2022高考物理一轮选练编题2新人教版.doc

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1、2022高考物理一轮选练编题2李仕才一、选择题1、(2022西安市长安区第一中学大学区高三第三次联考)假设宇宙中有两颗相距无限远的行星A和B,半径分别为RA和RB.两颗行星周围卫星的轨道半径的三次方(r3)与运行周期的平方(T2)的关系如下图;T0为卫星环绕行星外表运行的周期那么()A行星A的质量小于行星B的质量B行星A的密度小于行星B的密度C行星A的第一宇宙速度等于行星B的第一宇宙速度D当两行星的卫星轨道半径相同时,行星A的卫星向心加速度大于行星B的卫星向心加速度解析:选D.根据万有引力提供向心力得出:Gmr得:M,根据图象可知,A的比B的大,所以行星A的质量大于行星B的质量,故A错误;根图

2、象可知,在两颗行星外表做匀速圆周运动的周期相同,密度,所以行星A的密度等于行星B的密度,故B错误;第一宇宙速度v,A的半径大于B的半径,卫星环绕行星外表运行的周期相同,那么A的第一宇宙速度大于行星B的第一宇宙速度,故C错误;根据Gma得:aG,当两行星的卫星轨道半径相同时,A的质量大于B的质量,那么行星A的卫星向心加速度大于行星B的卫星向心加速度,故D正确应选D.2、用一段横截面半径为r、电阻率为、密度为d的均匀导体材料做成一个半径为R(rR)的圆环.圆环竖直向下落入如下图的径向磁场中,圆环的圆心始终在N极的轴线上,圆环所在位置的磁感应强度大小均为B.圆环在加速下落过程中某一时刻的速度为v,忽

3、略电感的影响,那么(AD)A.此时在圆环中产生了(俯视)顺时针的感应电流B.圆环因受到了向下的安培力而加速下落C.此时圆环的加速度a=D.如果径向磁场足够长,那么圆环的最大速度vm=解析:由右手定那么可以判断感应电流的方向,可知选项A正确;由左手定那么可以判断,此时圆环受到的安培力应该向上,选项B错误;圆环受重力、安培力作用,mg-BIL=ma,I=,m=dV,V=LS,L=2R,S=r2,电阻R=,可解得加速度a=g-,选项C错误;当重力等于安培力时速度到达最大,可得vm=,选项D正确.3、一质点做速度逐渐增大的匀加速直线运动,在时间间隔t内位移为x,动能变为原来的4倍。该质点的加速度为(

4、)A. B. C. D.【答案】C 【解析】动能变为原来的4倍,那么物体的速度变为原来的2倍,即v2v0,由x(v0v)t和a得a,故C对。4、(2022武汉武昌模拟)(多项选择)质量M3 kg的滑块套在水平固定着的轨道上并可在轨道上无摩擦滑动质量为m2 kg的小球(视为质点)通过长L0.75 m的轻杆与滑块上的光滑轴O连接,开始时滑块静止,轻杆处于水平状态现给小球一个v03 m/s的竖直向下的初速度,取g10 m/s2.那么()A小球m从初始位置到第一次到达最低点的过程中,滑块M在水平轨道上向右移动了0.3 mB小球m从初始位置到第一次到达最低点的过程中,滑块M在水平轨道上向左移动了0.3

5、mC小球m相对于初始位置可以上升的最大高度为0.27 mD小球m从初始位置到第一次到达最大高度的过程中,滑块M在水平轨道上向右移动了0.54 m 解析:选AD.可把小球和滑块水平方向的运动看做人船模型,设滑块M在水平轨道上向右运动了x,由滑块和小球系统在水平方向时动量守恒,有,解得:x0.3 m,选项A正确B错误根据动量守恒定律,小球m相对于初始位置上升到最大高度时小球和滑块速度都为零,由能量守恒定律可知,小球m相对于初始位置可以上升的最大高度为0.45 m,选项C错误根据动量守恒定律,在小球上升到轨道高度时,滑块速度为零,由系统的能量守恒定律可知,小球m相对于初始位置可以到达的最大高度为h0

6、.45 m,与水平面的夹角为cos 0.8,设小球从最低位置上升到最高位置过程中滑块M在水平轨道上又向右运动了x,由滑块和小球系统在水平方向时动量守恒,有,解得:x0.24 m小球m从初始位置到第一次到达最大高度的过程中,滑块在水平轨道上向右移动了xx0.3 m0.24 m0.54 m,选项D正确5、(2022河南洛阳一模)(1)(5分)以下说法中正确的选项是(填正确答案标号.选对1个得2分,选对2个得4分,选对3个得5分.每选错1个扣3分,最低得分为0分).A.能量守恒定律是普遍规律,能量耗散不违反能量守恒定律B.扩散现象可以在液体、气体中进行,不能在固体中发生C.有规那么外形的物体是晶体,

