《全国计算机等级考试《三级网络技术》2023年考点练习题答案.docx》由会员分享，可在线阅读，更多相关《全国计算机等级考试《三级网络技术》2023年考点练习题答案.docx（43页珍藏版）》请在taowenge.com淘文阁网|工程机械CAD图纸|机械工程制图|CAD装配图下载|SolidWorks_CaTia_CAD_UG_PROE_设计图分享下载上搜索。
1、全国计算机等级考试三级网络技术2023年考点练习题答案1 .下列IPv6地址表示中，错误的是（）oA. 21AD： ： DI： 0： X48B. 3D： 0： 2AA： DO： 2F38： 1：由4C.FE80： 0： 0： 0： 0： FE： FE80： 2A1D. FE11： ： 70D： BC： 0： 80： 0： 0： 7CB【答案】：D【解析】：IPv6地址占128位，使用冒号十六进制记法，它把每个16位的值用 十六进制值表示，各值之间用冒号分隔。在十六进制记法中，允许把 数字前面的0省略。冒号十六进制记法可以允许零压缩，即一连串连 续的零可以为一对冒号所取代，为了保证零压缩有一个不
2、含混的解 释，规定在任一地址中只能使用一次零压缩。冒号十六进制记法可结 合使用点分十进制记法的后缀。IPv6不支持子网掩码，它只支持前缀 长度表示法。D项，该表示形式已有8个位段，没有全。位段压缩，【答案】：c【解析】：全双工端口带宽的计算方法是：端口数X端口速率X2,故：48 X100M bit/s X 2+2 X 1000M bit/s X2 = 13.6Gbit/so13 .下图是网络地址转换NAT的一个示例图中和是地址转换之后与转换之前的一对地址（含端口号），它 们依次应为（）。A. 10.0.1.1, 1234 和 59.67.0.6, 2341B. 59.67.0.6, 23411
3、0.0.1.1,1234C. 10.0.1.1, 1234 和 202.2.1.1, 8080D. 202.2.1.1, 808010.0.1.1,1234【答案】：B【解析】：图中的NAT转换过程是从Internet中IP为202.2.1.1,端口 8080的源 主机发送了一个包给IP为59.67.0.6,端口为2341的目标主机，而 NAT转换器将这个IP为59.67.0.6,端口为2341的目标主机转换成IP 为10.0.1.1,端口为1234,在局域网中工作，然后再逆向转换成59, 67.0.6返回到Internet中。因此题中NAT转换表中转换后的IP为 59.67.0.6；转换之前
4、，也就是主机专用IP为1001.1。14 .下列关于BGP的描述中，错误的是（）。A.两个BGP发言人需要不定期地交换keepalive分组来确认双方的相 邻关系B. 一个BGP发言人与其他自治系统中的BGP发言人交换路由信息使 用TCP连接C. open分组用来与相邻的另一个BGP发言人建立关系D.使用update分组更新路Fh时，一个报文只能增加一条路由【答案】：A【解析】：A项错误，保活（keepalive）分组用来确认打开报文，以及周期性地（周期一般是30s）确认相邻边界路由器的存在。15.如图所示是网络地址转换NAT的一个示例，图中略去部分信息、，其中应为（）。A.B.C.D.【答案
5、】：B【解析】：图中展示了一台内网客户机与一台外网服务器之间的数据通信，该外 网服务器的地址及端口号为58.4221, 80,而由于采用了 NAT技术, 该内网客户机的地址及端口号在网络内部与网络外部不相同，由图中 可见，客户机内网地址及端口号为1000.1, 3342,转换后的公网地 址及端口号为202.112.15.1, 3342,故空处应填入5=202.112.15.1, 3342 D=58.42.2.1, 80016.某校园网的地址是202.100.192.0/16,要把该网络分成30个子网， 则子网掩码应该是（）oA. 255.255.200.2B. 255.255.224.0C.
