍保持原来的运动状态，向前运动，而不是受到惯性，故D错误故选：A点评：此题综合考查了力与运动的关系、做功的两个因素、惯性、力作用的相互性等知识点，是一道综合性较强的题目14（3分）（2014兰州）在如图所示的电路中，电源电压保持不变，闭合开关S后，向右移动滑片P下列说法中正确的是（）A电压表的示数变大B电压表的示数变
21、小C电流表A的示数变大D电流表A1的示数变小考点：电路的动态分析专题：电路变化分析综合题分析：分析电路，定值电阻与R2并联，电流表测量电路中的总电流，电压表测量电路中的总电压，A1测量变阻器的电流，根据电源电压不变及欧姆定律分析即可解答：解：由图知，定值电阻与R2并联，所以定值电阻、滑动变阻器两端的电压总等于电源电压，滑片移动，电压表的示数不变，AB错误；电流表测量电路中的总电流，A1测量变阻器的电流，当滑片P向右移动时，变阻器的阻值变大，所以变阻器的电流减小，A1示数减小，D正确；定值电阻的电流不变，干路电流等于各支路电流之和，所以A的示数减小，C错误故选D点评：此题是有关动态电路的分析，能
22、够判断出两支路两端的电压不变是解决问题的关键15（3分）（2014兰州）灯泡L上标有“2.5V”的字样，它的电阻随它两端电压的变化关系如图所示，下列说法中正确的是（）A灯泡L的额定电流是0.2AB灯泡L正常发光时的电阻是10C灯泡L的额定功率是6.25WD灯丝的电阻随电压的增大而减小考点：电功率与电压、电流的关系；欧姆定律的变形公式专题：电路和欧姆定律分析：闭合开关S时，灯泡正常发光，此时灯泡两端的电压和额定电压相等，由图读出此时灯泡的电阻，根据欧姆定律求出此时电路中的电流，利用P=UI求出灯泡的额定功率；通过曲线图可知小灯泡的电阻随电压的增大而增大解答：解：闭合开关S，灯泡L恰好正常发光，则
23、灯泡两端的电压UL=2.5V，由图可知，此时灯泡的电阻RL=10，故B正确；所以，电路中的电流：I=0.25A，故A错误；灯泡的额定功率：PL=ULIL=2.5V0.25A=0.625W，故C错误；由曲线图可知，小灯泡的电阻随电压的增大而增大，故D错误故选B点评：此题考查学生利用曲线图获取信息的能力，注意利用欧姆定律分析问题这是中考的重点16（3分）（2014兰州）在如图所示的电路中，电源电压恒为9V，电压表的量程为015V，电流表的量程为00.6A，定值电阻R1的规格为“30 0.5A”，滑动变阻器R2的规格为“20 1A”，灯泡L上标有“6V 3W”的字样，假设灯丝的电阻不变，闭合开关，在
24、不损坏电路元件的情况下，下列说法中正确的是（）A整个电路消耗的总功率的变化范围是3.3754.5WB电压表示数的变化范围是36VC滑动变阻器允许的调节范围是520D电流表示数的变化范围是0.10.5A考点：电路的动态分析专题：电路变化分析综合题分析：根据条件确定出变阻器的最大值和最小值，从而可判断出各表的变化范围及电功率的变化范围解答：解：由图知，电阻与变阻器并联，后与灯泡串联，灯泡的额定电流I=0.5A，灯泡的电阻R灯=12；当灯泡两端的电压为3V时，电阻与变阻器两端的电压为U1=9V6V=3V；通过R1的电流I1=0.1A，则滑动变阻器的电流为I滑=0.5A0.1A=0.4A，变阻器的阻值
25、R滑=7.5A、当灯泡正常发光时的总电流为0.5A，电路中的总功率为P最大=UI=9V0.5A=4.5W；当滑动变阻器的阻值最大为20时，电路中的总电阻最大，此时电路的总功率最小，定值电阻与变阻器的总电阻R=12；总功率为P最小=3.375W；由上分析知，故A正确；B、当滑动变阻器的阻值为20时，电路中的总电阻最大，电流最小，电压表的示数最小，为U=IR=12=4.5V；当灯泡正常发光时，此时电压表的示数最大，U最大=6V；所以电压表的变化范围是4.5V6V，故B错误；C、由上分析变阻器的变化范围是7.520，故C错误；D、由上分析知，当变阻器的阻值为20时，R1两端的电压最大，电流表的最大示
