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1、安徽省滁州市潜山中学2017-2018学年上学期高二期中考试物理试卷一、选择题1. 在物理学的发展过程中，科学的物理思想与方法对物理学的发展起到了重要作用，下列关于物理思想和方法说法不正确的是（）A. 质点、点电荷、试探电荷是同一种思想方法B. 重心、合力都体现了等效思想C. 伽利略在研究自由落体运动时运用了理想实验的方法D. 伽利略首次提出“提出假说，数学推理，实验验证，合理外推“的科学推理方法【答案】C【解析】质点和轻弹簧均采用了理想模型法，故是同一种思想方法，故A说法正确；重心、合力都体现了等效思想，故B说法正确；伽利略在研究自由落体运动时运用实验和逻辑推理相结合的方法，故C说法错误；伽
2、利略首次提出“提出假说，数学推理，实验验证，合理外推“的科学推理方法，故D说法正确。所以选C。2. 在光滑绝缘的水平地面上放置着四个相同的金属小球，小球A、B、C位于等边三角形的三个顶点上，小球D位于三角形的中心，如图所示.现让小球A、B、C带等量的正电荷Q，让小球D带负电荷q，使四个小球均处于静止状态，则Q与q的比值为（）A. B. C. D. 3【答案】C.故选C。3. 如图所示是某导体的IU图线，图中45，下列说法不正确的是（ ）A. 通过该导体的电流与其两端的电压成正比B. 此导体的电阻R不变C. IU图线的斜率表示电阻的倒数，所以Rcot 451 D. 在该导体两端加6V电压时，每秒
3、通过导体截面的电荷量是3C【答案】C【解析】A、由图可以知道,电流随着其两端的电压的增大而增大,故电流与其两端的电压成正比，故A 正确B、由 可以知道,图象的斜率表示电阻的倒数，则由图象可以知道即导体的电阻是一定值，故B正确，C错误；D、在R两端加6V的电压时,电路中电流 ,则每秒通过电阻的电荷量为，故D正确；本题要不正确的是，所以C是不正确的综上所述本题答案是：C 4. 如图所示，将平行板电容器两极板分别与电池正、负极相接，两板间一带电液滴恰好处于静止状态现贴着下板插入一定厚度的金属板，则在插入过程中 （ ）A. 电容器的带电量不变 B. 电路将有顺时针方向的短暂电流C. 带电液滴将向上做加
4、速运动 D. 带电液滴仍将静止【答案】C【解析】插入一金属板相当于极板间距离变小了，根据决定式，知电容增大，电势差不变，则Q=CU知，电容器带电量增大，电路中有逆时针方向的短暂电流故AB错误；电势差不变，d减小，则根据可知电场强度增大，带电液滴所受的电场力增大，大于重力，将向上做加速运动，故C正确，D错误。所以C正确，ABD错误。5. 用两只完全相同的电流表分别改装成一只电流表和一只电压表，将它们串联起来接入电路中（两只表均能正常工作），如图所示，此时（ ）A. 两只电表的指针偏转角相同B. 两只电表的指针都不偏转C. 电流表指针的偏转角小于电压表指针的偏转角D. 电流表指针的偏转角大于电压表
5、指针的偏转角【答案】C【解析】试题分析：电流表改装成电压表是串联较大的分压电阻；电流表改装成大量程电流表是并联较小的分流电阻；两表串联后，通过电流表的总电流与电压表的电流相等，由于电流表改装成大量程电流表是并联较小的分流电阻，所以大部分电流通过了分流电阻，通过表头的电流很小，电流表指针的偏转角小于电压表指针的偏转角，故ABD错误，C正确；故选C。考点：电表的改装【名师点睛】本题关键是明确电流表和电压表的改装原理，电流表改装成电压表是串联较大的分压电阻；电流表改装成大量程电流表是并联较小的分流电阻；熟悉串联电路的电流特点，基础题。6. 如图所示，电流表、电压表均为理想电表，L为小电珠。R为滑动变