6、255.255.254.1D. 255.255.248.0【答案】：D【解析】：202.100.192.0/16采用CIDR命名方式其网络号是16位要分成30个子 网需在16位主机号中分配5位作为子网号，所以其子网掩码应该是 255.255.248.0o17.在设计点对点（Ad boc）模式的小型无线局域时，应选用的无线局 域网设备是（）oA,无线网卡B.无线接入点C.无线网桥D,无线路由器【答案】：A【解析】：无线网卡是无线局域网系统中最基本的硬件。无线接入点用来集合无 线或者有线终端，基本功能类似于有线局域网的集线器和交换机；无 线网桥用来连接若干不同的网段，可以实现距离较远的无线数据通
7、信；无线路由器和无线网关是具有路由功能的AP, 一般情况下具有 NAT功能，因此可以用来建立更小的无线局域网。18.下列关于路由器技术的描述中，错误的是（）oA.路由器的包转发能力与路由器的端口数量、端口速率、包长度、包 类型相关B.丢包率通常是衡量路由器超负荷工作时的性能C.突发处理能力是以最大帧间发送数据包而不引起丢失的最大发送 速率来衡量D.路由器的冗余是为了保证设备的可靠性与可用性【答案】：C【解析】： 衡量路由器性能的关键技术指标包括：吞吐量、背板能力、丢包率、 延时与延时抖动和突发处理能力。其中突发处理能力是以最小帧间隔 传送数据包而不引起丢失的最大传输效率来衡量的。衡量路由器突发
8、 处理能力的技术指标是接口缓存，缓存越大，突发处理能力越强；衡 量路由器线速转发能力的技术指标是最小帧间隔值。19 .以下协议中不属于内部网关协议的是（）oA. RIPB. OSPFC. BGPD. IGRP【答案】：C【解析】：Internet将路由选择协议分为两大类：内部网关协议（IGP）和外部网 关协议（EGP）。内部网关协议主要有路由信息协议（RIP）和开放最 短路径优先（OSPF）。IGRP为内部网关路由协议，也是内部网关协议 的一种；BGP是网关间路由协议。20 .下列关于路由器技术指标的描述中，错误的是（）oA.吞吐量是指路由器的包转发能力B.背板能力决定了路由器的吞吐量C.语音
9、、视频业务对延时抖动要求较高D.突发处理能力是以最小帧间隔值来衡量的【答案】：D【解析】：路由器在网络发生变化后，计算下一跳的最佳路由，更新路由表所用 时间的长短是用来衡量路由收敛能力的关键指标。21 .以下关于信息传输中的第三方的描述中，不正确的是（）oA.第三方负责向通信双方分发秘密信息B.双方发生争议时第三方进行仲裁C.为了信息的安全传输，通常需要一个可信任的第三方D.发送和接收双方共享的某些信息，这些信息对可信任的第三方是公 开的，对于其他用户也可以是公开的【答案】：D【解析】：信息的安全传输包括两个基本部分：对发送的信息进行安全转换 （如信息加密），实现信息的保密性。或者附加一些特征
10、信息，以便进行发送方身份验证；发送和接收双方共享的某些信息（如加密密 钥），这些信息除了对可信任的第三方外，对于其他用户是保密的。 为了信息的安全传输，通常需要一个可信任的第三方。第三方的作用 是负责向通信双方分发秘密信息，并在双方发生争议时进行仲裁。22汝口图4所示，Cisco 3548交换机A与B之间需传输名为VL10 （ID 号为10）和VL15CID号为15）的VLAN信息。下列为交换机A的gO/1 端口分配VLAN的配置，正确的是（）o图4A.B.C.D.【答案】：A【解析】：为交换机A的gO/1端口分配VLAN的配置。以Cisco 3548交换机为例:进入交换机端口配置模式(con
11、fig)#interface gO/1。配置 VLAN Trunk 模式(config-if)#switchport mode trunko为端 口分配 VLAN(config-if)#switchport trunk allowed vlan 10,15。23.第二层交换机()路由功能，第三层交换机()路由功能。A.具有；具有B.不具有；不具有C.不具有；具有D.具有；不具有【答案】：C【解析】：第一二层交换机工作在0SI参考模型的第二层，即数据链路层。它依 据数据帧中的目的MAC地址进行数据帧的线速交换。第二层交换机 是没有路由功能的交换机，仅能依据MAC地址完成数据帧的交换。第三层交换机
