《2022年高考物理二轮复习关键题特训应用动力学和能量观点分析电磁感应问题.docx》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2022年高考物理二轮复习关键题特训应用动力学和能量观点分析电磁感应问题.docx（15页珍藏版）》请在taowenge.com淘文阁网|工程机械CAD图纸|机械工程制图|CAD装配图下载|SolidWorks_CaTia_CAD_UG_PROE_设计图分享下载上搜索。
1、精选学习资料 - - - - - - - - - 应用动力学和能量观点分析电磁感应问题限时： 45 分钟 一、单项挑选题1 如图 1 所示,边长为 L 的正方形金属框 ABCD 在水平恒力 F 作用下,穿过宽度为 d 的有界匀强磁场已知 dl,质量为 m,电阻为 R.开头时,线框的下边缘到磁场上边缘的距离为 h.将线框由静止释放,其下边缘刚进入磁场时,线框的加速度恰好为零就线框进入磁场的过程和从磁场下边穿出磁场的过程相比较,有 - - - - - - -精选学习资料 - - - - - - - - - 图 9 A产生的感应电流的方向相同 B所受的安培力的方向相反 C进入磁场的过程中产生的热量大
2、于穿出磁场的过程中产生的热量 D进入磁场过程中所用的时间大于穿出磁场过程中所用的时间 答案 D 解析 依据楞次定律, 线框进入磁场时感应电流沿逆时针方向,线框离开磁场时, 感应 电流沿顺时针方向,选项 A 错误；依据楞次定律“来拒去留 ” 的结论,线框进出磁场时,所受安培力方向都向上,选项B 错误；由 dl,线框穿出磁场时的平均速度大于进入磁场时的平均速度,所以穿出磁场时所用时间小于进入磁场时所用的时间,选项 D 正确；依据 FBIl B 2lR可知,穿出磁场时的平均安培力大于进入磁场时的平均安培力,所 2v以穿出磁场时安培力做的功多,产生的热量多,选项 C 错误二、多项挑选题10如图 10
3、所示,边长为 L、不行形变的正方形导线框内有半径为 r 的圆形磁场区域,其磁感应强度 B 随时间 t 的变化关系为 Bkt常量 k 0回路中滑动变阻器 R 的最大阻值为 R0,滑动片 P 位于滑动变阻器中心,定值电阻 R1R0、R2R0 2 .闭合开关 S,电压表的示数为 U,不考虑虚线 MN 右侧导体的感应电动势,就 图 10 名师归纳总结 AR2两端的电压为 U 7R2的 5 倍第 7 页,共 10 页B电容器的a 极板带正电C滑动变阻器R 的热功率为电阻- - - - - - -精选学习资料 - - - - - - - - - D正方形导线框中的感应电动势kL2答案 AC 解析 由楞次定
4、律可知,正方形导线框中的感应电流方向为逆时针方向,所以电容器 b极板带正电, 选项 B 错误 依据法拉第电磁感应定律,正方形导线框中的感应电动势 ER0 R0kr 2,选项 D 错误 R2 与R0 2的并联阻值 R 并R0 2R0 22R0 4,依据串联分压的特点可知：2 2 1 2UR2 U 74R0 1 7U,选项 A 正确由 PU R得： PR2U 2R2 2U 249R0,PR2 7UR07UR04R0 2 2210U49R0,所以 PR5PR2 选项 C 正确11如图 11 所示,一轨道的倾斜部分和水平部分都处于磁感应强度为 B 的匀强磁场中,且磁场方向都与轨道平面垂直,水平轨道足够