26、数为I最大=0.15A；当灯泡正常发光时，R1两端的电压最小，电流表的最小示数为：I最小=0.1A，则电流表的变化范围为0.1A0.15A，故D错误故选A点评：此题考查了动态电路的分析及欧姆定律、电功率公式的应用，此题要判断出滑动变阻器的阻值范围及电压表、电流表的示数范围，关键能够得出灯泡正常发光是电路的最大功率，当变阻器阻值最大时是电路中的最小功率，难度较大二、填空题（共8小题，每空1分，共16分）17（2分）（2014兰州）天然气属于不可再生能源（选填“可再生”或“不可再生”）；太阳能来源于太阳内部发生的核聚变（选填“裂变”或“聚变”）考点：能源的分类；太阳能专题：能源的利用与发展分析：（
27、1）解答本题要清楚可再生能源与不可再生能源的区别，使用之后可以在短时间内从自然界中再次产生的能源是可再生能源，使用之后在短时间内无法在自然界中再次产生的能源是不可再生能源；（2）太阳内部进行着核聚变，由氢原子核聚变成氦原子核，释放出核能解答：解：根据可再生和不可再生能源的区别，可知：煤、石油、天然气等化石源是短时间内不能再次产生的，是不可再生能源；在太阳内部，氢原子核在超高温作用下发生聚变，释放巨大的核能故答案为：不可再生；聚变点评：本题考查了可再生能源和不可再生能源的特点，太阳能的利用和进行的核反应的类型18（2分）（2014兰州）有两个电阻：R1=3，R2=4，若将它们串联在电路中，则在相
28、同时间内消耗的电能之比W1：W2=3：4；若将它们并联在电路中，则在相同时间内产生的热量之比Q1：Q2=4：3考点：电功与热量的综合计算专题：电和热综合题分析：（1）串联电路中电流相等，根据W=UIt=I2Rt可以求出消耗电能之比；（2）并联电路两端的电压相等，根据Q=W=t求出产生热量之比解答：解：（1）它们串联在电路中，在相同时间内消耗的电能之比：=；（2）将它们并联在电路中，在相同时间内产生的热量之比：=故答案为：3：4； 4：3点评：此题主要考查的是学生对串并联电路电流、电压特点和电功、电热计算公式的理解和掌握，综合性较强，注意变形公式的熟练运用19（3分）（2014兰州）山地自行车的
29、变速器是通过改变链盘和飞轮的大小，从而达到调节骑行速度和调节骑手骑行时脚上用力大小的目的用力蹬脚踏板使自行车加速前进时，后轮受到的摩擦力向前（选填“前”或“后”）在上坡时，为了更省力，应适当变换调速器，即采用较大的链盘和较小的飞轮组合（两空均选填“大”或“小”）考点：摩擦力的方向；轮轴及其他常见简单机械专题：重力、弹力、摩擦力；简单机械分析：（1）摩擦力的方向总是物体相对运动方向相反；（2）速度减小，可以增大动力解答：解：（1）用力蹬脚踏板使自行车加速前进时，后轮相对地面向后运动，所以后轮受到的摩擦力向前；（2）在上坡时，为了更容易上坡，应适当变换调速器减速，即采用较大的链盘和较小的飞轮组合；
30、故答案为：前；大；小点评：此题是一道联系生活的题目，关于自行车的很多知识，要注意多观察，运用学过的知识分析解答20（2分）（2014兰州）如图所示，将一重力为18N，体积为2103m3的蜡块用细线系在弹簧测力计的挂钩上，将它浸没在酒精中，则蜡块受到的浮力是16N，此时测力计的示数是2N（g=10N/kg，酒精=0.8103kg/m3）考点：浮力大小的计算专题：浮力分析：利用F浮=gV排可求出浮力大小，蜡块在酒精中时测力计的示数等于蜡块在空气中的重力减去蜡块所受浮力解答：解：将它浸没到酒精中时，所受浮力F浮=酒精gV排=0.8103kg/m310N/kg2103m3=16N，则测力计的示数F=G
31、F浮=18N16N=2N；故答案为：16；2点评：本题考查物体的漂浮条件和阿基米德原理的应用，会利用称重法解答有关的问题21（2分）（2014兰州）如图所示，在毽子被踢出后竖直上升的过程中，它的动能减小，重力势能增大（选填“增大”、“减小”或“不变”）考点：动能和势能的大小变化专题：机械能及其转化分析：（1）物体由于运动而具有的能叫做动能，影响动能大小的因素是质量和速度；（2）物体由于被举高而具有的能叫做重力势能，影响重力势能大小的因素是质量和高度解答：解：毽子被踢出后竖直上升的过程中，质量不变，速度减小，因此动能减小；高度增大，因此重力势能增大故答案为：减小；增大点评：本题考查了学生对动能和