12、工作在OSI参考模型的第三层，即网络层。第三层交换 机就是具有路由功能的二层交换机。第三层交换机依据数据包中的目 的IP地址，进行路径选择和快速的数据包交换。它可以实现不同逻 辑子网、不同VLAN之间的数据通信。在第三层交换机中，增加了一 个第三层交换模块，由该模块完成路径选择功能；而第三层交换机的 数据交换仍由第二层交换模块完成24.ping命令通过echo协议可以判别网络的连通情况，根据接口可以 确定路径的可靠性、链路的延迟时间和目的-是否可以到达。A.网络B.主机C.路由器D.交换机【答案】：B【解析】：ping通过echo协议可以判别网络的连通情况。ping命令发出一个数 据分组到目的
13、主机，等待目的主机的应答。根据结果，可以了解路径不应该使用双冒号：O2.202.113.79.38 202.113.79.48 和 202.113.79.64/8 聚合后可用 的IP地址数为()oA. 30B.44C. 46D. 62【答案】：B【解析】：202.113.79.00100000 (32)202.113.79.00110000 (48)聚合后为 202.113.79.001000007,与 202.113.79.64/8 不能再聚合, 因此可用的IP地址数为：25-2+24-2=44。3.下列对IPv6地址的表示中，错误的是()。A. ： ： 50D： BC： 0： 0： 03D
14、AB. FE23： 0： 45： 0利8的可靠性、链路的延迟时间和目的主机是否可以到达，以判断网络是 否处于连通状态。25.下列入侵检测系统结构中，能够真正避免单点故障的是（）oA.集中式B.层次式C.协作式D.对等式【答案】：D【解析】：对等模型的应用使得分布式入侵监视系统真正避免了单点失效的发 生。26.Windows 2003对已备份文件在备份后不做标记的备份方法是（）。A.正常备份B.差异备份C.增量备份D.副本备份【答案】：D【解析】：Windows 2003备份程序有5种备份方法：副本备份-复制所有选中 的文件，但不将这些文件标记为已经备份，不会影响其他备份操作。; 每日备份；差异
15、备份-从上次正常备份或增量备份后，创建或修 改的差异备份副本文件；增量备份-只备份上一次正常备份或增量 备份后创建或改变的文件，备份后标记文件；正常备份-复制所有 选中的文件，并且标记备份后的每个文件。27.下列关于winmail邮件服务器配置、使用、管理的描述中，正确的 是（）。A.在Winmail快速设置向导中，可选择是否允许客户通过Webmail 注册新用户B.通过浏览器管理邮件服务器的可选项包括系统设置、域名设置、用 户和组等C.使用浏览器发送邮件时，使用的协议是SMTPD. Winmail邮件服务器可以允许用户使用Outlook自行注册新邮箱【答案】：c【解析】：A项中，Winmai
16、l中能对注册界面进行设置，譬如邮件名长度，密码 长度等的设置；B通过浏览器管理邮件服务器的可选项不包括系统设 置；D不能注册新邮箱，可使用Outlook对邮箱服务器进行测试。答 案选择C选项。28 .()不属于将入侵检测系统部署在DMZ中的优点。A.可以查看受保护区域主机被攻击的状态B.可以检测防火墙系统的策略配置是否合理C.可以检测DMZ被黑客攻击的重点D.可以审计来自Internet上对受保护网络的攻击类型【答案】：D【解析】：DMZ是一个隔离的网络，可以在这个网络中放置Web服务器或是E-mail服务器等，外网的用户可以访问DM乙 它可以查看受保护区 域主机被攻击的状态；可以检测防火墙系
17、统的策略配置是否合理；可 以检测DMZ被黑客攻击的重点；但只有将入侵检测系统放置于路由 器和边界防火墙之间时，它才可审计来自Internet上对受保护网络的 攻击类型。29 .下列关于ServUFFP服务器的描述中，错误的是()。A. FTP服务器可以使用动态IP地址B. FTP服务器的域创建完成后，客户端即可使用匿名用户访问C.对用户数大于500的域，将域存放在注册表中可提供更高的性能 D.限制某些IP地址能否访问FTP服务器可通过设置IP访问来实现【答案】：B【解析】：FTP服务器的域创建完成后需要添加用户才能被客户端访问。用户包 括匿名用户和命名用户，因此答案选B。30.WLAN标准80