7、没有确定的几何外形的物体是非晶体D.由于液体外表分子间距离大于液体内局部子间的距离,所以存在外表张力E.一切自发过程总是沿着分子热运动的无序性增大的方向进行(2)(10分)某次测量中在地面释放一体积为8 L的氢气球,发现当气球升高到1 600 m时破裂.实验说明氢气球内外压强近似相等,当氢气球体积膨胀到8.4 L时即破裂.地面附近大气的温度为27 ,常温下当地大气压随高度的变化如下图.求高度为1 600 m处大气的摄氏温度.解析:(1)能量守恒定律是普遍规律,能量耗散是能量的形式发生了转化,能量的利用品质下降,但总能量仍守恒,所以不违反能量守恒定律,故A正确;扩散现象可以在液体、气体中进行,也

8、能在固体中发生,故B错误;有规那么外形的物体是单晶体,没有确定的几何外形的物体是非晶体和多晶体,故C错误;由于液体外表分子间距离大于液体内局部子间的距离,分子间作用力表现为引力,所以存在外表张力,故D正确;由热力学第二定律的微观解释可知,E正确.(2)由题图可知,在地面附近球内压强p1=76 cmHg,1 600 m处球内气体压强p2=70 cmHg由理想气体状态方程得,=,T2=T1=300 K=290 K,t2=(290-273)=17 .答案:(1)ADE(2)17 6、(多项选择)下面说法正确的选项是()A卢瑟福根据粒子散射实验提出了原子的核式结构模型B.HHHe是核聚变反响方程C射线

9、是由原子核外的电子电离产生的D射线是由氦原子核衰变产生的解析:选AB.卢瑟福通过粒子散射实验,提出了原子核式结构模型,选项A正确;核聚变就是两个轻核相聚碰撞,结合成质量较大的原子核的过程,B选项是典型的核聚变方程,选项B正确;具有放射性的元素发生衰变时,原子核中的一个中子转化成一个质子同时释放出一个高速电子,即粒子,选项C错误;具有放射性的元素发生衰变时,原子核中的两个中子和两个质子结合在一起形成氦核(即粒子)而从原子核中释放出来,选项D错误7、如下图,匀强电场分布在边长为L的正方形区域ABCD内,M、N分别为AB和AD的中点,一个初速度为v0、质量为m、电荷量为q的带负电粒子沿纸面射入电场带

10、电粒子的重力不计如果带电粒子从M点垂直电场方向进入电场,那么恰好从D点离开电场假设带电粒子从N点垂直BC方向射入电场,那么带电粒子()A从BC边界离开电场B从AD边界离开电场C在电场中的运动时间为D离开电场时的动能为【答案】BD8、多项选择一小球做竖直上抛运动,当它回到抛出点时,速度为抛出时的,设小球运动中受到的空气阻力为恒力。以下说法中正确的选项是( )A. 小球受到的空气阻力与重力之比为7:25B. 小球受到的空气阻力与重力之比为25:39C. 小球上升的最大高度与无阻力情况下的最大高度之比为9:16D. 小球上升的最大高度与无阻力情况下的最大高度之比为25:32【来源】【全国百强校】辽宁

11、省鞍山市第一中学2022届高三下学期第七次模拟考试理科综合物理试题【答案】 AD【解析】A、B项:对小球上升过程利用动能定理有:对小球下降过程利用动能定理有:两式相加解得:两相相减解得:所以小球受到的空气阻力与重力之比为7:25,故A正确,B错误;C、D项:无阻力时小球能上升的最大高度为:有阻力时小球能上升的最大高度为:由于以两式解得:,故C错误,D正确。二、非选择题一圆筒的横截面如下图,其圆心为O.筒内有垂直于纸面向里的匀强磁场,磁感应强度为B.圆筒下面有相距为d的平行金属板M、N,其中M板带正电荷,N板带等量负电荷质量为m、电荷量为q的带正电粒子自M板边缘的P处由静止释放,经N板的小孔S以

12、速度v沿半径SO方向射入磁场中粒子与圆筒发生两次碰撞后仍从S孔射出,设粒子与圆筒碰撞过程中没有动能损失,且电荷量保持不变,在不计重力的情况下,求:(1)M、N间电场强度E的大小;(2)圆筒的半径R;(3)保持M、N间电场强度E不变,仅将M板向上平移d,粒子仍从M板边缘的P处由静止释放,粒子自进入圆筒至从S孔射出期间,与圆筒的碰撞次数n.解析:(1)设两板间的电压为U,由动能定理得qUmv2由匀强电场中电势差与电场强度的关系得UEd联立式可得E (2)粒子进入磁场后做匀速圆周运动,运用几何关系作出圆心为O,圆半径为r.设第一次碰撞点为A,由于粒子与圆筒发生两次碰撞又从S孔射出,因此,SA弧所对的圆心角AOS等于.由几何关系得rR tan 粒子运动过程中洛伦兹力充当向心力,由牛顿第二定律,得qvBm联立式得R(3)保持M、N间电场强度E不变,M板向上平移d后,设板间电压为U,那么U设粒子进入S孔时的速度为v,由式看出综合式可得vv设粒子做圆周运动的半径为r,那么r设粒子从S到第一次与圆筒碰撞期间的轨迹所对圆心角为,比拟两式得到rR,可见粒子须经过四个这样的圆弧才能从S孔射出,故n3答案:(1)(2)(3)36

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