5、长一质量为 m 的水平金属棒 ab,从静止开头沿轨道下滑,运动过程中金属棒ab 始终保持与轨道垂直且接触良好金属棒从倾斜轨道转入水平轨道时无机械能缺失就ab 棒运动的v t 图象,可能正确选项 图 11 答案 CD 解析 金属棒沿倾斜轨道下滑时,开头时重力沿斜面对下的分力大于安培力和摩擦力,金属棒向下加速,随着速度的增大,安培力增大,故导体棒做加速度减小的加速运动,可能在倾斜轨道上加速度减为零,做一段匀速运动,也可能加速度没减为零,导体棒到达水平轨道上时,受安培力和摩擦力的作用,速度越来越小, 安培力越来越小,导体棒名师归纳总结 减速运动的加速度越来越小,最终静止在轨道上,故C、D 正确, A
6、 、B 错误第 8 页,共 10 页12一正方形金属线框位于有界匀强磁场区域内,线框平面与磁场垂直,线框的右边紧贴着磁场边界,如图12 甲所示 t0 时刻对线框施加一水平向右的外力F,让线框从静止- - - - - - -精选学习资料 - - - - - - - - - 开头做匀加速直线运动穿过磁场外力 F 随时间 t 变化的图线如图乙所示已知线框质量 m1 kg、电阻 R 1 .以下说法正确选项 图 12 2A做匀加速直线运动的加速度为 1 m/sB匀强磁场的磁感应强度为 2 2 T 2C线框穿过磁场过程中,通过线框的电荷量为 2 C D线框穿过磁场的过程中,线框上产生的焦耳热为 1.5 J
7、 答案 ABC 解析 此题考查的是电磁感应定律相关问题,开头时,aF m1 1 m/s 21 m/s 2,由题图乙可知 t1.0 s 时安培力消逝, 线框刚好离开磁场区域,就线框边长： l1 2at 21 211.0 2m 0.5 m；当 t1.0 s 时,F3 N,由牛顿其次定律得 FB 2lR 2v3 NB 20.5 211 1N1 kg 1 m/s 2,得到 B2 2 T,q I t2BlvR t22 211.0 C2 2 C；Q I 2Rt 2 2 211.0 J0.5 J,故 D 错, A、B、C 正确13如图 13 所示, 在倾角为 的光滑斜面上,存在着两个大小相等、方向相反的匀强
8、磁场,磁场方向与斜面垂直,两磁场的宽度MJ 和 JG 均为 L,一个质量为m、电阻为R、边长也为 L 的正方形导线框,由静止开头沿斜面下滑,当ab 边刚越过 GH 进入磁场时,线框恰好以速度 v0 做匀速直线运动；当 ab 边下滑到 JP 与 MN 的中间位置时,线框又恰好以速度 v 做匀速直线运动就以下说法正确选项 图 13 Avv0名师归纳总结 - - - - - - -第 9 页,共 10 页精选学习资料 - - - - - - - - - B线框离开MN 的过程中电流方向为adcda解析C当 ab 边刚越过 JP 时,线框加速度的大小为3gsin D从 ab 边刚越过 GH 到 ab
9、边刚越过 MN 过程中,线框产生的热量为2mgLsin 15 232mv 0答案BCD ab 边刚越过 GH 进入磁场时,线框做匀速直线运动,安培力BIL mgsin ,当 ab 边刚越过 JP 时, ab、cd 边都切割磁感线,感应电流变为原先的2 倍,总的安培力变为原先的4 倍, 4BIL mgsin ma,a3gsin ,选项 C 正确； ab 边越过 JP 后,导体棒先做减速运动,当再次匀速时,安培力的合力仍等于 mgsin ,由B 2LR 2v0mgsin 、4B R 2L 2vmgsin 得,v1 4v0,选项 A 错误；依据楞次定律, 线框离开 MN 的过程中, 感应电流的方向应当为 adcba,选项 B 正确；从 ab 边刚越过 GH 到 ab 边刚越过 MN,依据动能定理有 2mgLsin W1 2mv21 2mv 20,所以克服安培力做的功为W2mgLsin 15 32mv 2 0,选项 D 正确 . 名师归纳总结 - - - - - - -第 10 页,共 10 页