18、2.11a将传输速率提高到()。A. 5.5Mbit/sB. UMbit/sC. 54Mbit/sD. 100M bit/s【答案】：C【解析】：802.11是IEEE为无线局域网 WLAN制定的标准。802.11a是802.11 原始标准的一个修订标准，采用了与原始标准相同的核心协议，工作 频率为5GHz,使用52个正交频分多路复用副载波，最大原始数据传 输率为54Mbit/So此外还有802.11b、802.11g传输速率也为54Mbit/s, 而802.11n则将传输速率提高到了 300Mbit/so因此答案选择C。31似下关于STP的描述中错误的是（）。A. STP是一个二层链路管理协
19、议。目前应用最广泛的STP标准是IEEE 802.IDB.在STP工作过程中，被阻塞的端口不是一个激活的端口C. STP运行在交换机和网桥设备上D.在STP的处理过程中，交换机和网桥是有区别的【答案】：B【解析】：生成树协议STP是一个二层的链路管理协议。在STP工作过程中要确 定交换机冗余链路端口的工作状态，一些端口进入转发状态，另一些 端口进入阻塞状态。其中被阻塞的端口仍然是一个激活的端口，但它 只能接收和读取BPDU而不能接收和转发数据流。32.1.1228 的 二 进 制 表 示 为：00111011.01010001.00000001.10000000/833.以下关于网络入侵检测系
20、统的组成结构的讨论中，错误的是（）oA.网络入侵检测系统一般由控制台和探测器组成B.控制台和探测器之间的通信是不需要加密的C.探测器的基本功能是捕获网络数据报，并对数据报进行进一步分析 和判断，当发现可以事件的时候会发出警报D. 一个控制台可以管理多个探测器【答案】：B【解析】:控制台和探测器之间的通信是加密传输的。34.IP 地址块 202.113.79.0/7 202.113.79.37 和 202.113.79.647 经 过聚合后可用的地址数为（）oA. 64B. 92C. 94D. 126【答案】：B【解析】：IP 地址块 202.113.79.0/27 和 202.113.79.3
21、7 经过聚 合后为 202.113.79.0/26,其中全0和全1不能用，因此可用地址数为26-2=62 个，而202.113.79.64/27无法聚合，可用地址数为25-2=30个。所以 总共可用的地址数为62+30=92个。35.下面说法错误的是（）oA.加密算法是可以公开的，真正需要保密的是密钥B.密钥的位数越长，破译的困难就越大，安全性也越好C.加密算法、解密算法、密钥及其工作方式构成密码体制D.加密的目标是要使破译密钥所需要的“花费”比该密钥所保护的信息价值还要大【答案】：B【解析】：加密算法实际上很难做到绝对保密，在设计加密系统时，加密算法是 可以公开的，真正需要保密的是密钥。对于
22、同一种加密算法，密钥的 位数越长，破译的难度就越大，安全性就越好，而本题中没有给出“同 一种加密算法”这个前提条件。加密的目标是要使破译密钥所需要的 “花费”比该密钥所保护的信息价值还要大。加密算法、解密算法、密钥及其工作方式构成密码体制。36 .以下关于非对称密码体制的描述中，不正确的是（）oA.非对称加密技术对信息的加密与解密使用不同的密钥B,加密公钥与解密私钥是成对出现的C.用来加密的密钥和用来解密的私钥是需要保密的D.不能通过加密公钥来计算出解密私钥【答案】：C【解析】：非对称加密技术对信息的加密与解密使用不同的密钥，用来加密的密 钥是可以公开的，用来解密的私钥是需要保密的，因此又被称
23、为公钥 加密技术。加密用的公钥与解密用的私钥不同，公开加密密钥不至于 危及解密密钥的安全。用来加密的公钥与解密的私钥是数学相关的， 并且加密公钥与解密私钥是成对出现的，但是不能通过加密公钥来计 算出解密私钥。37 .R1、R2是一个自治系统中采用RIP路由协议的两个相邻路由器， R1的路由表如图（a）所示，当R1收到R2发送的如图（b）的V, D报文后，R1更新的4个路由表项中距离值从上到下依次为0、3、3、 4o（a）（b）那么，可能的取值依次为（）。A.0、4、4、3B. 1、3、3、3C.2、2、3、2D.3、2、2、3【答案】：D【解析】：因为RI更新距离值为0、3、3、4,因此可以肯
24、定的是日的网络20. 0.0.0 和30. 0. 0. 0肯定通过路由R2,以及通过R2到达40. 0. 0. 0的 距离应该不小于40减去R1到R2的距离1,因此R2到目的网络 20. 0. 0. 0和30. 0. 0. 0的距离也就是和均为2,到40. 0. 0. 0 的距离也就是应该不小于3。因此可以得出答案应该为Do38.将Catalyst6500交换机的系统时间设定为“2014年3月26日,星 期五，9点19分25秒”，正确配置是（）oA. set clock fri 26014 9:19:25B. set time fri 初他014 9:19:25C. set time fri