6、阻器，电源电动势为E，内阻为r。现将开关S闭合，当滑动变阻器滑片P向左移动时，下列结论正确的是( ) A. 电流表示数变大，电压表示数变小 B. 小电珠L变亮C. 电容器C上电荷量减小 D. 电源的总功率变小【答案】D【解析】当滑动变阻器滑片P向左移动时，变阻器接入电路电阻增大，外电路总电阻增大，由欧姆定律得知，总电流减小，路端电压增大，则电流表示数变小，电压表示数变大，小电珠L变暗，故AB错误；电源的总功率P=EI，I减小，E不变，则电源的总功率变小，故D正确；电容器的电压U=E-I（RL+r），I减小，其它量不变，则U增大，由Q=CU可知电容器C上电荷量Q增加，故C错误。所以D正确，ABC
7、错误。7. 如图所示的UI图象中，直线I为某电源的路端电压与电流的关系，直线为某一电阻R的伏安特性曲线，用该电源直接与电阻R连接成闭合电路，由图象可知（ ）A. R的阻值为1.5B. 电源电动势为3V，内阻为0.5C. 电源的输出功率为3.0WD. 电源内部消耗功率为1.5W【答案】AD【解析】试题分析：电阻，故A正确；根据闭合电路欧姆定律得，当时，由读出电源的电动势，内阻等于图线的斜率大小，则，故B错误；两图线的交点表示该电源直接与电阻R相连组成闭合电路时工作状态，由图读出电压，电流，则电源的输出功率为，故C错误；电阻R的功率为，故D正确。考点：电功、电功率【名师点睛】对于图线关键要根据物理
8、规律，从数学角度来理解其物理意义本题要抓住图线的斜率、交点的意义来理解图象的意义。8. 图中虚线是用实验方法描绘出的某一静电场中的一簇等势线，若不计重力的带电粒子从a点射入电场后恰能沿图中的实线运动，b点是其运动轨迹上的另一点，则下述判断正确的是（ ）A. a点的场强一定大于b点 B. b点的电势一定高于a点C. 带电粒子一定带正电 D. 带电粒子在b点的速率一定小于在a点的速率【答案】AD【解析】等势线越密的地方场强越强，可知b点的场强小于a点，故A正确；由于电荷的电性未知，无法得出电场强度的方向，则无法比较电势的高低，故B错误；粒子的电性从题目中无法得知，故C错误；电场力的方向大致指向轨迹
9、凹的一向，可知从a到b，电场力做负功，动能减小，则b点的速率一定小于a点的速率，故D正确。所以AD正确，BC错误。9. 如图，质量为m、带电量为q的小球用长为L的细线悬挂，处在水平方向的匀强电场中，小球静止于A点，此时悬线与竖直方向夹角为=30，现用力将小球缓慢拉到最低点B由静止释放。不计空气阻力，则下列说法正确的是（ ）A. 场强的大小为B. 小球将在A、B之间往复摆动C. 小球将回到A处停下来D. 小球从B向右摆到最高点的过程中，电势能的减少量 为【答案】AD【解析】小球原来处于静止，由平衡条件得：qE=mgtan，则得，故A正确；由题知，小球原来静止，电场力与重力的合力方向沿OA方向小球
10、从最低点B由静止释放后，电场力和重力的合力做正功，小球的速度增大，到达A点后，由于惯性，继续向上摆动，之后合力对小球做负功，速度减小，速度减至零后，再向下摆动，到B点速度为零，周而复始，所以小球将以A点为平衡位置做往复运动故BC错误；小球从B向右摆到最高点的过程中，设x细线的最大偏角为根据能量守恒定律得：mgl（1-cos）=qElsin将qE=mgtan，代入解得：tan=tan，=2=60; 所以电势能的减少量为Ep=qElsin=mgl（1-cos）=mgl（1-cos60）=mgl，故D正确故选AD10. 如图所示，A、B两个带电小球的质量均为m，所带电量分别为+q和q，两球间用绝缘细
11、线连接，A球又用绝缘细线悬挂在天花板上，细线长均为L。现在两球所在的空间加上一方向水平向左的匀强电场，电场强度， A、B两球最后会静止在新的平衡位置，则在这个过程中，两个小球 ( ) A. 总重力势能增加了B. 总重力势能增加了C. 总电势能减少了D. 总电势能减少了【答案】BD【解析】把A、B两球看成一个整体水平方向受的电场力为零，从竖直方向受力分析，可知：A绳始终是竖直的，即A球的的重力势能不变；隔离B，水平向右电场力F=qE=mg；向下重力也是mg，对其受力分析根据平衡条件可知：B绳与水平成450，这时B球位置升高，所以重力势能增加，故A正确，B错误；由于B电荷向右移动了，所以电场力对B
