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1、活页作业(二十一)部分电路欧姆定律串、并联电路1用比值法定义物理量是物理学中一种很重要的思想方法，以下属于用比值法定义的物理量是()A加速度aB电阻RC电场强度ED电容C解析：电阻R是电阻的决定式，电容C是电容的决定式，不属于用比值法定义的物理量，选项A、C符合要求答案：AC2某同学做三种导电元件的导电性实验，他根据所测量数据分别绘制了三种元件的IU图象如图所示，则下述判断正确的是()A只有乙图象是正确的B甲、丙图象是曲线，肯定误差太大C甲、丙为线性元件，乙为非线性元件D甲、乙、丙三个图象都可能是正确的，并不一定有较大误差3(2013盐城模拟)如图所示，图线1表示的导体电阻为R1，图线2表示的
2、导体电阻为R2，则下列说法正确的是()AR1R213BR1R231C将R1与R2串联后接于电源上，则电流比I1I213D将R1与R2并联后接于电源上，则电流比I1I213解析：根据IU图线斜率的倒数表示电阻大小，R1R213，故A正确，B错误再根据串、并联电路的特点，串联时电流相同，C错误；并联时，I1I2R2R131，D错误答案：A4两根材料相同的导线，质量之比为21，长度之比为12，加上相同的电压后，通过的电流之比为()A81B41C11D14解析：同种材料的导线体积之比等于质量之比，即V1V221，面积之比为，由R可得，加上相同电压后，由I可得.答案：A5在研究微型电动机的性能时，应用如
3、图所示的实验电路调节滑动变阻器R并控制电动机停止转动时，电流表和电压表的示数分别为0.50 A和2.0 V重新调节R并使电动机恢复正常运转，此时电流表和电压表的示数分别为2.0 A和24.0 V则这台电动机正常运转时输出功率为()A32 W B44 W C47 W D48 W解析：当电动机停止转动时，此时电动机相当于一个纯电阻，所以由题中的两表读数，可以计算出电动机的内阻为：r，代入数据得：r4 ，重新调节R并使电动机恢复正常运转，根据题中的两表读数，计算出电动机的输出功率为：PUII2r，代入数据解得：P32 W，B、C、D错误，A正确答案：A6(2013大连、沈阳模拟)锂电池因能量高环保无
4、污染而广泛使用在手机等电子产品中现用充电器为一手机锂电池充电，等效电路如图所示，充电器电源的输出电压为U，输出电流为I，手机电池的内阻为r，下列说法正确的是()A电能转化为化学能的功率为UII2rB充电器输出的电功率为UII2rC电池产生的热功率为I2rD充电器的充电效率为100%解析：充电器将电能转化为锂电池的化学能和电池产生的热能，即UItE化I2rt，充电器输出的电功率为UI，电池产生的热功率为I2r，据此可知，电能转化为化学能的功率为UII2r，充电器的充电效率为1100%，所以只有选项A、C正确答案：AC7两根材料相同的均匀导线A和B，其长度分别为L和2L，串联在电路中时沿长度方向电
5、势的变化如图所示，则A和B导线的横截面积之比为()A23B13C12D31解析：由图象可知两导线电压降分别为UA6 V，UB4 V；由于它们串联，则；由电阻定律可知，解得，选项B正确答案：B8一根粗细均匀的导线，两端加上电压U时，通过导线的电流为I，导线中自由电子定向移动的平均速率为v，若将导线均匀拉长，使它的横截面的半径变为原来的，再给它两端加上电压U，则()A通过导线的电流为B通过导线的电流为C导线中自由电子定向移动的速率为D导线中自由电子定向移动的速率为9用电器距离电源L，线路上的电流为I，为使在线路上的电压降不超过U，已知输电线的电阻率为.那么，输电线的横截面积的最小值是()A.BCD
6、解析：由题意知，输电线最大电阻R，根据电阻定律得R，S，故B正确答案：B10一横截面积为S的铝导线，当有电压加在该导线上时，导线中的电流强度为I.设每单位体积的导线中有n个自由电子，电子电荷量为e，此时电子定向移动的速度为v，则在t时间内，通过导体横截面的自由电子数目可表示为()AnvStBnvtCD11A、B两地间铺有通讯电缆，长为L，它是由两条并在一起彼此绝缘的均匀导线组成的，通常称为双线电缆在一次事故中经检查断定是电缆上某处的绝缘保护层损坏，导致两导线之间漏电，相当于该处电缆的两导线之间接入一个电阻检查人员经过下面的测量可以确定损坏处的位置：令B端双线断开，在A处测出双线两端间的电阻RA
7、；A端的双线断开，在B处测出双线两端的电阻RB；在A端的双线间加一已知电压UA，在B端双线间用内阻很大的电压表测量出两线间电压UB.试由以上测量结果确定损坏处的位置解析：设损坏处距A端为LA，由电阻定律可知，根据两次测量结果应有，式中R为漏电阻又依据第(3)次测量结果有.代入上式，消去R可解得LAL.答案：见解析12一台小型电动机在3 V电压下工作，用此电动机提升所受重力为4 N的物体时，通过它的电流是0.2 A在30 s内可使该物体被匀速提升3 m若不计除电动机线圈生热之外的能量损失，求：(1)电动机的输入功率；(2)在提升重物的30 s内，电动机线圈所产生的热量；(3)线圈的电阻解析：(1)电动机的输入功率P入UI30.2 W0.6 W.(2)电动机提升重物的机械功率P机FvW0.4 W.根据能量关系P入P机PQ，得生热的功率PQP入P机(0.60.4)W0.2 W.所产生热量QPQt0.230 J6 J.(3)根据焦耳定律QI2Rt，得线圈电阻R 5 .答案：(1)0.6 W(2)6 J(3)5 6