25、2驹2014 9:19:25D. set clock fri 初版014 9:19:25C. FE23： 0： 0： 050D： BC： ： 03DAD. FF34： 42： BC： 0： 50F： 21： 0： 03D【答案】：D【解析】：IPv4地址采用32位的点分四段十进制表示，而IPv6采用的是128位 的冒分八段十六进制。按照RFC2373定义，一个完整的IPv6地址的 表示为 XXXX： XXXX： XXXX： XXXX： XXXX： XXXX： XXXX： XXXX 例如 2031： 0000： 1F1F： 0000： 0000： 0100： 11A0： ADDFo 为了简 化其
26、表示法，RFC2373提出每段中前面的。可以省略，连续的。可省 略为“：”，但只能出现一次，例如1080： 0： 0： 0： 8： 800： 200C： 417A 可以简写为 1080： ： 8： 800： 200C： 417A。类似于 IPv4 中的 CDIR 表示法，IPv6用前缀来表示网络地址空间，比如2001： 250： 6000： 48表示前缀为48位的地址空间。而D选项中的FF34： 42： BC： ： 0： 50F： 21： 0： 03D已经超过8段，所以表示错误。4.Winmail Mail Server管理工具中,在（）中可增加新的域、构建虚 拟邮件服务器、删除已有的域，还可
27、以对域的参数进行修改。A.系统管理界面【答案】：B【解析】：Catalyst6500改变系统时间的设置命令为：set time day_of_week mm/dd/yy hh:mm:ss,即 set time fri 切钝010 9:19:25, B 项正确。39.Windows 2003对已备份文件在备份后不做标记的备份方法是（）。A.正常备份B.差异备份C.增量备份D.副本备份【答案】：D【解析】：Windows 2003对文件进行备份的方法有：完全备份、增量备份、差 异备份和副本备份。其中副本备份，复制所有选中的文件，但不将这 些文件标记为已经备份，即不清除存档属性，故此题选D。40.下
28、列关于Windows 2003系统Web服务器安装、配置和使用的描 述中，错误的是（）oA.建立web站点时必须为该站点指定一个主目录B.访问web站点时必须使用站点的域名C.若Web站点未设置默认内容文档，访问站点时必须提供首页内容 的文件名D. web站点的性能选项包括影响宽带使用的属性和客户端Web连接 的数量【答案】：B【解析】：使用站点的域名，如；使用站点的IP地址，如http: 192.168.1.25。是常见的两种Web站点访问方式。41.若服务器系统可用性达到99.99%,那么每年的停机时间必须小于 等于（）oA. 5分钟B. 10分钟C. 53分钟D. 8.8小时【答案】：C
29、【解析】：依据系统高可用性的计算公式来计算如下：系统高可用性;平均无故 障时间/ (平均无故障时间+平均修复时间),即:99.99% =(365X24 X 60-x)/(365X24X60),解得 x=53 分钟。42.下列关于增量备份特点的描述中，错误的是()。A.恢复速度最慢B.备份速度最快C.备份上一次完全备份之后的所有数据D.使用的空间最小【答案】：C【解析】： 增量备份只备份相对于上一次备份操作以来新建或者更新过的数据。43.每一个OSPF区域拥有一个区域标识符，区域标识符的位数是（）。A. 16B. 32C. 48D. 64【答案】：B【解析】：每一个OSPF区域拥有一个32位的区
30、域标识符，每一个区域内的路由 器数不超过200个。44.159.12%6的 二 进 制 表 示 为：00111011.01000011.10011111.10000000/26分析上述二进制串，可知59.67.159.0/26与59.67.159.64/26可以聚合成59.67.159.0/25,则该网络上可用的地址数为27 2 = 126；而 59.67,159.128 不能与 59.67.159.0 和 59.67.159.64 一起进行聚合，则该网络上可用的地址数为26 2 = 62；综上所述，可用的地址数为126 + 62 = 188。45.下列关于RPR技术的描述中，错误的是()oA