12、电荷做功为，所以电势能减少了，故C错误，D正确。所以BD正确，AC错误。二、实验题11. （1）图1螺旋测微读数为_mm（2）图2游标卡尺读数为_cm【答案】 (1). （1）0.796 (2). （2）1.09412. “测定电池的电动势和内阻”的实验中，下列注意事项中错误的是（_）A.应选用旧的干电池作为被测电源，以使电压表示数的变化比较明显B. 移动变阻器的触头时，不能使滑动变阻器短路造成电流表过载C.应选用内阻较小的电压表和电流表D.根据实验记录的数据作UI图像时，应通过尽可能多的点画一条直线，并使不在直线上的点大致均匀分布在直线两侧【答案】C【解析】由电压U=E-Ir可知，应选用旧的
13、干电池作为被测电源，因为旧电池的内阻较大，以使电压表读数变化明显，故A说法正确；移动滑动变阻器的滑片时，不能使滑动变阻器短路造成电流表过载，故B说法正确；实验所用电池内阻很小，相对于电源来说应采用电流表外接法，电流表外接法的误差来源是电压表的分流，电压表内阻越大，实验误差越小，应选择内阻大的电压表进行实验，故C说法错误；根据实验记录的数据作U-I图象时，应通过尽可能多的点画一条直线，并使不在直线上的点大致均匀分布在直线两侧，故D说法正确。所以选C。13. 在“练习使用多用电表”的实验中。（1）用多用电表测量某电阻，将挡位旋钮调至“”挡，读数时发现指针偏转角太大，为使测量结果更加准确，则应改用“
14、_”挡。（选填字母代号即可）A B C（2）多用电表使用时间长了，其内阻会明显变大，继续使用该表测电阻时，通过“调零旋钮”进行调零仍能使用，假设调零前后电池的电动势不变，则调零后用该表测得的电阻值与电阻的真实值相比，将_。（选填字母代号即可）A偏大 B偏小 C不变（3）如图所示，闭合开关后发现小灯泡不亮，欲用多用电表检查该电路某处是否发生“断路”，在保持电路完整的情况下，应使用多用电表的_进行测量（选填字母代号即可）A电阻挡 B电流挡 C交流电压挡 D直流电压挡【答案】 (1). （1）A (2). （2）C (3). (3) D 【解析】试题分析：用多用电表测量某电阻，将档位旋钮调至“”档，
15、读数时发现指针偏转角太大，说明所选挡位太大，为使测量结果更加准确，应换小挡，应改用挡，故选A。使用欧姆表测电阻时，使用“调零旋钮”进行调零仍能使用，调零前后电池的电动势不变，由可知，所测电阻R是真实的，则调零后用该表测得的电阻值与电阻的真实值相比相等，故选C。由图示可知，电源为直流电源，闭合开关后发现小灯泡不亮，欲用多用电表检查该电路某处是否发生“断路”，在保持电路完整的情况下，应使用多用电表的直流电压档进行测量，故选D。考点：用多用电表测电阻【名师点睛】本题考查了欧姆表的使用及电路故障检测方法，使用欧姆表测电阻时，要选择合适的挡位，使指针指在中央刻度线附近；可以使用电压表、电流表与欧姆表检测
16、电路故障，要掌握其检测方法与注意事项。三、计算题14. 如图所示，平行金属带电极板A、B间可看作匀强电场，场强E=1.2103 V/m，极板间距离d=5 cm，电场中C和D分别到A、B两板的距离均为0.5 cm，B极板接地，求： (1) C、D两点的电势和两点间的电势差；(2) 点电荷q1=-2103 C分别在C和D两点的电势能；(3) 将点电荷q2=2103 C从C匀速移到D时外力所做的功。【答案】(1)48 V(2) EpC=0.108 J，EpD0.012 J(3) 0.096 J【解析】试题分析：（1）根据在匀强电场中电势差和场强的关系式U=Ed可求出C和D之间的电势差UCD、B和D之