32、重力势能大小变化的判断，能够分清影响动能和势能大小的因素是解题的关键22（2分）（2014兰州）如图所示，用弹簧测力计水平匀速拉动重为5N的木块，使它沿水平方向在10s内移动了1m，则在这个过程中木块受到的摩擦力是1.8N，水平拉力的功率是0.18W考点：二力平衡条件的应用；功率的计算专题：运动和力；功、功率、机械效率分析：木块做匀速直线运动，拉力等于摩擦力，木块在竖直方向上静止，水平木板对木块的支持力等于木块的重力，根据公式W=FS可求拉力做的功，根据P=计算拉力的功率解答：解：弹簧测力计分度值为0.2N；示数为1.8N，拉力等于摩擦力为1.8N；拉力做功W=Fs=1.8N1m=1.8J，拉
33、力的功率P=0.18W故答案为：1.8；0.18点评：本题考查二力平衡条件的应用和功的计算，关键是知道平衡力大小相等，方向相反，作用在同一直线上，作用在同一物体上；做功的条件是有力作用在物体上和物体在力的方向上移动距离23（1分）（2014兰州）如图所示，利用滑轮组匀速提升重物，经过10s，重物被提升了3m，则绳子自由端移动的速度是0.6m/s考点：滑轮组及其工作特点专题：简单机械分析：根据s=2h求出绳子自由端移动的距离，根据v=求出速度解答：解：滑轮组有2段绳子承担总重，绳子自由端移动距离s=2h=23m=6m，移动的速度v=0.6m/s故答案为：0.6点评：本题主要考查的是学生对滑轮组特
34、点的认识、速度大小计算的理解和掌握，基础性题目24（2分）（2014兰州）在如图所示的电路中，电阻R1=6，R2=8，电源电压及定值电阻R的阻值未知，当开关S接位置1时，电流表的示数为0.4A，则此时R1两端的电压是2.4V；当开关S接位置2时，电流表的示数将大于0.3A且小于0.4A考点：欧姆定律的应用专题：电路和欧姆定律分析：由电路可知，当开关S接位置1时，电路中只有R1，由欧姆定律的公式变形可求得电源电压； 开关接1时R1与R串联，由欧姆定律可列出关系式；开关接2时R2与R串联，同理由欧姆定律列出方程式因电压保持不变，故可以得出I与R的关系式，由极限法分析方程式可得出结论解答：解：当开关
35、S接位置1时，电路中只有R1，由I=得，电源电压U=IR=0.4A6=2.4V；当开关接位置1时，由欧姆定律得：U=0.4（R1+R）当开关接位置2时，由欧姆定律得：U=I（R2+R）因电压值不变，故可得：0.4A（6+R）=I（8+R）解得：I=，由分式的加减法可得：I=0.4A因R未知，故R可能为从0到无穷大的任意值，当R=0时，I=0.4A0.1A=0.3A当R取无穷大时，I无限接近于0.4A故电流值可以从0.3A到0.4A故答案为：2.4；0.3点评：这是一道结合串联电路的特点考查欧姆定律的应用而又构思独特的试题对电路的分析不是解答本题的难点所在，本题难点在于如何得出等量关系，并且灵活
36、应用极限法进行分析通过本题应注意体会数学知识与物理知识的紧密结合三、解答题（共4小题，满分16分）25（4分）（2014兰州）根据凸透镜的成像规律，请在图中作出物体通过凸透镜所成的像考点：透镜的光路图专题：图像综合题分析：利用凸透镜的三条特殊光线进行作图确定物体A的位置：过光心不改变方向；平行于主光轴的光线过凸透镜会聚在焦点上；过焦点的光线经凸透镜平行于主光轴射出解答：解：连接A与凸透镜的中心并延长，过A点作主光轴的平行线交凸透镜一点，连接该点和凸透镜的焦点F并延长，交于一点，作该点垂直于主光轴，即为物体AB所成的像AB的位置如图点评：此题主要考查了凸透镜成像规律的应用，一定要掌握物距、像距、
37、物体、像大小之间的关系26（4分）（2014兰州）如图所示，O为乒乓球的重心，请在图中分别作出乒乓球竖直上升、下落过程中的受力示意图（乒乓球在运动过程中均受空气阻力的作用，不计空气的浮力）考点：力的示意图专题：图像综合题分析：（1）首先对物体进行受力分析，顺序是：重力一定有，弹力看四周，分析摩擦力，不忘液气浮；（2）力的示意图：用一个带箭头的线段表示力的三要素，线段的长度表示力的大小，箭头表示力的方向作力的示意图，要用一条带箭头的线段表示力，线段的长度表示力的大小，箭头表示力的方向，起点或终点表示力的作用点，是平衡力的长度要相等解答：来源:学#科#网解：乒乓球竖直上升过程中受到竖直向下的重力和