31、. RPR能够在50ms内隔离出现故障的节点和光纤段B. RPR环中每一个节点都执行SRP公平算法C.两个RPR节点之间的裸光纤最大长度为100kmD. RPR用频分复用的方法传输IP分组【答案】：D【解析】：弹性分组环(Resilient Packet Ring, RPR)是一种用于直接在光纤上高 效传输IP分组的传输技术。RPR采用双环结构，在RPR环中，两个 RPR结点之间的裸光纤的最大长度可以达到100 kmo弹性分组环RPR 的内环和外环都可以用统计复用的方法传输IP分组，同时可以实现 “自愈环”的功能。RPR能够在50ms内隔离出现故障的节点和光纤 段。RPR的内环和外环都可以传输
32、数据分组与控制分组。每一个结点 都可以使用两个方向的光纤与相邻结点通信。RPR环中每一个结点 都执行SRP公平算法，使得结点之间能够获得平等的带宽，防止个别 结点因流量大而造成环拥塞。46.下列关于蓝牙系统的技术指标的描述中，错误的是()。A.工作频段在2.402GHz-2.480GHz的ISM频段B.标称数据速率是IMbit/sC.对称连接的异步信道速率是433.9kbit/sD.同步信道速率是192kbit/s【答案】：D【解析】：蓝牙系统的主要参数与指标为：(1)工作频段：ISM 频段 2.402GHz-2.480GHz(2)标称数据速率：1Mbps(3)异步信道速率：非对称连接723.
33、2 kbps万7.6 kbps对称连接：433.9 kbps (全双工模式)(4)同步信道速率：64 kbps (3个全双工信道)47.下列关于无线网络HisperLAN协议的描述中，错误的是()。A.采用5GHz工作频段B.上行速率最多可达54Mbit/sC.室外最大覆盖范围为30mD.可支持面向连接的传输服务【答案】：C【解析】：在HisperLAN网络中，一个小区的覆盖范围在室内一般为30米，在 室外一般为150米。48.下列IPv6地址表示中，错误的是（）oA. :10F:BC:0:0:03DAB. FE00:0:45:0刊8C. FE31:0:BC:3E:0:050D:BC:03DA
34、D. FF34:42:BC:3E:50F:21:03D【答案】：C【解析】：IPv6地址可以采用8段十六进制数来表示，符号:表示一段或连 续几段全零，C项已经超过了 8段十六进制数的长度。49.下歹（对IPv6地址FE80:0:0:0801:FE:0:0:04Al的简化表示中，错误的 是（）。A. FE8:801:FE:0:0:04AlB. FE80:801:FE:0:0:04AlC. FE80:0:0:801:FE:04AlD. FE80:0:0:801:FE:4Al【答案】：A【解析】：在使用前导零压缩表示IPv6地址时，能压缩前导0,所以FE80不能 压缩为FE8, A项错误。50.下列
35、关于IEEE 802.11b的基本运作模式的描述，错误的是（）。A.在基本模式中一个接入点最多可连接512台PCB.在点对点模式中最多可连接256台PCC.基本模式是无线和有线网络并存的通信方式D.点对点模式是指无线网卡和无线网卡之间的通信方式【答案】：A【解析】：802.11b无线局域网标准的运作模式分两种：点对点模式和基本模式。 基本模式是无线和有线网络并存的通信方式，一个接入点最多可接 入1024台PC；点对点模式是指无线网卡和无线网卡之间的通信模 式，最多可连接256台PCo51似下（）在实际中一般用于电信网络管理。A. 0SIB. SNMPC. SMTPD. CMIP【答案】：D【解
36、析】：本题主要考查SNMP与CMIP的比较。SNMP与CMIP在管理目标、基 本组成部分上都大致相同，不同之处在于：SNMP有广泛的适用性, 且在用于小规模设备时成本低、效率高，一般用于计算机网络管理； 而CMIP则更适用于大型系统，在实际中一般用于电信网络管理； SNMP主要基于轮询方式获得信息，CMIP主要采用报告方式；在传 输服务的要求方面，SNMP基于无连接的UDP； CMIP使用面向连接的 传输；CMIP采用面向对象的信息建模方式，而SNMP则是用简单 的变量表示管理对象。52.设计一个宽带城域网将涉及“三个平台与一个出口”，即网络平台、 业务平台、管理平台和（）oA.广域网出口B.