17、间的电势差UBD、B和C之间的电势差UBC根据UBD=BD可求出D同理可求出C（2）根据EP=q可知点电荷在C点和在D点的电势能（3）根据动能定理可知物体的动能未变，则合外力所做的功为0，故要求除电场力以外的力所做的功就必须先求电场力所做的功，而根据WCD=qUCD可求出电场力所做的功解：（1）B板接地，B=0，沿电场方向有CD之间的距离为：dCD=dhAChBD=50.50.5=4cm=4102m，UCD=EdCD=1.21034102=48V；UDB=EdDB=1.21030.5102=6V，即：DB=6V，则D=6V，UCB=EdCB=1.21034.5102=54V，即CB=54V，C
18、=54V；（2）由EP=q可知点电荷q1=2103C在C点的电势能EPC=210354=0.108J，在D点的电势能EPD=21036=1.2102J；（3）将点电荷q2=2102C从C匀速移到D时，电场力所做的功：W=q2UCD=210248=9.6101J，故除电场以外的力所做的功：W外=W=9.6101J答：（1）C和D两点的电势分别为54V、6V，两点间的电势差UCD等于48V（2）点电荷q1=2103C在C和D两点的电势能分别为0.108J和1.2102J（3）除电场力以外的力做功为9.6101J【点评】在利用EP=q求电势能时电量q和电势的正负号一定要保留根据WCD=qUCD可求出
19、电场力所做的功时电荷是从C点运动到D点15. 如图所示的电路中，两平行金属板A、B水平放置，两板间的距离d=40 cm.电源电动势E=24V，内电阻r=1，电阻R=9。闭合开关S，待电路稳定后，将一带正电的小球从B板小孔以初速度v0=4 m/s竖直向上射入板间。若小球带电荷量为q=210-2 C，质量为m=210-2 kg，不考虑空气阻力。那么，滑动变阻器接入电路的阻值为多大时，小球恰能到达A板？此时电源的输出功率是多大？(取g=10 m/s2)【答案】2 44 W.【解析】解:(1)小球进入板间后,受重力和电场力作用,且到A板时速度为零.设两板间电压为 由动能定理得 解得： 滑动变阻器两端电
20、压 由闭合电路欧姆定律： ， 得： ; 所以滑动变阻器的电阻为8 （2）电源的输出功率：=11W 综上所述：本题答案;(1) 当，小球恰好能到达A板（2）电源的输出功率：=11W 点评：小球恰好运动到A板,根据动能定理列式求解两板间的电压;然后根据欧姆定律求解滑动变阻器的电阻值;最后根据电功率表达式求解电源的输出功率.本题关键是分析清楚电路结构和运动情况后,根据动能定理、欧姆定律联立列式求解.16. 示波器是一种多功能电学仪器，可以在荧光屏上显示出被检测的电压波形，它的工作原理等效成下列情况：如图甲所示，真空室中电极K发出电子（初速不计），经过电压为U1的加速电场后，由小孔S沿水平金属板A、B
21、间的中心线射入板中，板长L，相距为d，在两板间加上如图乙所示的正弦交变电压，周期为T，前半个周期内B板的电势高于A板的电势，电场全部集中在两板之间，且分布均匀，在每个电子通过极板间的极短时间内，电场视作恒定.在两板间右侧且与极板右侧相距D处有一个荧光屏，（已知电子的质量为m,带电量为e，不计电子的重力），求：（1）电子进入AB板时的初速度v；（2）要使所有的电子都能打在荧光屏上，图乙中电压的最大值U0需满足什么条件？【答案】（1） （2）【解析】（1）电子在加速电场中，由动能定理解得（2）因为每个电子通过极板间的极短时间内，电场视作恒定，电子做类平抛运动沿板方向当板间达到最大电压U0时，电子恰好沿板边缘离开垂直电场方向由上述式子解得可知，要使所有的电子都能打在荧光屏上，图乙电压最大值 ASDFESAQ!#%FWQQ!QAaaazzx33456#$!%ASDFESAQ!#%FWQQ!QAaaazzx33456#$!%