38、竖直向下的空气阻力（不计空气的浮力），且阻力小于重力，分别过乒乓球重心O做竖直向下的有向线段、即为其上升过程受力示意图如图所示：乒乓球下落过程中受到竖直向下的重力和竖直向上的空气阻力（不计空气的浮力），且重力大于阻力，分别过乒乓球重心O做一条竖直向下的有向线段和竖直向上的有向线段、即为其下落过程受力示意图如图所示：点评：在画力的示意图时，若需要画出物体受到的多个力的示意图时，要将这几个力画成共点力27（4分）（2014兰州）一间教室要安装2盏“220V 40W”的电灯和一个插座，要求开关S控制两盏灯，且每盏灯都能正常发光，请按以上要求将图中元件用笔画线代替导线连接起来考点：家庭电路的连接专题：
39、图像综合题分析：灯泡的接法：火线进入开关，再进入灯泡顶端的金属点；零线直接接入灯泡的螺旋套两孔插座的接法，左边接零线，右边接火线解答：解：灯泡接法：火线进入开关，再进入灯泡顶端的金属点，零线直接接入灯泡的螺旋套，这样在断开开关能切断火线，接触灯泡不会发生触电事故既能控制灯泡，又能更安全两孔插座的接法，左边接零线，右边接火线如图所示：点评：掌握家庭电路的灯泡、开关、三孔插座、两孔插座、保险丝的接法，同时考虑使用性和安全性28（4分）（2014兰州）根据图中通电螺线管的N极，请标出磁感线的方向和小磁针的N极，并在括号内标出电源的正、负极考点：通电螺线管的磁场专题：磁现象、电生磁分析：利用螺线管的上
40、端为N极，结合磁感线的特点和磁极间作用规律可以确定磁感线的方向和小磁针的N、S极利用线圈的绕向和螺线管的N、S极，结合安培定则可以确定螺线管中电流的方向，进一步可以得到电源的正负极解答：解：螺线管的上端为N极，磁感线从磁体的N极出发，回到S极，所以可以确定螺线管周围磁场的方向是从上向下的当小磁针静止时，根据磁极间作用规律可知，靠近电磁铁N极的一定是小磁针的S极，由此可知小磁针的下端为N极根据螺线管的上端为N极，以及线圈的绕向利用安培定则可以确定螺线管中电流是从螺线管的下端流入上端流出根据电流方向与电源正负极之间的关系：在电源外部电流从正极流出，回到负极，可以确定电源的正负极：下端为正极，上端为
41、负极如下图所示：点评：解决此题关键要抓住此题的突破口：螺线管的右端为N极然后利用相关知识解决磁感线的方向、小磁针的N极、电源的正负极四、实验题（本大题4小题，共20分）29（5分）（2014兰州）如图所示是“探究物体动能的大小与如此因素有关”的实验装置（1）该实验利用了转换法，通过观察木块移动的距离来判断小球（选填“小球”或“木块”）动能的大小；（2）让同一小球从斜面的不同高度由静止滚下，推动木块做功目的是为了探究动能的大小与速度的关系；（3）换用质量不同的小球，使它们从斜面的相同（选填“相同”或“不同”）高度由静止滚下，推动木块做功，目的是为了探究动能的大小与质量的关系考点：探究影响物体动能
42、大小的因素专题：探究型实验综合题分析：（1）本实验通过比较小球推动木块运动距离的大小，判断小球动能的大小（2）动能大小跟质量和速度有关在探究动能大小跟速度关系时，控制质量大小不变（3）动能大小跟质量和质量有关在探究动能大小跟质量关系时，控制质量速度不变解答：解：（1）实验中，通过小球推动木块运动距离的大小来反映小球动能的大小；（2）实验表明动能的大小与物体的速度和质量有关；若探究速度对动能的影响，应使小球的质量相同，速度不同，所以需使同一小球的小车从斜面的不同高度由静止滑下；（3）若探究质量对动能的影响，应使小球的速度相同，质量不同，所以需使质量部相同的小球从斜面的同高度由静止滑下故答案为：（1）木块移动的距离；小球；（2）速度；（3）相同；质量点评：掌握影响动能大小的影响因素，利用控制变量法和转换法，探究动能大小跟各因素之间的关系30（4分）（2014兰州）某同学想利用杠杆的平衡条件来测量刻度尺的质量（1）将刻度尺平放在支座上，左右移动刻度尺，找出能够使刻度尺在水平位置保持平衡的支点位置，记下这个位置，它就是刻度尺的重心；（2）如图所示，将质量为M1的物体挂在刻度尺左边某一位置，向右（选填“左”或“右”）移动刻度尺，直到刻度尺能够在支座上重新保持水平平衡记录物体悬挂点到