37、局域网出口C.城市宽带出口D.卫星通道出口【答案】：C【解析】：B.用户管理界面C.组用户管理界面D.域名管理界面【答案】：D【解析】：Winmail Mail Server管理工具域名设置中，在域名管理界而中，可增 加新的域、构建虚拟邮件服务器、删除已有的域，还可以对域的参数 进行修改，例如是否允许在本域中自行注册新用户。5.对路由选择协议的一个要求是必须能够快速收敛，所谓路由收敛是 指（）oA.能把多个子网汇聚成一个超网B.路由器能把分组发送到预定的目标C.路由器处理分组的速度足够快D.网络设备的路由表与网络拓扑结构保持一致【答案】：D 设计一个宽带城域网将涉及“三个平台与一个出口”，即网
38、络平台、 业务平台、管理平台与城市宽带出口等问题。53.1 PV6地址FE： 45： 0： A2的：之间被压缩的二进制数字0的位 数为（）oA. 16B. 32C. 64D. 96【答案】：C【解析】：IPv6地址一共有128位，每16位为一个位段，划分为8个位段，此 题中简化了 4个位段的地址，也就是压缩了 4X16=64位数。54.下列关于综合布线系统的描述中，错误的是（）0A,双绞线扭绞可以减少电磁干扰B.管理子系统设置在楼层配线间内C.多介质插座是用来连接铜缆和光纤的D.对于建筑群子系统直埋布线是最理想的方式【答案】：D【解析】：建筑群子系统可以是架空布线、巷道布线、直埋布线、地下管道
39、布线, 或者是这四种布线方式的任意组合，因此答案选Do55 .网络防火墙不能够阻断的攻击是（）oA. DoSB. SQL注入C. Land攻击D. SYN Flooding【答案】：B【解析】：DoS、Land攻击、SYN Flooding为拒绝服务攻击,利用防火墙过滤数 据包可阻断其攻击。SQL注入是通过把SQL命令插入到Web表单递 交或输入域名或页面请求的查询字符串，最终达到欺骗服务器执行恶 意的SQL命令。56 .下面关于计算机病毒说法错误的是（）。A.像生物病毒一样，计算机病毒有独特的复制能力B.计算机病毒具有正常程序的一切特性C.计算机病毒是一种具有很高编程技巧、短小精悍的可执行程
40、序D.病毒的潜伏性体现了病毒设计者的真正意图【答案】：D【解析】：计算机病毒是指编制或者在计算程序中插入的破坏计算机功能或者 毁坏数据以影响计算机使用，并能自我复制的一组计算机指令或者程 序代码。像生物病毒一样，计算机有独特的复制能力。计算机病毒具 有正常程序的一切特性，即可存储性和可执行性。计算机病毒是一种 具有很高编程技巧、短小精悍的可执行程序。病毒的表现性或破坏性 体现了病毒设计者的真正意图。57.159.6转6的 二 进 制 表 示 为：00111011.01000011.10011111.01000000/2658 .（）是判断一段程序代码是否为计算机病毒的依据。A.潜伏性B.可触发
41、性C.传染性D.隐蔽性【答案】：C【解析】：传染性是计算机病毒最重要的特征，是判断一段程序代码是否为计算 机病毒的依据。病毒一旦侵入计算机系统就开始搜索可以传染的根序 或者磁介质，然后通过自我复制迅速传播。59 .R1、R2是一个自治系统中采用RIP路由协议的两个相邻路由器， R1的路由表如下图（A）所示，当R1收到R2发送的如下图（B）的 V, D报文后，R1更新的路由表项中距离值从上到下依次为0、4、4、(A)（B）那么，可能的取值依次为（）。A. 0、5、4、3B. 1、3、4、3C.2、3、4、1D. 3、4、3、3【答案】：B【解析】：路由器更新规则为：假设R1和R2相邻，如果R1的
42、路由表没有某项 记录，R1在路由表中增加该项，由于要经过R2转发，故距离值在R2 的距离值的基础上加1;如果R1的路由表中的一项记录比R2发送的 一项记录距离值加1还要大，R1在路由表中修改该项，距离值根据 R2提供的值加1。由上述规则可知，B项正确。60.下列对VTP工作模式的描述中，错误的是（）。A. VTP Server可将VLAN的配置信息传播到本域内其他所有的交换机 B. VTP Client不能建立、删除和修改VLAN配置信息C. VTP Transparent不传播也不学习其他交换机的VLAN配置信息D.在一个 VTP 域内，可设多个 VTP ServerVTP Client 和
43、 VTP Transparent【答案】：D【解析】：D项错误，VTP有三种工作模式：VTP Server VTP Client和VTP Transparento 一般，一个VTP域内的整个网络只设一个VTP Server； A 项正确，VTP Server可将VLAN的配置信息传播到本域内其他所有的 交换机；B项正确，VTP Client虽然也维护所有的VLAN信息列表，但 其VLAN的配置信息是从VTP Server学到的，VTP Client不能建立、删 除或修改VLAN； C项正确，VTP Transparent相对于是一个独立的交换 机，它不参与VTP的工作，不从VTP Server
44、学习VLAN的配置信息， 只拥有本设备上自己维护的VLAN信息。【解析】：收敛是指路由信息可以精确地反映新的拓扑结构，即网络设备的路由 表收敛新的拓扑结构，与新的网络拓扑结构保持一致，故选D。6 .下列Cisco路由器进入vty配置模式后的命令提示符,正确的是()oA. Router(config)#B. Router(config-line)#C. Router#D. Router(config-if)#【答案】：B【解析】：A项，配置模式；B项，vty配置模式；C项，特权模式；D项，端口 配置模式。7 .在DHCP的租约期限界面中，可以设置DHCP服务器分配给IP地址 时的租约期限。默认租
45、约期限为()。A. 1天B. 7天C. 8天D. 30 天【答案】：C【解析】：DHCP服务器分配的IP地址的租约期限默认为8天，租约到期前，客 户端需要续订，续订工作由客户端自动完成。8.下列关于公共漏洞和暴露CVE的描述中，错误的是（）oA. CVE为每个漏洞和暴露确定了唯一的名称和解决方法B.在选择入侵检测产品时，CVE可以作为评判的参考标准C.通过CVE兼容数据库可以找到漏洞的修补信息D.用户可以根据CVE字典建立自己的风险评估体系【答案】：A【解析】:公共漏洞和暴露CVE是一个行业标准，它为每个漏洞和暴露确定了唯 一的名称和标准化的描述，但并未给出解决方法。9.IP地址块202.19
46、2.33608的子网掩码可写为（）。A. 255.255.255.192B. 255.255.255.224C. 255.255.255.240D. 255.255.255.248【答案】：c【解析】：IP地址块202.192.33.160/28中，网络前缀表示对应28位的网络号是 确定的，即IP地址前面的28位为网络号，故其子网掩码为 11111111.11111111.11111111.11110000 , 转化为十进制为 255.255.255.240o 10,下列关于入侵检测和入侵防护系统的描述中，错误的是（）oA.对于UNIX系统，基于主机的入侵检测系统可使用utmp和wtmp 文件作为数据源B.当检测到攻击时，基于主机的入侵防护系统可以在网络接口层阻断 攻击C.基于网络的入侵检测系统必须采用In-line工作模式D.基于网络的入侵检测系统和基于网络的入侵防护系统都需具有嗅 探功能【答案】：C【解析】：采用Inline工作模式的是入侵防护系统，它